贵州省黔西南州晴隆二中2015届高三上学期期末物理试卷

1、贵州省黔西南州晴隆二中2015届高三上学期期末物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，15只有一个选项符合题目要求，68有两选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1（6分）以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A牛顿发现的万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值B匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向C行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D奥斯特发现了电与磁间的关系

2、，即电流的周围存在着磁场；同时他通过实验发现了磁也能产生电，即电磁感应磁现象2（6分）如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A天花板与木块间的弹力可能为零B天花板对木块的摩擦力可能为零C推力F逐渐增大的过程中，木块将始终保持静止D木块受天花板的摩擦力随推力F的增大而变化3（6分）如图是一汽车在平直路面上启动的速度一时间图象，t1时刻起汽车的功率保持不变，由图象可知（）A0t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B0t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大Ct1t2时间内，汽车的牵引力减小，功率减小Dt1t2时间内，汽车的

3、牵引力不变，加速度不变4（6分）在下图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻为R0，在滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动过程中，理想电压表的读数变大的是（）ABCD5（6分）2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下判断中正确的是（）A这两颗卫星的加速度大小相等，均为B卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为C卫星l向后喷

4、气就一定能追上卫星2D卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功6（6分）有一辆质量为170kg、额定功率为1440W的太阳能试验汽车，安装有约6m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光（垂直照射在电池板上的太阳光）照射条件下单位面积输出的电功率为30W/m2若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为90km/h假设汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比，则汽车（）A以最大速度行驶时牵引力大小为57.6NB以额定功率启动时的加速度大小为0.24 m/s2C保持最大速度行驶1 h至少需要有效光照8 hD直接用太阳能电池板提供的功率可获得3.13 m/s的最大行驶速度7（6分）如图所

5、示，某光滑斜面倾角为30°，其上方存在平行斜面向下的匀强电场，将一轻弹簧一端 固定在斜面底端，现用一质量为m、带正电的绝缘物体将弹簧压缩锁定在A点（弹簧与物体不拴接），解除锁定后，物体将沿斜面上滑，物体在运动过程中所能到达的最高点B距A点的竖直高度为h物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，则下列说法正确的是（）A弹簧的最大弹性势能为mghB物体的最大动能等于弹簧的最大弹性势能C物体从A点运动到B点的过程中系统损失的机械能为mghD物体从A点运动到B点的过程中最大动能小于 2mgh8（6分）四个质点作直线运动，它们的速度图象分别如图所示，在2s末能回到出发点的是（）

6、ABCD二、实验题（本题共2个小题，共计17分）9（3分）两同学用如图所示方法做共点力平衡实验M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是（）A1个B3个C5个D7个10（3分）某同学对一物体长度进行测量，正确记录的数据为1.68cm，该同学可能使用的测量工具是（填工具前的符号）（）A最小刻度为1mm的刻度尺B游标卡尺甲（10分度）C游标卡尺乙D螺旋测微器11（11分）在“描绘额定电压为2.5V的小灯泡的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d

7、、e、f、g、h按图（甲）所示方式连接电路，电路中所有元器件都完好请根据实验连接电路图在图（乙）中虚线框内画出实验原理图；合上开关后，若反复调节滑动变阻器，小灯泡亮度发生变化，但电压表、电流表的示数不能调为零，则断路的导线为实验电路故障完全排除后，实验中测得有关数据如表：U/V0.400.801.201.602.002.402.80I/A0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图 （丙）中画出小灯泡的IU特性曲线若把该小灯泡直接接到电动势为2.5V，内阻为2.0的电源上，小灯光实际消耗的功率为W（保留两位有效数字）三、计算题（本题共3个小题，共计45分，解

8、答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）12（13分）如图所示，质量为0.78kg的金属块放在水平桌面上，在与水平成37°角斜向上、大小为3.0N的拉力F作用下，以4.0m/s的速度向右做匀速直线运动已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，g取10m/s2（1）求金属块与桌面间的动摩擦因数（2）如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后金属块在桌面上还能滑行多远？13（15分）如图所示，一束电子（电荷量为e）以速度v垂直射入磁感应强度为B，宽度为d的匀强磁场中，穿透磁场时速度方向与电子

