上海市松江区2016年高三物理二模试卷及答案

1、 2016年上海市松江区高考物理一模试卷一、单项选择题1 .下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是（）A质量B速率C功率D位移2以下关系式中用基本单位表示国际单位正确的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1库=1焦伏1D1特=1牛安1米13关于物理学研究方法或物理学家贡献的叙述中正确的是（）A质点、速度、点电荷等都是理想化模型BE=与a=均体现了比值定义的思想方法C卡文迪什扭秤实验应用了微元的思想方法D法拉第发现了电磁感应现象，建立了电磁感应定律4在如图所示的逻辑电路中，其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为（） 输入输出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，

2、1，0，1D1，0，1，05下图中按力的作用效果分解正确的是（）A BCD6根据机械波的知识可知（）A横波沿水平方向传播，纵波沿竖直方向传播B在波的传播过程中，质点随波迁移将振动形式和能量传播出去C波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线D声波在真空中也能传播7质量为m、初速度为零的物体，在变化不同的合外力作用下都通过位移xo下列各种情况中合外力做功最多的是（）ABCD8一电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一初速度从图中A点沿图示方向进入电场，若粒子只受电场力作用，则从A点开始，（）A无论正负，粒子总是做直线运动B无论正负，粒子的电势能总是先变大C无论正负，粒子的电势能总是先变小

3、D粒子的电势能的变化与粒子所带电的电性有关二、单项选择题9 .如图所示，由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡若小球所带电量不变，与移动前相比（）A杆BO对Q的弹力减小B杆AO对P的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大DP、Q之间的距离增大10如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银槽中，管内外高度差为h1，右管有一段水银柱，高度差为h2，中间封有一段空气则（）A若大气压升高，h1和h2同时增大B若环境温度升高，h1和h2同时减小C若把弯管向上移动少许，则管内气体体积不变

4、D若把弯管向下移动少许，则管内气体压强增大11某一质点沿直线运动的位移x随时间t变化的图象如图所示，则（）A第10s末，质点的速度最大B在20s内，质点的位移为9mC第5s末和第15s末，质点的加速度方向相反D010s内，质点所受合外力的方向与速度方向相反12如图，由均匀的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将AB两点接入电压恒定的电源两端，通电时电阻丝AB段受到的安培力为F，则此时三根电阻丝受到的合安培力大小为（）AFB1.5FC2FD3F13汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶设汽车行驶时所

5、受的阻力恒定，则下面四个图象中，哪个图象正确表示了司机从减小油门开始，汽车的速度与时间的关系（）ABCD14如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等且在同一竖直面内，斜面底边长是其竖直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列说法正确的是（）Aa、b不可能同时分别落在半圆轨道和斜面上Ba球一定先落在半圆轨道上Cb球一定先落在斜面上Da球可能先落在半圆轨道上15有上下两条摩擦因数相同的水平轨道L1、L2，它们在同一竖直面内，相同质量的物块A、B放置在两轨道上，轨道L1开一条平行轨道方向的细缝，可使细线通过，如图所示A物块

6、在B物块正上方在连接A、B细线的中点O施加拉力，使A、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向可能是（图中OQ表示水平方向）（）A沿OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能16如图所示，在OxL和2Lx3L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的正方形线框abcd边长为2L，位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合令线框从t=0时刻由静止开始沿x轴正方向做匀加速直线运动，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象大致是下列图中的（）ABCD三、多项选择题17 .如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨

7、道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处18一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻与（t+0.6）时刻的波形图正好重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A质点振动周期可能为1.2sB该波的波速可能为10m/sC在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点位移可能为零D从（t+0.3）时刻开始计时，x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置19如图所示，A、B两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上，两球通过一轻绳绕过一定滑轮（轴心固定不动）相连，某时

8、刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为、，A球向左的速度为v，下列说法正确的是（）A此时B球的速度为vB此时B球的速度为vC当增大到等于90°时，B球的速度达到最大D在增大到90°的过程中，绳对B球的拉力一直做正功20如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则（）AU1大于U2B =R+rCV2的示数增大D +保持不变四、填空题21远古时代，取火是一件困难的事，火一般产生于雷击或磷的自燃随着人类文明的进步，出现了“钻木取火”等

9、方法“钻木取火”是通过方式改变物体的内能，把转变为内能22甲、乙两颗绕地球作匀速圆周运动人造卫星，其线速度大小之比为：1，则这两颗卫星的运转半径之比为，运转周期之比为23某同学的质量为60kg，在一次野营中，他从岸上以2m/s的速度，跳到一条以0.5m/s的速度正对着他飘来的小船上，跳上船后他又走了几步，最终停在船上已知小船的质量为140kg，则人与小船共同运动的速度大小为m/s，运动方向为（填“向左”或“向右”）24如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为10cm，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点则图示时刻C点的振动方向（选填“向上

