2017届高考化学二轮复习烃含氧衍生物学案

1、优质文本第3节烃的含氧衍生物 1醇、酚的相关概念(1)醇的相关概念羟基与烃基或苯环侧链上的碳原子相连的化合物，饱和一元醇的分子通式为 CnH2n1OH(n1)。醇的分类(2)酚的相关概念：羟基与苯环直接相连而形成的化合物，最简单的酚为苯酚(结构简式为)。2醇类物理性质的变化规律 3苯酚的物理性质4醇、酚的化学性质(1)醇的化学性质(结合断键方式理解)如果将醇分子中的化学键进行标号如下图，那么醇发生化学反响时化学键的断裂情况如表所示：反响断裂的价键反响类型化学方程式(以乙醇为例)与活泼金属反响置换反响2CH3CH2OH2Na2CH3CH2ONaH2催化氧化反应氧化反响2CH3CH2OHO2 2C

2、H3CHO2H2O与氢卤酸反响取代反响CH3CH2OHHBrCH3CH2BrH2O 分子间脱水反响取代反响2CH3CH2OH CH3CH2OCH2CH3H2O分子内脱水反响消去反响CH2=CH2H2O酯化反响取代反响(2)酚的化学性质(结合基团之间的相互影响理解)由于苯环对羟基的影响，酚羟基比醇羟基活泼；由于羟基对苯环的影响，苯酚中苯环上的氢比苯中的氢活泼。弱酸性(苯环影响羟基)电离方程式为，俗称石炭酸，酸性很弱，不能使石蕊试液变红。写出苯酚与NaOH反响的化学方程式：。苯环上氢原子的取代反响(羟基影响苯环)苯酚与浓溴水反响，产生白色沉淀，化学方程式：显色反响：苯酚与FeCl3溶液作用显紫色，

3、利用这一反响可检验苯酚的存在。加成反响(与H2)：3H2氧化反响：苯酚易被空气中的氧气氧化而显粉红色；易被酸性KMnO4溶液氧化；容易燃烧。缩聚反响：5 脂肪醇、芳香醇、酚类物质的比拟脂肪醇芳香醇酚实例CH3CH2OH官能团OHOHOH结构特点OH与链烃基相连OH与芳香烃侧链相连OH与苯环直接相连主要化学性质(1)取代反响 (2)脱水反响(3)氧化反响(1)弱酸性(2)取代反响(3)显色反响(4)氧化反响(5)加成反响羟基H的活性酚羟基醇羟基特性红热铜丝插入醇中有刺激性气味(生成醛或酮)使FeCl3溶液显紫色问题醇的消去反响和催化氧化反响规律(1)醇的消去反响规律醇分子中，连有羟基(OH)的碳

4、原子必须有相邻的碳原子，并且此相邻的碳原子上必须连有氢原子时，才可发生消去反响，生成不饱和键。表示为 如 CH3OH、 那么不能(填“能或“不能)发生消去反响。(2)醇的催化氧化规律醇的催化氧化的反响情况与羟基(OH)相连的碳原子上的氢原子的个数有关。对点练下表三种物质的分子式，均能与钠发生反响，且有多种同分异构体，请分别找出符合要求的同分异构体的数目。分子式C4H10OC5H12OC8H10O(芳香族)(1)能被氧化成醛(2)能被氧化成酮(3)能发生消去反响且生成两种产物(4)能发生消去反响只能生成一种产物答案：(1)244(2)131(3)130(4)342角度一醇的结构与性质1乙醇分子中

5、不同的化学键如下图：以下关于乙醇在各种不同反响中断键的说法不正确的选项是()A和金属钠反响键断裂B在Cu催化下和O2反响键断裂C和浓硫酸共热140 时，键或键断裂，170 时键断裂D与醋酸、浓硫酸共热时，键断裂解析：选D乙醇与钠的反响：断裂；分子内消去制乙烯：断裂；乙醇分子间脱水：或断裂；催化氧化：断裂；与氢卤酸反响：断裂；酯化反响：断裂。 2.醇类化合物在香料中占有重要的地位。下面所列的是一些天然的或合成的醇类香料： 以下说法中正确的选项是()A可用酸性KMnO4溶液检验中是否含有碳碳双键B和互为同系物，均能催化氧化生成醛C和互为同系物，可用核磁共振氢谱检验D等物质的量的上述5种有机物与足量

