2019年高考物理二轮复习：恒定电流和交变电流

1、课时作业 9 恒定电流和交变电流选择题（15 题为单项选择题，611 题为多项选择题）1. 2018 江苏卷，2采用 220 kV 高压向远方的城市输电.当1输送功率一定时，为使输电线上损耗的功率减小为原来的4 输电电压应变为（）A . 55 kV B. 110 kVC. 440 kV D. 880 kV解析：输送功率 P= UI输电线上损耗的功率 P损=I2r = U2r*击1当 P损减小为原来的4时，输电电压应变为原来的 2 倍.答案：C2.如图所示电路中，电流表 A 和电压表 V 均可视为理想电 表，闭合开关 S 后，将滑动变阻器 R1的滑片向右移动，下列说 法正确的是（ ）A .电流表

2、 A 的示数变大B .电压表 V 的示数变大C.电容器 C 所带的电荷量减少D.电源的效率增大解析：将滑动变阻器 R1的滑片向右移动时 R1有效电阻增大， 则外电路总电阻增大，总电流减小，由欧姆定律知，R3的电压变 小，所以电压表 V 的示数变小，根据串联电路电压与电阻成正 比的规律知，电路中并联部分的电压增大，则通过R2的电流变大，而总电流变小，所以电流表 A 的示数变小，故 A、B 错误; 电容器板间电压变大，由 Q= CU 知电容器 C 所带的电荷量增加， 故 C 错误；电路中总电流变小，电源的内电压变小，则路端电压 U 变大，电源的效率为n=昔=昔，则知电源的效率增大，故 D 正确.答

3、案：D3. 2018 广东深圳二调如图甲所示，理想变压器的原、副 线圈匝数比 ni: n2=: 1,原线圈输入的交流电压如图乙所示，副线圈电路接有滑动变阻器R 和额定电压为 12 V、工作时内阻为 2Q的电动机.闭合开关，电动机正常工作，电流表示 数为 1A，则（）A .副线圈两端电压为 22 灵 VB. 电动机输出的机械功率为 12 WC. 通过电动机的交流电频率为 50 HzD .突然卡住电动机，原线圈输入功率变小解析：由图乙可知 5 = 220 V，又知 n1: n2=10 : 1,则 由 U；=：；，得副线圈两端电压 U2= 22 V, A 项错误；电动机输出 的机械功率 P机=P总一

4、 P内=1X12 W- 12x2 W = 10 W, B 项错1误；由图乙可知，T= 0.02 s,贝Uf=T= 50 Hz, C 项正确；若卡 住电动机，则副线圈回路电流变大，再由 P入=P岀=I2U2,可知 原线圈输入功率变大，D 项错误.答案：C4.如图所示为某小型发电站的输电示意图，发电站输出U1=220 2sin 100n（V）的交流电通过升压变压器升压后进行高压 输电，接近用户时再通过降压变压器降压给用户供电，图中高压输电线部分总电阻为 r，负载端的电压表是理想电压表，下列有 关描述正确的是（）A .若开关 Si、S2都断开，则电压表示数为零B. 负载端所接收交流电的频率为 25

5、HzC. 深夜开灯时灯较亮是因为咼压输电线上电压损失减小的缘故D .用电高峰期灯泡较暗，可通过减少降压变压器副线圈的 匝数来提高其亮度解析：开关都断开时降压变压器空载， 其副线圈两端有电压， 电压表示数不为零，选项 A 错误；变压器不能改变交流电的频 率，故负载端所接收交流电的频率还是50 Hz，选项 B 错误；深夜大部分用户已关灯，干路中电流减小，线路损耗也减小，用户 得到的电压升高，故此时开灯较亮，选项C 正确；用电高峰时，负载增多，负载电阻减小，干路中电流增大，因此输电线路上损 耗电压增大，导致降压变压器的输入电压降低， 为提高负载电压， 可增大降压变压器副线圈的匝数，使负载电压提高，选

6、项D 错误.答案：C-11-5.有一种测量人体重的电子秤，其原理图如图所示，它主 要由三部分构成：踏板、压力传感器 R（是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器）、显示体重的仪表（实质是理想电流表），设 踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3A，电源电动势为 12 V，内阻为 2 以电阻 R 随压力变化的函数式为 R= 30 -0.02F（F 和 R 的单位分别是 N 和Q）则下列说法正确是（）A .该秤能测量的最大体重是 1300 NB. 体重为 1300 N 应标在电流表心刻度盘 2 A 刻度处C. 该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表注刻度盘 0 刻度处D .该秤零刻线应

7、标在电流表 G 刻度盘的最大刻度处解析：电路中允许的最大电流为 li= 3 A，由闭合电路欧姆 定律 E=li(R+ r)得，Rmin= 2Q,代入 R= 30-0.02F 得，Fmax= 1400 N , A 错误；同理， 体重为 1300 N 时， 0= 2 A , B 正确； 同理当体重为零时， 13= 0.375A, C、D 均错误.答案：B6.某兴趣小组自制一小型发电机，使线圈在匀强磁场中绕 垂直于磁场方向的固定轴转动，穿过线圈的磁通量随时间 t按正弦规律变化的图象如图所示，线圈转动周期为T,线圈产生的电动势的最大值为 Em线圈的电阻为 r，该线圈与电阻为 R 的 纯电阻用电器构成闭

