高考物理二轮复习选择题专项训练

1、高考物理二轮复习选择题专项训练 专题5 恒定电流 1如右图所示，电阻R1=20，电动机线圈电阻R2=10。当开关S断开时，电流表的示数为0.5A；当电键S闭合后，电动机转起来，电路两端电压不变，则下列关于电流表显示的电流、电路消耗的电功率P及电动机的热功率正确的是 （ ） AI1.5A BI1.5A CP15W DP热10W 【命题立意】考查欧姆定律、焦耳定律、非纯电阻电路的功率问题。 【思路点拨】对于非纯电阻电路，欧姆定律不再适用，但在本题中可以判断电流范围。要注意非纯电阻电路中热功率、总功率的关系。 【答案】B【解析】S断开时，电流表示数为0.5A，则U=I1R1=10V；S闭合时，因电动

2、机为非纯电阻元件，故I2 2RU=1A，故A错、B对。这时电路总功率P=UI总=U（I1+I2）10（1+0.5）W，即P15W，故C错误。热功率P热=I22R210W，选项D错误。 2如右图所示，R1，R2为可调电阻，R3为一般电阻，R4为热敏电阻。当环境温度升高时，下列说法中正确的是（ ） A电容器所带电量减小 B若R1的阻值减小，电容器的带电量可能保持不变 C若R2的阻值增大，电容器的带电量可能保持不变 D若R2的阻值减小，电流表的示数可能保持不变 【命题立意】本题以热敏电阻为载体，考查含电容电路的动态分析，运用数学知识解决物理问题。 【思路点拨】解决本题的关键是根据电阻的变化，进而分析

3、电容器两端的电压的变化。 【答案】D【解析】当环境温度升高时R4的电阻减小，整个回路电阻减小，干路电流增大，安培表示数增大，并联电路电压增大即电容器两端电压增大，所以电容器电量也增大，A答案错误；若R1的阻值减小，对电路无影响，B答案错误； 3在右图所示的电路中，由于某个电阻发生故障，电流表不再有读数，电压表读数增大，如果两只电表都可看作理想电表，则一定是 （ ） AR1断路 BR1短路 CR2短路 D R3短路 【命题立意】考查电阻的串并联知识以及对故障的判断能力。 【思路点拨】抓住电流表不再有读数，电压表读数增大这个关键点，对各种情况逐一判断。 【答案】B【解析】如果R1断路，则电路中总电

4、阻增大，总电流减小，电压表示数应减小，所以选项A错误；如果R1短路，则电流表不再有读数，总电阻减小，总电流增大，R2两端的电压增大，所以选项B正确；如果R2短路，则电压表不再有读数，选项C 错误；R3短路时，电压表和电流表的读数都增大，选项D错误。 4.如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表。初始时S0与S均闭合，现将S断开，则 A. V的读数变大，A的读数变小 B. V的读数变大，A的读数变大 C. V的读数变小，A的读数变小 D. V的读数变小，A的读数变大 【命题立意】闭合电路欧姆定律电阻的串并联特点以及电路的动态分析 【思路

5、点拨】S开，相当于电阻变大，总电流减小，故端电压增大，V的读数变大，把R1归为内阻，则R3中的电压也增大，R3中的电流也增大，R3中的电压也增大 【答案】B 5某一热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡串联，通电后其电流I随所加电压U变化的图线如右图所示，M为两元件的伏安曲线的交点。则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法中正确的是（ ） A图中图线a是小灯泡的伏安曲线，图线b是热敏电阻的伏安曲线 B图中图线b是小灯泡的伏安曲线，图线a是热敏电阻的伏安曲线 C图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值 D图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等

