广东省佛山市顺德区2015届高考物理模拟试卷【解析版】(5月份)

1、广东省佛山市顺德区2015届高考物理模拟试卷（5月份）一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题4分）1超市货架陈列着四个完全相同的篮球，不计摩擦，挡板均竖直，则4球中对圆弧面压力最小的球是( )Aa球Bb球Cc球Dd球2如图所示，a、b两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上速度时间图象，已知a、b曲线关于他们两交点的连线对称，且在t2时刻两车相遇，下列说法正确的是( )A在t1t2这段时间内，两车位移等大B在t1t2这段时间内的相同时刻，a车与 b车加速度大小相等Ct1时刻两车也相遇Dt1时刻a车在前，b车在后3如图，一轻质弹簧放在光滑斜面上且下端固定，一质量为

2、m的滑块从斜面顶端A由静止开始下滑，到达B点开始压缩弹簧，在把弹簧压缩到最短处C的过程中，下列说法中正确的是( )A由B到C，滑块一直做减速运动B由A到C，滑块的机械能守恒C由B到C，弹性势能和滑块动能之和逐渐增大D在C处，滑块的合外力为零4关于涡流，下列说法中错误的是( )A高频冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置B家用电磁炉上的锅体中的涡流是由恒定磁场产生的C金属探测器靠近金属物体时，金属内会产生涡流D变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，9小题，每小题6分，共54分每小题全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分

3、）5下列说法中正确的是( )A一群处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出2种不同频率的光子B粒子散射实验揭示了原子具有核式结构C核反应12H+13H24He+01n属于原子核聚变D发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，遏止电压就越大6如图所示，有一定质量的理想气体密闭在导热性能良好的气缸内，现通过外力使活塞缓慢向左移动一小段距离，设外部环境温度不变，则( )A气体温度上升B气体压强增大C气体分子间的引力和斥力均增大D气体对外放出热量7如图甲所示，矩形线圈ABCD通过滑环与理想变压器相连，触头P可移动，副线圈所接电阻R=10，表均为理想交流电表E、F两端输出电压如图乙所示，下列说法正确的

4、是( )A此ut图是从中性面开始计时的BP上移时，电流表示数减小Ct=0时，电压表示数为0VD当原、副线圈匝数比为2：1时，电阻上消耗的功率为10W8M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，则( )AM与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大BM的机械能大于N的机械能CM、N的速度均大于第一宇宙速度DM在相同的时间内经过的路程较短9有同学想通过静电除尘的方法净化空气她用玻璃圆桶密闭含灰尘的空气，圆桶的高和直径相等方法一是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；方法二是：在圆桶轴线处放一直导线，在导线与桶壁间加上的电压也

5、等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即F阻=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，不计尘埃的重力，则( )A两种方法中尘粒最终一定都做匀速运动B两种方法下尘粒受到的电场力大小相等C电场对单个尘粒做功的最大值相等D乙容器中的尘粒不可能做匀速直线运动三、非选择题（共4小题，满分54分）10用如图1所示的装置“探究加速度与力和质量的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平实验时，一定要进行的操作是_（填序号）A小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0B

6、改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C用天平测出砂和砂桶的质量D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量以拉力传感器示数F0的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的aF图象如图2所示，则可能正确的是_在实验中，得到一条如图3所示的纸带，取0、1、2、5共6个计数点，15每相邻两个点间各有四个点未画出，用刻度尺测出1、2、5各点到0点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz则小车的加速度大小为_m/s2（保留3位有效数字）11小明对某种合金材料电阻丝的导电性能感兴趣，于是用以下的方法

7、测量其电阻率：小明先用螺旋测微器测量电阻丝的直径，如图甲所示，电阻丝的直径d=_mm，接着用刻度尺测量电阻丝接入电路中的长度图乙是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图乙中画出小明用电流表内接法和外接法分别测量了这段电阻丝的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到UI图上，如图丙所示在图中，由电流表外接法得到的数据点是用_（填“”或“×”）表示的请你选择一组数据点，在图丙上用作图法作图，并求出这段电阻丝的电阻为R=_最后根据=R，求出该电阻丝的电阻率12（18分）如图所示，为一磁约束装置的原理图，圆心为原点O、半径为R0的圆形区域内有方向垂直xoy平面向里的匀强磁场一束