6、的金属钠反响，消耗钠的量相同解析：选D中醇羟基也能使酸性KMnO4溶液褪色，A错误；和是同系物的关系，但均不能发生催化氧化生成醛，B错误；和不是同系物关系，两者可以用核磁共振氢谱检验，C错误。角度二酚的结构与性质3体育比赛中坚决反对运发动服用兴奋剂，倡导公平竞赛。某种兴奋剂的结构简式如下图，以下有关该物质的说法中正确的选项是()A遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质属于苯酚的同系物B滴入KMnO4(H)溶液，溶液的紫色褪去，能证明该物质分子中存在碳碳双键C该物质在一定条件下可以发生取代、加成、加聚、氧化、复原、消去等反响D1 mol 该物质分别与浓溴水和H2反响时最多消耗Br2和H2分别为4 m

7、ol和7 mol解析：选D该物质分子中含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，但它不属于苯酚的同系物，A错误；滴入KMnO4(H)溶液，溶液的紫色褪去，可能是碳碳双键被氧化，也可能是苯环上的侧链烃基或酚羟基被氧化，B错误；该物质分子中含有酚羟基、碳碳双键，在一定条件下可以发生取代、加成、加聚、氧化、复原等反响，但不能发生消去反响，C错误；1 mol 该物质与1 mol Br2发生加成反响的同时与3 mol Br2发生取代反响，因为该物质分子中有2个苯环、1个碳碳双键，所以1 mol 该物质与H2反响时最多消耗7 mol H2，D正确。4茶是我国的传统饮品，茶叶中含有的茶多酚可以替代食品添加剂中对人

8、体有害的合成抗氧化剂，用于多种食品保鲜等，如下图是茶多酚中含量最高的一种儿茶素A的结构简式，以下关于这种儿茶素A的有关表达正确的选项是()分子式为C15H14O71 mol儿茶素A在一定条件下最多能与7 mol H2加成等质量的儿茶素A分别与足量的金属钠和氢氧化钠反响消耗金属钠和氢氧化钠的物质的量之比为111 mol儿茶素A与足量的浓溴水反响，最多消耗Br2 4 molA B C D解析：选D儿茶素A的分子中含有两个苯环，1 mol儿茶素A最多可与6 mol H2加成；分子中含有5个酚羟基、1个醇羟基，只有酚羟基与NaOH反响，1 mol儿茶素A最多消耗5 mol NaOH，而醇羟基和酚羟基均

9、能与Na反响，1 mol儿茶素A最多消耗6 mol Na。酚羟基邻对位上的H原子可与溴发生取代反响，因此1 mol儿茶素A最多可消耗 4 mol Br2。5A和B两种物质的分子式都是C7H8O，它们都能与金属钠反响放出氢气。A不溶于NaOH溶液，而B能溶于NaOH溶液。B能使适量溴水褪色，并产生白色沉淀，A不能。B苯环上的一溴代物有两种结构。(1)写出A和B的结构简式。A_，B_。(2)写出B与NaOH溶液发生反响的化学方程式：_。(3)写出A与金属钠反响的化学方程式为：_。与足量金属钠反响生成等量H2，分别需A、B、H2O三种物质的物质的量之比为_。解析：依据分子式C7H8O知A和B均为不饱

10、和化合物。由于A、B均与Na反响放出H2，且分子结构中只有一个氧原子，故A、B中均有OH，为醇类和酚类。A不溶于NaOH溶液，说明A为醇，又不能使溴水褪色，故A为。B溶于NaOH溶液，且与溴水反响生成白色沉淀，故B为酚，结合其分子式，故B为甲基苯酚，它有三种结构：，其中苯环上一溴代物有两种结构的只有 。、H2O与金属钠反响生成H2的物质的量关系分别为2H2，H2,2H2OH2，所以生成等量H2时分别需三种物质的物质的量之比为111。1醛(1)概念由烃基与醛基相连而构成的化合物，可表示为RCHO。甲醛是最简单的醛。饱和一元醛的通式为CnH2nO(n1)。(2)甲醛、乙醛物质颜色气味状态密度水溶性

11、甲醛无色刺激性气味气体易溶于水乙醛无色刺激性气味液体比水小与水互溶(3) 醛类物质既有氧化性又有复原性，其氧化、复原关系为以乙醛为例完成以下反响的化学方程式：(4)检验醛基的两种方法银镜反响与新制的Cu(OH)2悬浊液反响反响原理RCHO2Ag(NH3)2OHRCOONH43NH32AgH2ORCHO2Cu(OH)2NaOHRCOONaCu2O3H2O反响现象产生光亮的银镜产生砖红色沉淀定量关系RCHO2Ag；HCHO4AgRCHO2Cu(OH)2Cu2O；HCHO4Cu(OH)22Cu2O考前须知(1)试管内壁必须洁净；(2)银氨溶液随用随配，不可久置；(3)水浴加热，不可用酒精灯直接加热；