6、 【命题立意】考查电阻的伏安曲线，以及图线上各点物理意义。 【思路点拨】“面积”表示功率，横纵坐标之比为电阻值。本题易出错的地方是对图线的理解，有的同学误以为对于I-U图线，某状态的电阻是该点切线斜率的倒数，这一点需要注意。 【答案】BD【解析】小灯泡的灯丝是一个纯电阻，其灯丝温度会随着通电电流而增大，阻值也随着增大，所以图中b是小灯泡的伏安曲线；同理可知，热敏电阻的的温度随着通电电流增大，其阻值会逐渐减小，图线a是热敏电阻的伏安曲线，选项B正确；两图线的交点M，表示此状态两元件不仅电流相同，电压也相同，所以此时两者阻值相同，功率也相同，选项C错误D正确。 专题6 电场 6.如图所示，光滑绝缘

7、的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q的小球P。带电量分别为-q和+2q的小球M和N，由绝缘细杆相连，静止在桌面上。P与M相距L，P、M和N 视为点电荷，下列说法正确的是（ ） AM与N的距离大于L BP、M和N在同一直线上 C在P产生的电场中，M、N处的电势相同 DM、N及细杆组成的系统所受合外力为零 【答案】：BD 【解析】：把M、N作为整体，处于静止状态，即M、N整体合力为0， 即22q2qkkPNQQLL?, 解得2PNLL?,M、N 间距离等于2MNLLLL?,所以A错误，D正确。根据二力平衡条件，M、N作为整体，只受P的作用力，应该在一条直线上，所以B正确。电量为+Q的小球P产生的电

8、场中，离p点越远电势较低，所以C错误， 7如右图所示，在光滑绝缘的水平面上，有一棱形ABCD，对角线交点为O，在顶点B、D处各固定一个点电荷，若将一个带正电的小球从A点静止释放，小球将沿对角线AC作往返运动。则 （ ） AB、D处固定的是等量的正电荷 BB、D处固定的是等量的异种电荷 C在A、C的连线上O点电势最低 D运动小球在O处的机械能最小 【命题立意】本题重在考查电场强度的矢量合成，等量同种电荷周围的电场分布特点。 【思路点拨】根据物体的运动情况分析受力情况。 【答案】C，由题意知，B、D处固定的是等量的负电荷，AB错；带正电的小球从A点静止释放，向低电势处移动，故C对；运动小球在O处的

9、电势能最小、机械能最大，D错。 8如右图所示，高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中，匀强电场的方向平行于竖直平面，一带电荷量为+q，质量为m的小球，以初速度为v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑，到达曲面顶端B点的速度仍为v0，则 （ ） A电场力对小球做功为2021mvmgh? BA、B 两点的电势差为qmgh C小球在B点的电势能大于在A点的电势能 D 电场强度的最小值为qmg 【命题立意】本题主要考查电场力做功的特点、匀强电场中电势差与电场强度的关系，动能定理的应用。 【思路点拨】先根据运动情况确定出初末位置间的电势差、电势的高低，然后根据匀强电场的特点确定电场强度。 【答案】B【解析】

10、如右图所示，设A、B两点间电势差为UAB，对小球由A到B的过程，根据动能定理得qUABmgh=0，解得UAB=mgh/q，选项B正确；电场力对小球做的功刚好克服重力做功，等于mgh，选项A错误；由于小球由A到B的过程电场力做正功，所以小球电势能降低，选项C错误；设电场方向与AB间位移方向夹角为，UAB=ESABcos P M N =mgh/q，解得E =mghqSABcos ，可知电场强度的最小值不一定等于mg q，选项D错误。 9.如图，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中，当把金属

11、板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g。粒子运动加速度为（ ） A gdl B gdld? C gldl? D gldd? 【答案】A 【解析】平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，有金属板时， 板间场强可以表达为：1uEdl?，且有1Eqmg?，当抽去金属板，则板间距离增大，板 间场强可以表达为：2uEd?，有2mgEqma? ，联立上述可解得：dgla?， A正确。 10.一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点O为坐标原点，其电势能EP与位移x的关系如右图所示。下列图象中合理的是 （ ） 【答案】D【解析】由电场力做功与电势能