9、原来入射方向的夹角为30°，求电子的质量和穿过磁场所用的时间14（17分）一质量m=0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角=37°足够长的斜面，某同学利用传感器测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机做出了小物块上滑过程的vt图象，如图所示（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）求：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数（2）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的速度大小；若不能返回，求出滑块停在什么位置贵州省黔西南州晴隆二中2015届高三上学期期末物理试卷参考答案与试题

10、解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，15只有一个选项符合题目要求，68有两选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1（6分）以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A牛顿发现的万有引力定律，卡文迪许用实验方法测出万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值B匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向C行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D奥斯特发现了电与磁间的关系，即电流的周围存在着磁场；同时他通过实验发现了磁也

11、能产生电，即电磁感应磁现象考点：物理学史 分析：本题应根据牛顿、卡文迪许、奥斯特、法拉第的物理学成就及匀速圆周运动的特点、开普勒行星运动定律进行解答解答：解：A、牛顿发现的万有引力定律之后，卡文迪许用扭秤实验测出万有引力恒量的数值，使万有引力定律有了真正的实用价值，故A正确B、匀速圆周运动的速度大小不变，速度方向始终为切线方向，但加速度始终指向圆心，时刻在变化，所以匀速圆周运动是变加速曲线运动，故B错误C、根据开普勒行星运动定律可知，行星绕恒星运动轨道为椭圆形，它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量，与行星的速度无关，故C错误D、奥斯特发现了电与磁间的关系，即电

12、流的周围存在着磁场；但他没有发现电磁感应现象，是法拉第通过实验发现了磁也能产生电，发现了电磁感应磁现象，故D错误故选：A点评：本题考查了物理学史，关键在于平时加强，注重积累对于匀变速曲线运动，要知道其加速度不变的特点2（6分）如图所示，一木块在垂直于倾斜天花板平面方向的推力F作用下处于静止状态，则下列判断正确的是（）A天花板与木块间的弹力可能为零B天花板对木块的摩擦力可能为零C推力F逐渐增大的过程中，木块将始终保持静止D木块受天花板的摩擦力随推力F的增大而变化考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力，加重

13、力、推力F，木块共受到四个力在逐渐增大F的过程，木块受到的静摩擦力不变，木块将始终保持静止解答：解：A、木块在重力作用下，有沿天花板下滑的趋势，一定受到静摩擦力，则天花板对木块一定有弹力；木块受力如图根据平衡条件得：F=N+Gcosf=Gsin由式，天花板与木块间的弹力小于物体受到的推力F，故A错误；B、D、由式，静摩擦力f=Gsin，为一个定值不可能为零，故B错误，D也错误；C、当逐渐增大F的过程，N增大，最大静摩擦力增大，而木块受到的静摩擦力f不变，木块将始终保持静止故C正确；故选：C点评：本题考查分析物体受力的能力对于弹力和摩擦力的关系要理解：两物体间有摩擦力，一定有弹力3（6分）如图是

14、一汽车在平直路面上启动的速度一时间图象，t1时刻起汽车的功率保持不变，由图象可知（）A0t1时间内，汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变B0t1时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大Ct1t2时间内，汽车的牵引力减小，功率减小Dt1t2时间内，汽车的牵引力不变，加速度不变考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率 专题：运动学中的图像专题分析：根据速度时间图象，汽车先匀加速直线运动，然后做加速度不断减小的加速运动，最后匀速运动；对汽车受力分析，结合牛顿第二定律和功率和速度关系公式列式分析解答：解：A、B、对汽车受力分析，受重力、支持力、牵引力和摩擦力，在0t1