12、(4)醛用量不宜太多，如乙醛一般参加3滴；(5)银镜可用稀HNO3浸泡洗涤除去(1)新制的Cu(OH)2悬浊液要随用随配，不可久置；(2)配制新制的Cu(OH)2悬浊液时，所用NaOH必须过量2.羧酸(1)羧酸：由烃基或氢原子与羧基相连构成的有机化合物。官能团为COOH。饱和一元羧酸分子的通式为CnH2nO2(n1)。(2)甲酸和乙酸的分子组成和结构物质分子式结构简式官能团甲酸CH2O2HCOOHCOOH和CHO乙酸C2H4O2CH3COOHCOOH(3)羧酸的化学性质酸的通性乙酸是一种弱酸，其酸性比碳酸强，在水溶液里的电离方程式为 CH3COOHCH3COOH。酯化反响原理：CH3COOH和

13、CH3CHOH发生酯化反响的化学方程式为CH3COOHC2HOHCH3CO 18OC2H5H2O。反响特点：装置(液­液加热反响)及操作：a用烧瓶或试管，试管倾斜成45°角，试管内参加少量碎瓷片，长导管起冷凝回流和导气作用。b试剂的参加顺序为：乙醇、浓硫酸和乙酸，不能先加浓硫酸。c用酒精灯小心加热，以防止液体剧烈沸腾及乙酸和乙醇大量挥发。饱和Na2CO3溶液的作用及现象：a作用：降低乙酸乙酯的溶解度、消耗乙酸、溶解乙醇。b现象：在饱和Na2CO3溶液上方出现具有芳香气味的油状液体。3酯(1)概念及分子结构特点：羧酸分子RCOOH羧基中的 OH被 OR取代后的产物。可简写为

14、RCOOR，官能团为。(2)酯的物理性质(3)酯的化学性质注意酯的水解反响为取代反响；在酸性条件下为可逆反响；在碱性条件下，能中和产生的羧酸，反响能完全进行。问题官能团异构的同分异构体数目的判断方法1官能团的拆分将大的官能团(含两种或两种以上元素的官能团)拆分为小的原子或官能团。(1)碳碳双键可以拉开成环，即同碳数的烯烃和环烷烃互为同分异构体(从缺氢效果看，一个双键相当于一个环)。(2)羟基(OH)可以拆分为 O 和 H，即同碳数的醇和醚互为同分异构体。例如：CH3CH2OH与CH3OCH3互为同分异构体。(3)醛基(CHO)可以拆分为 H和，或拆分为碳碳双键(或环)和 OH，即同碳数的醛和酮

15、以及烯醇(或环醇、环醚等)互为同分异构体。例如：CH3CH2CHO与CH3(CO)CH3、CH3(OH)C=CH2以及环醇互为同分异构体。(4)羟基(COOH)可以拆分为 COO 和 H 或 CHO和OH，或将醛基再进行二次拆分等等。即同碳数的酸与酯以及羟基醛或羟基酮互为同分异构体。例如：CH3CH2COOH与CH3COOCH3以及CH3(OH)CH2CHO互为同分异构体。2官能团的定位组合(1)表格中第三问，酯可以拆分成R1COOR2，然后根据R1和R2对应的种类数进行重新组合，以C5H10O2为例，R1COOR2，R1对应的羧酸共有甲酸、乙酸、丙酸、正丁酸、异丁酸5种，而R2对应的醇有8种

16、，因此共有40种。(2)表格中的第四问，以C4H8O2为例，可以先拆分成CH3CH2CH2CHO、(CH3)2CHCHO，然后将OH 定位在其它3个碳上，共有5种同分异构。对点练判断以下指定分子式和条件的各种同分异构体的数目分子式C4H8O2C5H10O2C8H8O2(芳香族)(1)属于羧酸的种类数(2)属于酯的种类数(3)属于酯，水解后的酸和醇(或酚)重新组合后生成的酯的种类数(4)属于醛，同时能与钠反响放出氢气答案：(1)244(2)496(3)124018(4)51217角度一醛的结构与性质1(2014·重庆高考)某天然拒食素具有防御非洲大群蚯蚓的作用，其结构简式如图(未表示出