12、的关系：PFxE? ?，可知EP-x图线的斜率表示静电力F的大小，可见静电力F逐渐减小，而F=qE，故不是匀强电场，A错误；根据牛顿第二定律粒子做加速度减小的加速运动C错误，D正确；根据能量守恒kpEE?，比较图线B错误。正确选项D。 11.如图所示，在x轴相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、-Q，虚线是以+Q所在点为圆心、L/2为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称。下列判断正确的是（ ） Ab、d两点处的电势相同 B.四点中c点处的电势最低 Cb、d两点处的电场强度相同 D将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小 答案：

13、ABD，A：该电场中的电势关于X轴对称，所以bd两点的电势相等，故A正确；B：c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的A E O x 电场强度与位移关系 Ek O x v O x a O x 粒子动能与位移关系 粒子速度与位移关系 粒子加速度与位移关系 B C D EP O x 中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等而正电荷周围的电场的电势都比它高，即C点的电势在四个点中是最低的故B正确；C：该电场中的电场强度关于X轴对称，所以bd两点场强大小相等，方向是对称的，不相同的故C错误；D：c点的电势低于a点的电势，试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，电场力做正功，+q的电势能减小故D正确

14、 专题8 磁场 12.如图，两根平行长直导线相距2L，通有大小相等、方向相同的恒定电流，a、b、c 是导线所在平面内的三点，左侧导线与它们的距离分别为2l、l和3l.关于这三点处的磁感应强度，下列判断正确的是（ ） Aa处的磁感应强度大小比c处的大 Bb、c两处的磁感应强度大小相等 Ca、c两处的磁感应强度方向相同 Db处的磁感应强度为零 【答案】AD 【解析】 根据通电直导线的磁场，利用右手螺旋定则，可知b处场强为零，两导线分别在a处的产生的场强都大于在c处产生的场强，a、c两处的场强叠加都是同向叠加，选项AD正确。 13. “人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场约束高温等离子体，使其中的带电

15、粒子被尽可能限制在装置内部，而不与装置器壁碰撞。已知等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成正比，为约束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子的运动半径不变。由此可判断所需的磁感应强度B正比于（ ） A T BT C 3T D2T 【答案】A【解析】由于等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成正比， 即kET?。带电粒子在磁场中做圆周运动， 洛仑磁力提供向心力：2vqvBmR? 得mvBqR?。而212kEmv?故可得 ：2kmEmvBqRqR?又带电粒子的运动半径不变，所 以kBET?。A正确。 14.空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界。一

16、细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射。这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子，不计重力。下列说法正确的是（ ） A.入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间一定不同 B. 入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同 C.在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同 D.在磁场中运动时间越长的粒子，其轨迹所对的圆心角一定越大 【答案】BD 解析：在磁场中半径mvrqB? 运动时间：mtqB?（为转过圆心角），故BD正确，当粒子从O点所在的边上射出的粒子时：轨迹可以不同，但圆心角相同为1800，因而AC错 15.如图所示，金属棒MN两

17、端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为.如果仅改变下列某一 个条件，角的相应变化情况是( ) A棒中的电流变大，角变大 B两悬线等长变短，角变小 C金属棒质量变大，角变大 D磁感应强度变大，角变小 【解析】选A.对金属棒受力分析知，tanBIL mg对A，I增大，角变大；对B，与悬线的长度无关；对C，m增大，角减小；对D，B增大，角变大，故A项正确 16. 如图20所示，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B。垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒。从t=0时刻起，棒上有如图2所示的持续交

18、流电流I，周期为T，最大值为Im，图1中I所示方向为电流正方向。则金属棒 A.一直向右移动 B速度随时间周期性变化 C.受到的安培力随时间周期性变化 D.受到的安培力在一个周期内做正功 【答案】：ABC【考点分析】安培力、功 【解析】：由图像得棒的运动是先加速再减速，再加速再减速，一直向右运动，选项A对；一个周期内棒先匀加速再匀减速运动，选项B对；由F=BIL，安培力随时间做周期性的变化，选项C对；受到的安培力在一个周期内先做正功后做负功，选项D错。 专题9 电磁感应 17.英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发感生电场。如图所示，一个半径为r的绝缘细圆环水平放置，环内存在竖直向上的