8、质量为m、电量为q、动能为E0的带正电粒子从坐标为（0、R0）的A点沿y负方向射入磁场区域，粒子全部经过x轴上的P点，方向沿x轴正方向当在环形区域加上方向垂直于xoy平面的匀强磁场时，上述粒子仍从A点沿y轴负方向射入区域，粒子经过区域后从Q点第2次射入区域，已知OQ与x轴正方向成60°不计重力和粒子间的相互作用求：（1）区域中磁感应强度B1的大小；（2）若要使所有的粒子均约束在区域内，则环形区域中B2的大小、方向及环形半径R至少为大；（3）粒子从A点沿y轴负方向射入后至再次以相同的速度经过A点的运动周期13（18分）如图所示，在光滑水平地面置有一凹形滑板ABC，紧靠左侧障碍物P，质量

9、为M=4m，AB为半径为R=0.45m的光滑弧面，BC长度为L，滑块P1和P2的质量均为m，P1与BC面的动摩擦因数为=0.80，P2与BC之间的摩擦忽略；开始时P1以v0=4m/s的初速度从A点沿弧面滑下，P2静止在滑板最左端C点，P1和P2 碰撞后粘成一粘合体P，g=10m/s2求：（1）P1滑到B点的速度大小（2）若L足够长，求P1和P2碰撞后瞬间，粘合体P的速度大小（3）讨论滑块P1和P2碰撞后粘成一粘合体P的速度大小与L的关系广东省佛山市顺德区2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题4分）1超市货架陈列着四

10、个完全相同的篮球，不计摩擦，挡板均竖直，则4球中对圆弧面压力最小的球是( )Aa球Bb球Cc球Dd球考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对其中的一个小球受力分析，受重力、挡板支持力和圆弧面的支持力，根据平衡条件列式求解出圆弧面支持力表达式进行分析即可解答：解：对球受力分析，如图所示：设圆弧面切线与水平方向的夹角为，根据平衡条件，有：N=故越小，N越小，故支持力最小的是d球，根据牛顿第三定律，压力最小的也是d球；故选：d点评：本题关键是受力分析后推导出弹力的表达式进行分析，基础题目2如图所示，a、b两条曲线为汽车a、b在同一条平直公路上速度时

11、间图象，已知a、b曲线关于他们两交点的连线对称，且在t2时刻两车相遇，下列说法正确的是( )A在t1t2这段时间内，两车位移等大B在t1t2这段时间内的相同时刻，a车与 b车加速度大小相等Ct1时刻两车也相遇Dt1时刻a车在前，b车在后考点：向心力 专题：匀速圆周运动专题分析：根据速度时间图线判断汽车的运动规律，通过图线与时间轴围成的面积表示位移判断哪个汽车在前通过图线的斜率判断加速度的变化解答：解：A、在t2时刻，两车相遇，在t1t2时间内，a图线与时间轴围成的面积大，则a的位移大，可知t1时刻，b车在前，a车在后故A、C、D错误B、图线切线的斜率表示加速度，由图象可知，在t1t2这段时间内

12、的相同时刻，a车与 b车加速度大小相等故B正确故选：B点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度3如图，一轻质弹簧放在光滑斜面上且下端固定，一质量为m的滑块从斜面顶端A由静止开始下滑，到达B点开始压缩弹簧，在把弹簧压缩到最短处C的过程中，下列说法中正确的是( )A由B到C，滑块一直做减速运动B由A到C，滑块的机械能守恒C由B到C，弹性势能和滑块动能之和逐渐增大D在C处，滑块的合外力为零考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：滑块接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，后大于重力沿斜面向下的分力，接触