17、原子或原子团的空间排列)。该拒食素与以下某试剂充分反响，所得有机物分子的官能团数目增加，那么该试剂是()ABr2的CCl4溶液BAg(NH3)2OH溶液CHBr DH2解析：选A该有机物中的1个碳碳双键与Br2发生加成反响后引入2个 Br，官能团数目增加，A项正确；该有机物与银氨溶液反响后2个CHO变为2个 COONH4，官能团数目不变，B项错误；该有机物中的1个碳碳双键与HBr发生加成反响后引入1个 Br，官能团数目不变，C项错误；该有机物与H2发生加成反响后 CHO变为 CH2OH，碳碳双键消失，官能团数目减少，D项错误。2肉桂醛是一种食用香精，它广泛用于牙膏、洗涤剂、糖果以及调味品中。工

18、业上可通过以下反响制备：CH3CHO H2OA B以下相关表达正确的选项是()B的相对分子质量比A大28A、B可用酸性高锰酸钾溶液鉴别B中含有的含氧官能团是醛基、碳碳双键A、B 都能发生加成反响、复原反响A能发生银镜反响 B的同类同分异构体(含苯环、包括B)共有5种A中所有原子一定处于同一平面ABC D解析：选C由A、B的结构简式可知，B分子比A分子多2个“CH，即B的相对分子质量比A大26，错误；CHO 具有复原性，能被酸性KMnO4溶液氧化，错误；碳碳双键不属于含氧官能团，错误；B的同类同分异构体，除B外还有(邻、间、对共3种)、，正确；由于碳碳单键能旋转，故A分子中所有原子可能共平面，但

19、醛基中的O、H原子与苯环也可能不在同一平面上，错误。角度二羧酸、酯的同分异构现象3某一有机物A可发生以下反响： C为羧酸，且C、E均不发生银镜反响，那么A的可能结构有()A1种 B2种 C3种 D4种解析：选B由A的组成和反响关系可知，A为一元酯；C为羧酸，C、E不发生银镜反响，那么C不是甲酸，分子中至少有2个C原子，E是酮，D、E分子中至少有3个C原子，且D中OH不能连碳链两端，所以A的结构只能是。4分子式为C3H6O2的有机物有多种同分异构体，现有其中的四种X、Y、Z、W，它们的分子中均含甲基，将它们分别进行以下实验以鉴别，其实验记录如下：NaOH溶液银氨溶液新制的Cu(OH)2金属钠X中

20、和反响无现象溶解产生氢气Y无现象有银镜加热后有砖红色沉淀产生氢气Z水解反响有银镜加热后有砖红色沉淀无现象W水解反响无现象无现象无现象答复以下问题：(1)写出四种物质的结构简式：X_，Y_，Z_，W_。(2)写出Y与新制的Cu(OH)2悬浊液反响的化学方程式：_。写出Z与NaOH溶液反响的化学方程式：_。解析：X能发生中和反响，故X中含有COOH，X为CH3CH2COOH；由Y的实验现象判断Y的分子结构中含有CHO。那么Y的结构为；Z能发生水解反响，又能发生银镜反响，那么Z为HCOOCH2CH3；W能发生水解反响，分子结构中含有和CH3，那么其结构为CH3COOCH3。答案：(1)CH3CH2C

21、OOH HCOOCH2CH3CH3COOCH3(2)2Cu(OH)2NaOH Cu2O3H2OHCOOCH2CH3NaOHHCOONaCH3CH2OH角度三根据官能团类推有机物性质5某有机物的结构为，在一定条件下此有机物可能发生的反响有()中和反响银镜反响消去反响酯化反响加成反响水解反响ABC D解析：选C该有机物中含有羧基、酯基和苯环，可以发生的反响有、。6普伐他汀是一种调节血脂的药物，其结构简式如下图(未表示出其空间构型)。以下关于普伐他汀的性质描述正确的选项是() 能与FeCl3溶液发生显色反响能使酸性KMnO4溶液褪色能发生加成、取代、消去反响1 mol 该物质最多可与1 mol Na

22、OH 反响A B C D解析：选B中，该有机物中没有酚羟基，不能与FeCl3发生显色反响，错误；中，该有机物中含有碳碳双键，能与酸性KMnO4溶液反响，使溶液褪色，正确；中，该有机物中含有碳碳双键(能加成)、羟基和羧基(能取代)、连羟基的碳原子的邻位碳原子上有氢原子(能发生消去)，正确；中，该有机物含有一个羧基和一个酯基，1 mol该有机物最多可与2 mol NaOH反响，错误。角度四根据有机物性质推官能团种类或有机物结构7某中性有机物C8H16O2在稀硫酸作用下加热得到M和N两种物质，N经氧化最终可得到M，那么该中性有机物的结构可能有()A1种 B2种 C3种 D4种解析：选B中性有机物C8