19、匀强磁场B，环上套一带电量为+q的小球。已知磁感应强度B随时间均匀增加，其变化率为k，若小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作用力所做功的大小是 A0 B212rqk C22rqk? D2rqk? 【答案】D 【解析】由法拉第电磁感应定律得感生电动势：22BErkrtt?，而电场力做功WqU?，小球在环上运动一周U=E，故2Wrqk?。D正确。 18.如下图所示，有界匀强磁场的宽为l，方向垂直纸面向里，梯形线圈abcd位于纸面内，ad与bc间的距离也为l。t=0时刻，bc边与磁场边界重合。当线圈沿垂直于磁场边界的方向匀速穿过磁场时，线圈中的感应电流I随时间t变化的图线可能是（取顺时针方向为感

20、应电流正方向） （ ） 【命题立意】本题主要考查感应电动势和感应电流的产生条件和楞次定律。 【思路点拨】感应电动势和感应电流产生的条件是：穿过电路的磁通量发生变化，就一定有感应电动势产生，电路可以闭合也可以断开。只有同时满足电路闭合和磁通量发生变化这两个条件，才能产生感应电流。 【答案】B【解析】由右手定则可以判断开始时电流应为负值，其切割的有效长度是均匀增加的，当线框全部进入磁场到ad边离开磁场，再次利用右手定则可以判断此时电流应为正值，而其切割的有效长度是减小的，所以B项正确。 19.如右图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为l，金属圆环的直径也是l。圆

21、环从左边界进入磁场，以垂直于磁场边界的恒定速度v穿过磁场区域。则下列说法正确的是 （ ） A感应电流的大小先增大后减小 B感应电流的方向先逆时针后顺时针 C金属圆环受到的安培力先向左后向右 D 进入磁场时感应电动势平均值12EBav? 【命题立意】本题主要考查感应电流方向的判断以及感应电动势的计算。 【思路点拨】判断感应电流的方向可以利用楞次定律，也可以利用右手定则，求平均电 动势的大小，应选公式tE?。 【答案】B【解析】在圆环进入磁场的过程中，通过圆环的磁通量逐渐增大，根据楞次 B +q 定律可知感应电流的方向为逆时针方向，感应电动势E=Blv，有效长度先增大后减小，所以感应电流先增大后减

22、小，同理可以判断出磁场时的情况，A错误；B正确；根据左手定则可以判断，进入磁场和出磁场受到的安培力都向左，C错误；进入磁场时感应电 动势平均值2 1144BlEBlvltv?，D错误。 20.如右图所示，一光滑平行金属轨道平面与水平面成角。两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上。质量为m的金属杆ab，以初速度 v0从轨道底端向上滑行，滑行到某一高度h后又返回到底端。若运动过程中，金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，且轨道与金属杆的电阻均忽略不计，则（ ） A返回出发点时棒 ab的速度小于v0 B上滑到最高点的过程中克服安培力做功等于2021mv C上滑到最高点

23、的过程中电阻R上产生的焦耳热等于mghmv?2021 D金属杆两次通过斜面上的同一位置时电阻R的热功率相同 【命题立意】本题主要考查电磁感应中的电路问题以及能量问题。 【思路点拨】处理此题首先要对金属棒进行受力分析，明确各力的做功情况；其次利用动能定理和功能关系列式解题。 【答案】AC【解析】整个运动过程安培力始终做负功，金属杆的机械能减小，所以回到底端时的速度小于v0，A正确；上升过程中，由动能定理知B错；由能量转化和守恒得，减少的动能转化为金属杆的重力势能和电路的电能，电能又转化为电阻上的焦耳热，C正确；由于金属杆的机械能不断减小，所以上升过程经过某位置时的速度大于下滑过程经过该位置的速度