13、弹簧后滑块先做变加速运动最后做变减速运动根据功能关系知：滑块重力做功等于弹性势能的增加量解答：解：A、滑块接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，滑块做加速运动，后弹力大于重力沿斜面向下的分力，作减速运动，则由B到C的过程中，滑块先加速后减小，故A错误；B、由A到C，滑块与弹簧组成的系统机械能守恒，滑块的机械能不守恒，故B错误；C、由B到C，滑块与弹簧组成的系统机械能守恒，则弹性势能、滑块动能即滑块的重力势能之和不变，而滑块重力势能逐渐减小，所以弹性势能和滑块动能之和逐渐增大，故C正确；D、在C处，滑块的速度为零，加速度不为零，弹力大于重力沿斜面向下的分量，所以滑块的合外力不为零，故

14、D错误故选：C点评：本题首先要根据滑块的受力情况分析其运动情况，抓住弹簧弹力的可变性，其次要根据功与能的关系，分析滑块重力势能及弹性势能和滑块动能之和的关系，难度适中4关于涡流，下列说法中错误的是( )A高频冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置B家用电磁炉上的锅体中的涡流是由恒定磁场产生的C金属探测器靠近金属物体时，金属内会产生涡流D变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流考点：* 涡流现象及其应用 分析：电磁炉是利用涡流工作，铁芯用硅钢片代替整块铁芯，是为了减小涡流损失，电磁感应现象的实质是磁生电解答：解：A、高频冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置；故A正确；B、电磁炉是由变化的磁场产生变化的

15、电场，利用涡流的热效应来加热物体的，故B错误；C、金属探测器靠近金属物体时，金属内会产生涡流；从而使报警器发出警报；故C正确；D、电动机、变压器的铁芯用硅钢片代替整块铁芯，是为了减小涡流损失，故D正确；本题选择错误的，故选：B点评：本题考查涡流的应用与防止，理解电磁感应与电流磁效应的区别，掌握日光灯的工作原理，知道启动器与镇流器的作用二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，9小题，每小题6分，共54分每小题全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）5下列说法中正确的是( )A一群处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出2种不同频率的光子B粒子散射实验揭示了原子

16、具有核式结构C核反应12H+13H24He+01n属于原子核聚变D发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，遏止电压就越大考点：粒子散射实验；轻核的聚变 专题：原子的核式结构及其组成分析：处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子，粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，根据光电效应方程Ekm=hvW0和eUC=EKm得出遏止电压Uc与入射光频率v的关系式解答：解：A、根据公式=3知，处于n=3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子，A错误B、粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，B正确C、核反应12H+13H24He+01n属于原子核聚变，C正确D、遏止电压与入射光的频率

17、成正比关系，与光强无关，D错误故选BC点评：本题考查了原子的跃迁、核式结构和聚变等知识点，属于基础题6如图所示，有一定质量的理想气体密闭在导热性能良好的气缸内，现通过外力使活塞缓慢向左移动一小段距离，设外部环境温度不变，则( )A气体温度上升B气体压强增大C气体分子间的引力和斥力均增大D气体对外放出热量考点：理想气体的状态方程；分子间的相互作用力 分析：气缸导热性能良好，故温度不变，根据热力学第一定律判断吸放热情况；根据气体状态方程判断压强变化情况解答：解：AD、气缸导热性能良好，故温度不变，内能不变；压缩气体，对气体做功，根据热力学第一定律公式U=W+Q，气体一定是放出热量；故A错误，D正确

18、；B、根据气体状态方程，温度不变，体积减小，故压强一定增加，故B正确；C、气体分子间距较大，分子力可以忽略不计；理想气体是理想化模型，分子间没有作用力；故C错误；故选：BD点评：本题关键是明确气体经历等温压缩过程，然后结合热力学第一定律列式分析，基础题目7如图甲所示，矩形线圈ABCD通过滑环与理想变压器相连，触头P可移动，副线圈所接电阻R=10，表均为理想交流电表E、F两端输出电压如图乙所示，下列说法正确的是( )A此ut图是从中性面开始计时的BP上移时，电流表示数减小Ct=0时，电压表示数为0VD当原、副线圈匝数比为2：1时，电阻上消耗的功率为10W考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系 专

