（整理版）珠海市金海岸中学高三考前专题讲座求圆锥曲线

1、高考要求 求指定的圆锥曲线的方程是高考命 重难点归纳 一般求曲线类型的曲线方程问题，可采用“先定形，后定式，再定量的步骤 定形指的是二次曲线的焦点位置与对称轴的位置 定式根据“形设方程的形式，注意曲线系方程的应用，如当椭圆的焦点不确定在哪个坐标轴上时，可设方程为mx2+ny2=1(m0,n0) 定量由题设中的条件找到“式中特定系数的等量关系，通过解方程得到量的大小 典型题例示范讲解 例1某电厂冷却塔的外形是如下图的双曲线的一局部，绕其中轴(即双曲线的虚轴)旋转所成的曲面，其中a、a是双曲线的顶点，c、c是冷却塔上口直径的两个端点，b、b是下底直径的两个端点，aa=14 m，cc=18 m,bb

2、=22 m,塔高20 m 建立坐标系并写出该双曲线方程 此题考查选择适当的坐标系建立曲线方程和解方程组的根底知识，考查应用所学积分知识、思想和方法解决实际问题的能力 知识依托 待定系数法求曲线方程；点在曲线上，点的坐标适合方程；积分法求体积 错解分析 建立恰当的坐标系是解决此题的关键 技巧与方法 此题是待定系数法求曲线方程 解 如图，建立直角坐标系xoy,使aa在x轴上，aa的中点为坐标原点o，cc与bb平行于x轴 设双曲线方程为=1(a0,b0),那么a=aa=7又设b(11,y1),c(9,x2)因为点b、c在双曲线上，所以有由题意，知y2y1=20,由以上三式得 y1=12,y2=8,b

3、=7故双曲线方程为=1 例2过点(1，0)的直线l与中心在原点，焦点在x轴上且离心率为的椭圆c相交于a、b两点，直线y=x过线段ab的中点，同时椭圆c上存在一点与右焦点关于直线l对称，试求直线l与椭圆c的方程 此题利用对称问题来考查用待定系数法求曲线方程的方法，设计新颖，根底性强 知识依托 待定系数法求曲线方程，如何处理直线与圆锥曲线问题，对称问题 错解分析 不能恰当地利用离心率设出方程是学生容易犯的错误 恰当地利用好对称问题是解决好此题的关键 技巧与方法 此题是典型的求圆锥曲线方程的问题，解法一，将a、b两点坐标代入圆锥曲线方程，两式相减得关于直线ab斜率的等式 解法二，用韦达定理 解法一

4、由e=,得,从而a2=2b2,c=b 设椭圆方程为x2+2y2=2b2,a(x1,y1),b(x2,y2)在椭圆上 那么x12+2y12=2b2,x22+2y22=2b2,两式相减得，(x12x22)+2(y12y22)=0,设ab中点为(x0,y0),那么kab=,又(x0,y0)在直线y=x上，y0=x0,于是=1,kab=1,设l的方程为y=x+1 右焦点(b,0)关于l的对称点设为(x,y),由点(1,1b)在椭圆上，得1+2(1b)2=2b2,b2= 所求椭圆c的方程为 =1,l的方程为y=x+1 解法二 由e=,从而a2=2b2,c=b 设椭圆c的方程为x2+2y2=2b2,l的方

5、程为y=k(x1),将l的方程代入c的方程，得(1+2k2)x24k2x+2k22b2=0,那么x1+x2=,y1+y2=k(x11)+k(x21)=k(x1+x2)2k= 直线l y=x过ab的中点(),那么,解得k=0，或k=1 假设k=0,那么l的方程为y=0,焦点f(c,0)关于直线l的对称点就是f点本身，不能在椭圆c上，所以k=0舍去，从而k=1，直线l的方程为y=(x1),即y=x+1,以下同解法一 例3如图，p1op2的面积为，p为线段p1p2的一个三等分点，求以直线op1、op2为渐近线且过点p的离心率为的双曲线方程 此题考查待定系数法求双曲线的方程以及综合运用所学知识分析问题

6、、解决问题的能力 知识依托 定比分点坐标公式；三角形的面积公式；以及点在曲线上，点的坐标适合方程 错解分析 利用离心率恰当地找出双曲线的渐近线方程是此题的关键，正确地表示出p1op2的面积是学生感到困难的 技巧与方法 利用点p在曲线上和p1op2的面积建立关于参数a、b的两个方程，从而求出a、b的值 解 以o为原点，p1op2的角平分线为x轴建立如图的直角坐标系 设双曲线方程为=1(a0,b0)由e2=，得 两渐近线op1、op2方程分别为y=x和y=x设点p1(x1, x1),p2(x2,x2)(x10,x20),那么由点p分所成的比=2,得p点坐标为(),又点p在双曲线=1上，所以=1,即