24、，则上升时的电动势大，所以瞬时热功率大，D错误。 21.如图所示，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I，线圈间产生匀强磁场，磁感应强度大小B与I成正比，方向垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为IH，与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压UH满足：HHIBUkd?，式中k为霍尔系数， d为霍尔元件两侧面间的距离。电阻R远大于RL，霍尔元件的电阻可以忽略，则（ ） A霍尔元件前表面的电势低于后表面 B若电源的正负极对调，电压表将反偏 CIH与I成正比 D电压表的示数与RL消耗的电功率成正比 【答案】CD 【考点】霍尔效应 【解析】通过霍尔元件的电流自上而下，电子运

25、动自下而上，根据左手定则，可知电子受到的洛伦兹力垂直纸面向里，后面聚集负电荷，前面聚集正电荷，前面电势高于后面 电势， A项错误；电源的正负极对调，电流反向，磁场也反向，电子受力方向不变，仍然有前面电势高于后面电势，B项错误；当电子受力平衡时HUqvBqd=，Inqvs=， Ivnqs= 又HHIBUkd= 2HkIInqsd=，HI与I成正比，C项正确；电阻R远大于RL，所以通过RL的电流可以认为是I，而B=KI，HIKI?，所以2HUIP?，D项正确。 专题10 交变电流 22如右图所示的交变电压是矩形线框在匀强磁场内匀速转动过程中产生的，下列说法中正确的是 （ ） A 交流电压的有效值为

26、25V B交流电压的最大值为10V，频率为0.25Hz C0.01s末线框平面平行于磁场，通过线框的磁通量变化最快 D0.02s时通过线框的磁通量为零 【命题立意】本题考查交流电图象的意义，交流电最大值与有效值之间的关系。 【思路点拨】解答本题需要掌握以下三个关键的知识点：交流电图象能够提供哪些信息？线圈转动过程中磁通量变化率的意义；交流电最大值与有效值的关系。 【答案】AC【解析】由图象知，交流电压的最大值为10V， 有效值为25v，周期T0.04s，则f1T25Hz，故A正确，B错误；0.01s末交流电压达到最大值，线框平面应与磁场平行，C正确；0.02s末交流电压为零，线框平面与磁场垂直

27、，磁通量最大，D错误。 23.如右图所示，N匝矩形导线框以角速度在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴OO匀速转动，线框面积为S，线框的电阻、电感均不计，外电路接有电阻R、 理想电流表和二极管D。二极管D具有单向导电性，即正向电阻为零，反向电阻无穷大。下列说法正确的是 （ ） A图示位置电流为0 BR 两端电压的有效值NBSU2? C 交流电流表的示数NBSRI2? D一个周期内通过R 的电荷量RBSq2? 【命题立意】交流电路的分析与计算、非正弦交流电有效值的计算，及二极管的性质。 【思路点拨】解答本题需要掌握以下几个关键的知识点：二极管的单向导电性；交流电有效值的定义与非正弦交流电有效值的计算；

28、交流电路的分析与计算；电路中电量的计算方法。【答案】C【解析】由题图可知，图示位置通过R的电流为最大值，A选项错误；R两端电压的瞬时值可用上图来表示，设电压的有效值为U ，在一个周期内有：( NBS2 ) 2RT2U2RT解得：U12NBS，电流的有效值IU RNBS2 R，在一个周期内，只有半周期的时间有电流通过R， 故：RNBSRNq2?。 24.如图所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U1不变，闭合电建S，下列说法正确的是（ ） AP向下滑动时，灯L变亮 BP向下滑动时，变压器的输出电压不变 CP向上滑动时，变压器的输入电流变小 DP向上滑动时，变压器的输出功率变大 【答案】：BD 【解析】 ：因为理想变压器的输入电压不变，根据1122nnUU?，则副线圈的电压也不变，滑片P移动，灯泡电压不变，故灯泡的亮度不变，所以A错误，B 正确。 滑片P向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，这样通过副线圈的电流2I增加，根 据1221nnII?，可知1I也增加，所以C错误。变压器的输出功率222PUI?将变大， D正确。 25.如图1所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转