19、题：交流电专题分析：由交流电的Ut图象可明确起点的位置；根据变压器原理可明确电压表及电流的示数；由功率公式即可求得功率解答：解：A、电压值从零开始变化，故说明是从中性面开始计时的；故A正确；B、当P上升时，输入端的匝数减小，则输出端电压增大，R中电流增大，则原线圈中电流增大；故B错误；C、电压表显示的是电流的有效值，故电压表示数不为零；故C错误；D、输入端电压有效值为20V，当匝数之比为2：1时，输出端电压为10V，R上消耗的功率P=10W；故D正确；故选：AD点评：本题考查变压器原理及交流电的性质，要注意明确电表示数均为有效值；会由动态分析方法分析电路中电流的变化；并能正确选择功率公式求解功

20、率8M、N两颗质量相同的卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示，则( )AM与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较大BM的机械能大于N的机械能CM、N的速度均大于第一宇宙速度DM在相同的时间内经过的路程较短考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式展开讨论即可第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，也是最大的环绕速度解答：解：根据万有引力提供向心力得：=ma=m2r=mr=mA、=，M卫星的角速度小于N卫星的角速度，所以M卫星与地球中心连线在相等的时间内转过的角度较小，故A错误；B、卫星从低轨道到高轨道需

21、要克服引力做较多的功，所以M卫星的机械能大于N卫星的机械能，故B正确；C、第一宇宙速度是近地卫星的运行速度，也是最大的环绕速度，M、N的速度均小于第一宇宙速度，故C错误；D、v=，M卫星的线速度小于N卫星的线速度，所以M卫星在相同的时间内经过的路程较短，故D正确；故选：BD点评：卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式讨论是解决本题的关键，要能根据题意选择恰当的向心力的表达式9有同学想通过静电除尘的方法净化空气她用玻璃圆桶密闭含灰尘的空气，圆桶的高和直径相等方法一是：在圆桶顶面和底面间加上电压U，沿圆桶的轴线方向形成一个匀强电场，尘粒的运动方向如图甲所示；方法二是：在圆桶轴线处放一直导线，在

22、导线与桶壁间加上的电压也等于U，形成沿半径方向的辐向电场，尘粒的运动方向如图乙所示已知空气阻力与尘粒运动的速度成正比，即F阻=kv（k为一定值），假设每个尘粒的质量和带电荷量均相同，不计尘埃的重力，则( )A两种方法中尘粒最终一定都做匀速运动B两种方法下尘粒受到的电场力大小相等C电场对单个尘粒做功的最大值相等D乙容器中的尘粒不可能做匀速直线运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动；静电现象的解释 专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：根据分析灰尘的受力，判断可知灰尘最终落在圆柱上，电场对单个尘粒做功的最大值为Uq都相等解答：解：A、在甲中，粒子电场力方向与速度方向相同，做匀加速直线运动，在乙中，电

23、场为发散状，故乙中粒子受力越来越小，故粒子做加速度减小的加速运动，故A错误 B、由U=Ed可得，由于距离d不同，故电场强度不相同，故每个粒子受电场力大小不相等，故B错误；C、根据动能定理知，电场对单个尘粒做功的最大值都等于Uq，故C正确D、乙中水平向与竖直向都有加速度，故不可能做匀速直线运动，故D正确故选：CD点评：本题考查静电除尘的应用，是道较新颖的题目，也是物理与生活相结合的典型，注意应用带电粒子在电场中的运动去分析解答三、非选择题（共4小题，满分54分）10用如图1所示的装置“探究加速度与力和质量的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细线均处于水平实验时，一定要进行的操

24、作是AB（填序号）A小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0B改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C用天平测出砂和砂桶的质量D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量以拉力传感器示数F0的二倍F（F=2F0）为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的aF图象如图2所示，则可能正确的是C在实验中，得到一条如图3所示的纸带，取0、1、2、5共6个计数点，15每相邻两个点间各有四个点未画出，用刻度尺测出1、2、5各点到0点的距离分别为：10.92、18.22、23.96、28.30、31.10（cm），通过电磁打点计时器的交流电频率为50Hz则小