15、时间内，汽车做匀加速直线运动，故加速度恒定，根据牛顿第二定律，有Ff=ma根据功率和速度关系公式，有P=Fv由于速度v不断不变，故F不变，P变大，故A错误，B正确；C、D、在t1t2时间内汽车做加速度不断减小的加速运动，根据牛顿第二定律，有Ff=ma根据功率和速度关系公式，有P=Fv由于速度v不断增大，功率P恒定（题中已知条件），故F减小，a减小，故C错误，D错误；故选B点评：本题关键根据速度时间图象得到汽车的速度改变情况，然后受力分析，根据牛顿第二定律和功率与速度的关系列式分析4（6分）在下图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻为R0，在滑动变阻器R的滑片P从a向b滑动过程中，理

16、想电压表的读数变大的是（）ABCD考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：理想电压表对电路的影响不计，相当于开关断开根据电压表所测量的电压，由串联电路分压特点和欧姆定律进行分析解答：解：A、该图中电压表和变阻器Pb部分被短路，电压表示数保持为零，故A错误B、电压表测量变阻器Pb段的电压，在滑片P从a向b滑动过程中，电压表的读数减小，故B错误C、在片P从a向b滑动过程中，变阻器接入电路的电阻增大，电路中电流减小，由欧姆定律可知电压表的读数减小，故C错误D、在片P从a向b滑动过程中，变阻器接入电路的电阻增大，电路中电流减小，由欧姆定律可知电源的内电压表减小，则由闭合电路欧姆定律得知路端电

17、压增大，则电压表的读数变大，故D正确故选：D点评：对于电路问题，首先要认清电路的结构，搞清电压表测量哪部分电压，再根据欧姆定律进行分析5（6分）2012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下判断中正确的是（）A这两颗卫星的加速度大小相等，均为B卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为C卫星l向后喷气就一定能追上卫星2D卫星1由位置A运

18、动到位置B的过程中万有引力做正功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力求出卫星的加速度和周期，从而进行判断在运动的过程中，万有引力与速度方向垂直，万有引力不做功解答：解：A、根据万有引力提供向心力得，解得a=根据万有引力等于重力得，GM=gR2，则卫星的加速度a=知卫星的加速度大小相等故A正确B、根据得，周期T=经过=，卫星1由位置A运动到位置B故B错误C、若卫星1向后喷气，则其速度会增大，卫星1将做离心运动，所以卫星1不可能追上卫星2故C错误D、卫星1由位置A运动到位置B的过程中，由于万有引力始终与速度垂直，故万有引力不做功

19、，D错误故选：A点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力这两个理论，并能灵活运用6（6分）有一辆质量为170kg、额定功率为1440W的太阳能试验汽车，安装有约6m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光（垂直照射在电池板上的太阳光）照射条件下单位面积输出的电功率为30W/m2若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为90km/h假设汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比，则汽车（）A以最大速度行驶时牵引力大小为57.6NB以额定功率启动时的加速度大小为0.24 m/s2C保持最大速度行驶1 h至少需要有效光照8 hD直接用太阳能电池板提供的功率可获得3.13 m/s

20、的最大行驶速度考点：功能关系；功率、平均功率和瞬时功率 分析：根据P=FV计算最大速度时的牵引力大小；解答：解：A、根据P额=FVmax，得：F=57.6N，故A正确；B、以额定功率启动时：f=ma，而刚启动时v=0，则f=0，故刚启动时加速度无穷大，B错误；C、根据能量守恒：1440w×1h=30×6w×t，得：t=8h，故C正确；D、由题意：汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比，设f=kv，则结合前面分析：57.6=k×得：k=2.304，当直接用太阳能电池板提供的功率行驶有最大速度时：牵引力=阻力，即：=kv得：v8.83m/s，故D错误；故选：

21、AC点评：本题考查推力、功率、面积等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，本题还告诉我们一定要广泛应用太阳能，太阳能不但节省能源，还可以环保7（6分）如图所示，某光滑斜面倾角为30°，其上方存在平行斜面向下的匀强电场，将一轻弹簧一端 固定在斜面底端，现用一质量为m、带正电的绝缘物体将弹簧压缩锁定在A点（弹簧与物体不拴接），解除锁定后，物体将沿斜面上滑，物体在运动过程中所能到达的最高点B距A点的竖直高度为h物体离开弹簧后沿斜面向上运动的加速度大小等于重力加速度g，则下列说法正确的是（）A弹簧的最大弹性势能为mghB物体的最大动能等于弹簧的最大弹性势能C物体从A点运动到B点的过程中系统损