8、合回路，贝 V ()A .线圈匝数为 n =TEmE2B.电阻为 R 的用电器的电功率为2RC.0寸时间内通过用电器的电荷量为D .若线圈转速增大为原来的为 EmCOS为 I =E,用电器的电功率为2 nI)m2nr+R2 倍，线圈中电动势的瞬时值解析：线圈中电动势的瞬时值所以线圈匝数为*比m，选项A 正确；电路中电流的有效值EmR2，72(r + R)2(r + R)2T 时间内通过用电器的电荷量为 q = n % =丁已山，选项 C 正4r+R 2nr+R确；若线圈转速增大为原来的 2 倍，线圈中电动势的瞬时值 ei4n=2EmC0S，所以选项 D 错误.答案：AC7.如图所示为远距离输电

9、示意图，其中Ti、T2为理想变压器，输电线电阻可等效为电阻 r，灯 Li、L2相同且阻值不变.现 保持变压器 Ti的输入电压不变，滑片 P 位置不变，当开关 S 断 开时，灯 Li正常发光.则下列说法正确的是（）A .仅闭合开关 S,灯 Li会变亮B. 仅闭合开关 S, r 消耗的功率会变大C. 仅将滑片 P 下移，r 消耗的功率会变小D .仅将滑片 P 上移，电流表示数会变小解析：仅闭合开关 S,则负载端消耗的功率变大，T2副线圈 中电流增大，T2原线圈中的电流也增大， 则 r 上的电压和功率增 大，则 T2输入电压减小，灯 Li两端电压减小，灯 Li会变暗，故 A 错误，B 正确；仅将滑片

10、 P 下移，则 Ti副线圈的匝数增多， 副线圈电压 U2增大，灯Li两端电压也增大，通过灯 Li的电流增 大，则输电线中的电流增大，电阻 r 消耗的功率增大，故 C 错误; 仅将滑片 P 上移，则 Ti副线圈的匝数减小，副线圈电压 U2减小， 同理分析可知灯 Li两端电压也减小，通过灯 Li的电流减小，则 输电线中的电流减小，Ti原线圈中的电流减小，则电流表示数减 小，故 D 正确.答案：BD8.含有理想变压器的电路图如图所示， 电源电压保持不变， 若将滑动变阻器的滑动触头向左滑动，关于两电表示数的变化，负载A .电流表的示数变大B .电流表的示数变小C.电压表的示数变大D .电压表的示数变小

11、解析：电源电压保持不变，若将滑动变阻器的滑动触头向左 滑动，接入电路中的电阻值减小，变压器原线圈输入电压增大， 根据变压器变压公式，可知副线圈输出电压增大， 电压表的示数 变大，负载中的电流增大，副线圈输出功率增大.根据理想变压 器输入功率等于输出功率， 可知原线圈的输入功率增大， 原线圈 输入电流增大，电流表的示数变大，选项 A、C 正确，B、D 错 误.答案：AC9.如图甲所示是一台小型发电机的构造示意图，线圈逆时 针转动，产生的感应电动势 e 随时间 t 变化的正弦规律图象如图 乙所示，发电机线圈的内阻不计，外接灯泡的电阻为R= 12Q.则()A .在 t = 0.01 s 的时刻，穿过

12、线圈的磁通量最大B. 电压表的示数为 6 2 VC. 灯泡消耗的电功率为 3 WD .若其他条件不变，仅将线圈的转速提高一倍，则线圈产 生的感应电动势的表达式 e= 12；2sin 100 t(V)解析：在 t = 0.01 s 时刻，感应电动势为零，则线圈平面位于中性面，穿过线圈的磁通量最大，圈产生的感应电动势的最大值为6 心有效值 E,故示数为2V = 6I26彳功率 P=R=12W = 3 W,选项 C 正确；未提高转速前，线圈转动的周期为 0.02 s,瞬时感应电动势表达式为e= Emsin sin 100 t(V).选项 A 正确；由图乙可知线Em= 6 2 V ,电压表测量的为V，

13、选项 B 错误；灯泡消耗的电转速提高一倍后，由3=2m 可知，线圈转动的角 速度变为原来的 2 倍，瞬时感应电动势也变为原来的 2 倍，故产 生的感应电动势的表达式应为 e= 12 2sin 200n(V)，选项 D 错 误.答案：AC10.如图所示为某小型发电站高压输电示意图， 变压器均为 理想变压器，发电机输出功率 P= 20kW.在输电线路上接入一个 电流互感器，其原、畐懺圈的匝数比为 ：10,电流表的示数为 1 A，输电线的总电阻 r = 10 Q,则下列说法正确的是()A .采用高压输电可以增大输电线路中的电流B. 升压变压器的输出电压 U2= 2 000 VC. 用户获得的功率为

14、19 kWD .将 P 下移，用户获得的电压将增大解析：采用高压输电可以减小输电线路中的电流，从而减小输电损耗， 选项 A 错误； 电流表的示数为 1 A， 电流互感器匝数 比为 1 :10,故输电线路中电流的大小 12= 10 A,根据 P= U2I2可得升压变压器的输出电压 U2= 2 000 V，选项 B 正确；线路损 耗的功率 Pr= I2r = 1 kW，故用户获得的功率为 19 kW，选项 C 正确；将 P 下移，降压变压器原线圈匝数增大， 用户获得的电压 将减小，选项 D 错误.答案：BC11.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为 2:1, R2为定值电阻，且 R1= 2R2,已知 a、b 两端电压按图乙 所示正弦规律变化.下列说法中正确的是( )A .电阻 R2中的电流方向每秒钟改变 100 次B.电压表示数为 110 VC. 电阻 Ri、R2消耗的功率之比为 1: 4D.a、b 两端与副线圈两端的电压之比为3 : 1解析：由 u t 图象可知周期 T = 0.02 s,频率 f = 50 Hz，所U1n1以电阻 R2