7、(x1+2x2)2(x12x2)2=9a2,整理得8x1x2=9a2 即x1x2= 由、得a2=4,b2=9故双曲线方程为=1 例4 双曲线=1(bn)的两个焦点f1、f2，p为双曲线上一点，|op|5,|pf1|,|f1f2|,|pf2|成等比数列，那么b2=_ 解析 设f1(c,0、f2(c,0)、p(x,y),那么|pf1|2+|pf2|2=2(|po|2+|f1o|2)2(52+c2),即|pf1|2+|pf2|250+2c2,又|pf1|2+|pf2|2=(|pf1|pf2|)2+2|pf1|·|pf2|,依双曲线定义，有|pf1|pf2|=4,依条件有|pf1|·

8、;|pf2|=|f1f2|2=4c216+8c250+2c2,c2,又c2=4+b2,b2,b2=1 答案 1学生稳固练习 1 直线x+2y3=0与圆x2+y2+x6y+m=0相交于p、q两点，o为坐标原点，假设opoq，那么m等于( )a 3b 3c 1d 12 中心在原点，焦点在坐标为(0，±5)的椭圆被直线3xy2=0截得的弦的中点的横坐标为，那么椭圆方程为( )3 直线l的方程为y=x+3,在l上任取一点p，假设过点p且以双曲线12x24y2=3的焦点作椭圆的焦点，那么具有最短长轴的椭圆方程为_ 4 圆过点p(4，2)、q(1，3)两点，且在y轴上截得的线段长为4，那么该圆的

9、方程为_ 5 椭圆的中心在坐标原点，焦点在x轴上，它的一个焦点为f，m是椭圆上的任意点，|mf|的最大值和最小值的几何平均数为2，椭圆上存在着以y=x为轴的对称点m1和m2，且|m1m2|=，试求椭圆的方程 6 某抛物线形拱桥跨度是20米，拱高4米，在建桥时每隔4米需用一支柱支撑，求其中最长的支柱的长 7 圆c1的方程为(x2)2+(y1)2=,椭圆c2的方程为=1(ab0)，c2的离心率为，如果c1与c2相交于a、b两点，且线段ab恰为圆c1的直径，求直线ab的方程和椭圆c2的方程 参考答案:1 解析 将直线方程变为x=32y,代入圆的方程x2+y2+x6y+m=0,得(32y)2+y2+(

10、32y)+m=0 整理得5y220y+12+m=0,设p(x1,y1)、q(x2,y2)那么y1y2=,y1+y2=4 又p、q在直线x=32y上，x1x2=(32y1)(32y2)=4y1y26(y1+y2)+9故y1y2+x1x2=5y1y26(y1+y2)+9=m3=0，故m=3 答案 a2 解析 由题意，可设椭圆方程为 =1,且a2=50+b2,即方程为=1 将直线3xy2=0代入，整理成关于x的二次方程 由x1+x2=1可求得b2=25,a2=75 答案 c3 解析 所求椭圆的焦点为f1(1,0),f2(1,0),2a=|pf1|+|pf2| 欲使2a最小，只需在直线l上找一点p 使

11、|pf1|+|pf2|最小，利用对称性可解 答案 =14 解析 设所求圆的方程为(xa)2+(yb)2=r2那么有 由此可写所求圆的方程 答案 x2+y22x12=0或x2+y210x8y+4=05 解 |mf|max=a+c,|mf|min=ac,那么(a+c)(ac)=a2c2=b2,b2=4,设椭圆方程为设过m1和m2的直线方程为y=x+m将代入得 (4+a2)x22a2mx+a2m24a2=0设m1(x1,y1)、m2(x2,y2),m1m2的中点为(x0,y0),那么x0= (x1+x2)=,y0=x0+m= 代入y=x,得,由于a24,m=0,由知x1+x2=0,x1x2=,又|m1m2|=,代入x1+x2,x1x2可解a2=5,故所求椭圆方程为 =1 6 解 以拱顶为原点，水平线为x轴，建立坐标系，如图，由题意知，|ab|=20，|om|=4，a、b坐标分别为(10，4、(10，4设抛物线方程为x2=2py,将a点坐标代入，得100=2p×(4),解得p=12 5,于是抛物线方程为x2=25y 由题意知e点坐标为(2，4)，e点横坐标也为2，将2代入得y=0 16,从而|ee|=(0 16)(4)=3 84 故最长支柱长应为3 84米 7