23、H16O2在稀硫酸作用下可生成2种物质，可见该中性有机物为酯类。由“N经氧化最终可得到M，说明N与M中碳原子数相等，碳架结构相同，且N应为羟基在碳链端位的醇，M那么为羧酸，从而推知该中性有机物的结构只有和2种。8(2016·吉安模拟)有机物A是常用的食用油抗氧化剂，分子式为C10H12O5，可发生如图转化：B的相对分子质量为60，分子中只含一个甲基。C的结构可表示为 (其中：X、Y均为官能团)。请答复以下问题：(1)根据系统命名法，B的名称为_。(2)官能团X的名称为_，高聚物E的链节为_。(3)A的结构简式为_。(4)反响的化学方程式为_。(5)C有多种同分异构体，写出其中2种符合

24、以下要求的同分异构体的结构简式_。.含有苯环.能发生银镜反响.不能发生水解反响(6)从分子结构上看，A具有抗氧化作用的主要原因是_(填序号)。a含有苯环b含有羰基c含有酚羟基解析：E为高分子化合物，那么D有可能是烯烃，B是醇，结合B的相对分子质量为60可推知B为丙醇，只有一个甲基，那么B为CH3CH2CH2OH，D为CH2=CHCH3，E为 C能与NaHCO3溶液反响产生气泡，那么含有COOH，与FeCl3发生显色反响，含有酚羟基，那么C的结构简式只能是，那么A的结构简式为 。(1)CH3CH2CH2OH的系统命名为1­丙醇。(2)Y只能是OH，X是 COOH，因为C只有7个碳原子。

25、(3)由反响条件可根本确定是酯的水解，A的结构简式为。(4)该反响是 COOH与HCO的反响，产物为CO2和H2O。(5)不发生水解反响那么不含结构，能发生银镜反响那么含有 CHO。(6)酚羟基具有复原性，能被O2氧化，因此A可作为抗氧化剂使用。写出以乙醇为原料制备的化学方程式(无机试剂任选)并注明反响类型。 (1)CH3CH2OH CH2=CH2H2O(消去反响)。(2)CH2=CH2Br2(加成反响)。(3)2NaOH2NaBr(取代反响或水解反响)。(4)O2OHCCHO2H2O(氧化反响)。(5)OHCCHOO2HOOCCOOH(氧化反响)。(6)HOOCCOOH2H2O (酯化反响或

26、取代反响)。角度一有机物之间的转化1如图是一些常见有机物的转化关系，关于反响的说法不正确的选项是()A反响是加成反响B只有反响是加聚反响C只有反响是取代反响D反响是取代反响解析：选C酯的形成和酯的水解反响均属于取代反响，C项错误。2(2016·龙岩模拟)由乙烯和其他无机原料合成环状化合物。其合成过程如图(水及其他无机产物均已省略)：请分析后答复以下问题：(1)写出以下反响的反响类型：_、_。(2)D物质中的官能团名称为_。(3)物质X与A互为同分异构体，那么X的结构简式为_。(4)AB的反响条件为_。(5)写出以下转化的化学方程式：CD：_。BDE：_。解析：依据转化流程可推知B、C

27、、D分别为醇、醛、羧酸，结合乙烯和E的结构可推知A为，B为，C为，D为。答案：(1)加成反响取代反响(或酯化反响)(2)羧基(3)CH3CHBr2(4)氢氧化钠水溶液，加热(5)OHCCHOO2HOOCCOOH角度二有机物的推断 3.(2016·台儿庄模拟)化合物可通过如下反响制得：化合物I可通过以下路径合成： (1)化合物的分子式为_。化合物中含氧官能团的名称_。(2)化合物与NaOH溶液共热反响的方程式为_。(3)化合物的结构简式为_，生成化合物IV的反响类型为_。(4)化合物能发生消去反响，其中一种有机产物的结构简式_。(5)一定条件下，1 mol化合物和H2反响，最多可消耗H