22、失的机械能为mghD物体从A点运动到B点的过程中最大动能小于 2mgh考点：动能定理的应用；机械能守恒定律 专题：动能定理的应用专题分析：根据牛顿第二定律求出电场力的大小，根据能量守恒求出弹簧的最大弹性势能当物体的加速度为零时，物体的动能最大根据除重力或弹力以外其它力做功等于机械能的增量得出系统损失的机械能根据能量守恒得出最大弹性势能大于最大动能，从而得出最大动能与2mgh的关系解答：解：A、根据牛顿第二定律得，上滑时的加速度a=，解得qE=在上滑到最高点的过程中，弹性势能转化为重力势能和电势能，可知弹簧的最大弹性势能大于mgh故A错误B、当物体所受的合力为零，即重力的分力和电场力的合力等于弹

23、簧的弹力，此过程中，弹簧的弹性势能转化为物体的动能和重力势能以及电势能之和，且弹簧还处于压缩状态，则物体的最大动能小于弹簧的最大弹性势能故B错误C、除重力或弹力以外，其它力做功等于机械能的增量，从A到B，电场力做功为W=qEs=mgh，则系统机械能损失mgh故C正确D、根据能量守恒知，弹簧的最大弹性势能Ep=mgh+qEs=2mgh当物体的合力为零时，动能最大，最大动能小于弹簧的最大弹性势能，即小于2mgh故D正确故选：CD点评：解决本题的关键通过上滑的加速度等于g，根据牛顿第二定律求出电场力的大小，结合能量守恒定律进行分析8（6分）四个质点作直线运动，它们的速度图象分别如图所示，在2s末能回

24、到出发点的是（）ABCD考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位移，面积在时间轴上方代表位移沿正方向，面积在时间轴下方代表位移沿负方向解答：解：A、质点A在02s内的位移x1=+=0，即物体在2s末回到出发点故A正确B、质点B在02s内的位移x2=1m，即物体在2s末不能回到出发点故B错误C、质点C在02s内的位移x3=1m，即物体在2s末不能回到出发点故C错误D、质点D在02s内的位移x4=+=0，即物体在2s末回到出发点故D正确故选A、D点评：速度图象的特点速度图象的斜率等于物体的加速度；速度图象与时间轴围成的面积等于物体通过的位

25、移这是我们顺利解决此类题目的突破口二、实验题（本题共2个小题，共计17分）9（3分）两同学用如图所示方法做共点力平衡实验M、N为摩擦不计的定滑轮，O点是轻质细绳OA、OB和OC的结点，桌上有若干相同的钩码，某同学已经在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，为使O点在两滑轮间某位置受力平衡，另一同学在B点挂的钩码数应是（）A1个B3个C5个D7个考点：共点力平衡的条件及其应用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：根据共点力平衡的条件O点的合力应该为零，结合互成角度的二力合成的取值范围进行判断解答：解：结点O受三根轻质细绳OA、OB和OC的拉力，处于平衡状态，根据共点力平衡的条件合力为零得：OB拉力与

26、OA和OC拉力的合力等值，反向在A点和C点分别挂了3个和4个钩码，设每个钩码的重力是mg，所以OA和OC拉力大小分别是3mg和4mg，根据装置的特点，所以OA和OC拉力方向夹角不可能为零或180°，故二者合力的范围为1mgFOB7mg，所以另一同学在B点挂的钩码数可以是3个、5个，不可能是1个、7个故选：BC点评：本题考查平衡条件的应用，知道互成角度的二力的合成范围是F1F2F合F1+F210（3分）某同学对一物体长度进行测量，正确记录的数据为1.68cm，该同学可能使用的测量工具是（填工具前的符号）（）A最小刻度为1mm的刻度尺B游标卡尺甲（10分度）C游标卡尺乙D螺旋测微器考点：