25、车的加速度大小为1.48m/s2（保留3位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对aF图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度解答：解：（1）A、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故A正确；B、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故B正确；C、本题拉力可以由弹簧测

26、力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故CD错误故选：AB；（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以aF图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的aF图象在F轴上有截距，故C正确故选：C；（3）根据x=aT2，运用逐差法得，a=1.48m/s2，则小车的加速度大小为1.48m/s2故答案为：A B；C，1.48点评：本题实验源于课本，但是又不同于课本，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度注意在本实验中不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量，因为拉力可以弹簧秤直接测出11小明对某种合金材料电阻

27、丝的导电性能感兴趣，于是用以下的方法测量其电阻率：小明先用螺旋测微器测量电阻丝的直径，如图甲所示，电阻丝的直径d=0.531mm，接着用刻度尺测量电阻丝接入电路中的长度图乙是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图乙中画出小明用电流表内接法和外接法分别测量了这段电阻丝的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到UI图上，如图丙所示在图中，由电流表外接法得到的数据点是用×（填“”或“×”）表示的请你选择一组数据点，在图丙上用作图法作图，并求出这段电阻丝的电阻为R=1.2最后根据=R，求出该电阻丝的电阻率考点：测定金属的电阻率 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据螺旋

28、测微器的读数方法可得出对应的读数；连接实物图，注意电流表外接以及电流表正负接线柱的接法；电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，根据欧姆定律分析误差，进而选择相应的UI图线；并求得对应的电阻解答：解：螺旋测微器固定部分读数为0.5mm，转动部分读数为：3.1×0.01=0.031mm；故读数为；0.5+0.031=0.531mm；电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，根据欧姆定律则电阻测量值偏小，即UI图线的斜率偏小，故由电流表外接法得到的数据点是用×表示的；选择×数据点，在图2上用作图法作图，求出这段铅笔芯的电阻为R=1.2故答案为

29、：0.531；×；1.2点评：本题考查了伏安法测量电阻的电路图以及数据处理问题，电路图连接时一定要注意电流表的内接外接以及滑动变阻器的分压、限流接法选择问题12（18分）如图所示，为一磁约束装置的原理图，圆心为原点O、半径为R0的圆形区域内有方向垂直xoy平面向里的匀强磁场一束质量为m、电量为q、动能为E0的带正电粒子从坐标为（0、R0）的A点沿y负方向射入磁场区域，粒子全部经过x轴上的P点，方向沿x轴正方向当在环形区域加上方向垂直于xoy平面的匀强磁场时，上述粒子仍从A点沿y轴负方向射入区域，粒子经过区域后从Q点第2次射入区域，已知OQ与x轴正方向成60°不计重力和粒子间

30、的相互作用求：（1）区域中磁感应强度B1的大小；（2）若要使所有的粒子均约束在区域内，则环形区域中B2的大小、方向及环形半径R至少为大；（3）粒子从A点沿y轴负方向射入后至再次以相同的速度经过A点的运动周期考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）粒子进入磁场做圆周运动，由几何关系求出轨迹半径，由牛顿第二定律求解磁感应强度B1的大小；（2）在环形区域中，当粒子的运动轨迹与外圆相切，画出轨迹，由几何关系求解轨迹半径，再求解B2的大小（3）根据粒子运动的轨迹所对应的圆心角，再求解运动周期解答：解：（1）设在区域内轨迹圆半径为r1=R0； r1=所以 （2）设粒子在区域中的轨迹圆半径为r2，部分轨迹如图，由几何关系知：，所以 ，方向与B1相反，即垂直xoy平面向外；由几何关系得：R=2r2+r2=3r2，即 （3）轨迹从A点到Q点对应圆心角=90°+60°=150°，要仍从A点沿y轴负方向射入，需满足； 150n=360m，m、n属于自然数，即取最小整数m=