28、2_ mol。(6)CH3CH2MgBr和也能发生类似的反响，其化学反响方程式_。解析：(1)根据物质的结构简式可知其分子式为C10H14O，根据物质的结构简式可知含氧官能团为羧基。(2)化合物与NaOH溶液共热发生酯的水解反响，反响的化学方程为。(3)比照甲苯与物质的结构可以判断的结构简式为，那么甲苯中甲基上的H原子被Cl原子取代生成，所以反响类型为取代反响。(4)在浓硫酸和加热条件下，化合物易发生醇的消去反响生成或。(5)化合物有一个碳碳双键，所以1 mol化合物可以和1 mol H2发生加成反响。(6)CH3CH2MgBr和也能发生类似的反响，先发生类似加成反响得到中间产物，CH3CH2

29、 连接醛基中的碳原子、 MgBr连接醛基中的O原子，反响方程式为。答案：(1)C10H14O羧基(2)(3)CH2Cl 取代反响(4)(或)(5)1(6)4(2016·焦作模拟)有机化合物A的相对分子质量为153，A有如下的性质：.取A的溶液少许，参加NaHCO3溶液，有气体放出。.另取A的溶液，向其中参加足量的NaOH溶液，加热反响一段时间后，再参加过量HNO3酸化的AgNO3溶液，有淡黄色沉淀生成。A有如下的转化：请答复以下问题：(1)A物质的结构简式为_。(2)CG的反响类型为_。AB的反响类型为_。(3)写出与C具有相同官能团的同分异构体的结构简式：_；G与过量的银氨溶液反响

30、，每生成2.16 g Ag，消耗G的物质的量是_mol。(4)写出以下反响的化学方程式：DE：_；CH：_。解析：由A与NaHCO3溶液反响有气体放出说明有COOH；由性质可知A水解后的溶液中有Br，说明A中有 Br；A的相对分子质量为153，说明1 mol A中只能有1 mol COOH和1 mol Br，由相对分子质量可推知1 mol A中还含有2 mol C和4 mol H；A的水解产物C经氧化反响生成含醛基的G，说明C为醇，而且羟基在端点的碳原子上，那么A的结构简式为，C为，G为。CH发生缩聚反响，生成的H为 。DE为酯化反响，生成的E为，EF为缩聚反响。答案：(1)(2)氧化反响消去

31、反响(3)0.01(4)CH2=CHCOOHHOCH2CH2COOHH2OCH2=CHCOOCH2CH2COOHnCH2(OH)CH2COOH 全 国 卷1(2015·新课标全国卷)某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1 mol 该酯完全水解可得到1 mol羧酸和2 mol乙醇，该羧酸的分子式为()AC14H18O5BC14H16O4CC16H22O5 DC16H20O5解析：选A由1 mol酯(C18H26O5)完全水解可得到1 mol羧酸和2 mol乙醇可知，该酯为二元酯，分子中含有2个酯基()，结合酯的水解反响原理可得“1 mol C18H26O52 mol H2O1 mol羧

32、酸2 mol C2H5OH，再结合质量守恒定律推知，该羧酸的分子式为C14H18O5。2(2014·全国高考)从香荚兰豆中提取的一种芳香化合物，其分子式为C8H8O3，遇FeCl3溶液会呈现特征颜色，能发生银镜反响。该化合物可能的结构简式是()解析：选A遇FeCl3发生显色反响说明苯环上直接连有羟基，能发生银镜反响说明含有醛基或甲酸酯基，再结合分子式可确定只有A项符合要求。3.(2013·新课标全国卷)香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如下图。以下有关香叶醇的表达正确的选项是()A香叶醇的分子式为C10H18OB不能使溴的四氯化碳溶液褪色C不能使酸性高锰酸钾溶液褪色

33、D能发生加成反响不能发生取代反响解析：选A香叶醇中含有碳碳双键，能与溴发生加成反响，使溴的四氯化碳溶液褪色，B错误；碳碳双键和CH2OH 都能被酸性高锰酸钾溶液氧化，从而使溶液的紫红色褪去，C错误；香叶醇在一定条件下能与卤素单质、乙酸等发生取代反响，D错误。4(2015·新课标全国卷)A(C2H2)是根本有机化工原料。由A制备聚乙烯醇缩丁醛和顺式聚异戊二烯的合成路线(局部反响条件略去)如下图：答复以下问题：(1)A的名称是_，B含有的官能团是_。(2)的反响类型是_，的反响类型是_。(3)C和D的结构简式分别为_、_。(4)异戊二烯分子中最多有_个原子共平面，顺式聚异戊二烯的结构简式为_。(5)写出与A具有相同官能团的异戊二烯的所有同分异构体_(填结构简式)。