27、长度的测量 专题：实验题分析：由所给数据位数，结合各器材的精确度进行分析解答：解：A、因1.68cm=16.8mm，最小刻度是毫米的刻度尺的应估读到0.1mm故A正确； B、10分度的游标卡尺的精确度是0.1mm，符合题意故B正确； C、20分度的游标卡尺的精确度是0.05mm，读数的末位为0或5故C错误； D、螺旋测微器的精确度是0.01mm，不符合题意故D错误；故选：AB点评：该题考查各种仪器的读数方法，明确估读位数属于对基础知识的考查，要注意积累11（11分）在“描绘额定电压为2.5V的小灯泡的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b、c、d、e、f、g、h按图（甲）所示方式连接电路，电路中所

28、有元器件都完好请根据实验连接电路图在图（乙）中虚线框内画出实验原理图；合上开关后，若反复调节滑动变阻器，小灯泡亮度发生变化，但电压表、电流表的示数不能调为零，则断路的导线为g实验电路故障完全排除后，实验中测得有关数据如表：U/V0.400.801.201.602.002.402.80I/A0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图 （丙）中画出小灯泡的IU特性曲线若把该小灯泡直接接到电动势为2.5V，内阻为2.0的电源上，小灯光实际消耗的功率为0.50W（保留两位有效数字）考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题分析：根据实验的原理可选了正确的滑动变阻

29、器及电流表的接法；根据电路中的现象，利用电路原理可知哪个地方发生了断路；利用描点法做出伏安特性曲线；作出电动势为2.5V，内阻为2.0的外电压与电流关系图线，与小灯泡伏安特性曲线的交点所对应的电压和电流为小灯泡的实际电压和电流，根据P=UI求出小灯泡的实际功率解答：解：因测量小灯泡的伏安特性曲实验中要求电压从零开始调节，故滑动变阻器应采用分压接法；同时因灯泡内阻较小，故电流表采用外接法；原理图如下；由题意可知，电路中有电流但不能调零，且灯泡亮度发生变化，说明滑动变阻器接成了限流接法，故说明g导线发生了断路；用平滑曲线描点作图如图所示；如图，作出电动势为2.5V，内阻为2.0的外电压与电流关系图

30、线，如图，可得小灯泡工作电流为0.25 A，工作电压为2.0 V，实际功率为P=UI=0.50 W故答案为：如图；g；如图；0.50点评：描绘小灯泡的伏安持性曲线实验中要注意实验中的原理及接法；要求学生熟练应用分压接法本题的难点在于求灯泡的时间功率，因为灯泡的电流随电压的变化而变化，只能通过作图法解决三、计算题（本题共3个小题，共计45分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）12（13分）如图所示，质量为0.78kg的金属块放在水平桌面上，在与水平成37°角斜向上、大小为3.0N的拉力F作用下，以4.0m

31、/s的速度向右做匀速直线运动已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，g取10m/s2（1）求金属块与桌面间的动摩擦因数（2）如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后金属块在桌面上还能滑行多远？考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）分析金属块的受力情况，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；（2）撤去拉力后金属块水平方向只受滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度，再由位移速度公式求解金属块在桌面上滑行的最大距离解答：解：（1）取物体运动方向为正，由平衡条件有：Fcosf=0 N=mgFsin又f=N所以有（2）由牛顿第二定律有mg=ma a=g=0.4×10m/s2=4m/s2据答：（1）金属块与桌面间的动摩擦因数为0.4；（2）撤去拉力后金属块在桌面上滑行的最大距离为2.0m点评：本题是物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图撤去F后动摩擦因数不变13（15分）如图所示，一束电子（电荷量为e）以速度v垂直射入磁感应强度为B，宽度为d的匀强磁场中，穿透磁场时速度方向与电子原来入射方向的夹角为30°，求电子的质量