10、”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为cm25如图所示，河道宽L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小满足u=0.2x（x是离河岸的距离，0x）一小船在静水中的速度v=10m/s，自A处出发，船头垂直河岸方向渡河到达对岸B处AB两点间距离为m设船的运动方向与水流方向夹角为，则渡河过程中最小为26带正电小球静止在光滑绝缘斜面的底端，现在该区域加一平行斜面向上的匀强电场，经时间t电场做功40J时，匀强电场突然消失，小球又经时间t恰好回到斜面底端若以小球初始水平面为零重力势能面，则小球回到斜面底端时的机械能为J，小球的动能为8J时重力势能为J五、实验题27某同学利用

11、单摆测定重力加速度时，用秒表测量单摆的周期，当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n=0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n=60时停止计时测量结果与当地的重力加速度的真实值比较，发现偏大，可能原因是（）A振幅偏小B开始计时误记为n=1C将摆线加上球直径当成了摆长D将摆线的长度当成了摆长28“研究共点力的合成”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示（1）图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是（2）（单选题）本实验采用的科学方法是A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法（3）（多选

12、题）实验中可减小误差的措施有A两个分力F1、F2的大小要尽量大些B两个分力F1、F2间夹角应越大越好C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行DAO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些29如图是“用DIS研究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验装置，保持挡光片位置、光电门和螺线管之间的距离不变 （1）实验器材除了需要光电门传感器之外，还需要传感器（2）让小车以不同的速度靠近螺线管，记录下小车每次靠近螺线管至最后撞上螺线管停止的全过程中感应电动势与时间的变化关系如图所示，光电门测得挡光时间为t1，有感应电动势的时间为t2，则实验可以得到感应电动势与成正

13、比（用题中字母表示）（3）若保持磁铁靠近线圈的速度不变，只增加线圈的匝数（线圈直径不变），则t1内图象所围阴影部分面积将（选填“不变”、“增大”或“减小”）30某实验小组利用铜片、锌片和家乡盛产的柑橘制作了果汁电池，他们测量这种电池的电动势E和内阻r，并探究电极间距对E和r的影响，实验器材如图所示测量E和r的实验方案为：调节滑动变阻器，改变电源两端的电压U和流过电源的电流I，依据公式U=EIr，利用测量数据作出UI图象，得出E和r（1）将电压表视为理想表，要求避免电流表分压作用对测量结果的影响，请在图中用笔画线代替导线连接电路（2）实验中依次减小铜片与锌片的间距，分别得到相应果汁电池的UI图象

14、如图中（a）（b）（c）（d）所示，由此可知：在该实验中，随电极间距的减小，电源电动势（填“增大”、“减小”或“不变”），电源内阻（填“增大”、“减小”或“不变”）（3）对图线（c），当外电路总电阻为2500时，该电源的输出功率P=mW六、计算题.（共50分）31如图所示，导热良好的薄壁气缸放在水平面上，用横截面积为S=1.0×102m2的光滑薄活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞杆的另一端固定在墙上此时活塞杆与墙刚好无挤压外界大气压强p0=1.0×105Pa当环境温度为27时，密闭气体的体积为2.0×103m3若固定气缸在水平面上，当环境温度缓慢升高到57

15、时，气体压强p2为多少？若气缸放在光滑水平面上不固定，当环境温度缓慢升高到57时，气缸移动了多少距离？保持的条件不变下，对气缸施加水平作用力，使缸内气体体积缓慢地恢复到原来数值，这时气缸受到的水平作用力多大？32如图所示，粗糙水平面上放置一个小物块，在力F作用下沿水平面向右加速运动在保持力F大小不变的情况下，发现当F水平向右或与水平面成60°夹角斜向上时，物块的加速度相同求：（1）物块与水平面间的动摩擦因数（2）若保持力F与水平面成60°夹角斜向上，从静止起拉动物块，物块沿水平面向右移动s=5m的时间为t改变F的大小重复上述过程，时间t的最小值为多少？33如图所示，电源电动

16、势为，内阻为r，滑动变阻器总阻值为3r，间距为d的两平行金属板AB、CD竖直放置，闭合电键S时，板间电场可视为匀强电场板间有一长为L的绝缘细轻杆，能绕水平固定转轴O在竖直面内无摩擦转动，杆上端固定质量为m、带电量为+q的金属小球a，下端固定质量为2m、带电量为q的金属小球b，已知Ob=2Oa，并且q=，两带电小球可视为点电荷，不影响匀强电场的分布，两电荷间相互作用力不计，重力加速度为g现调节滑片P使其位于滑动变阻器的中点，闭合电键S，待电场稳定后：（1）求两极板间电场强度E的表达式；（2）将轻杆从如图位置顺时针转过时（360°）由静止释放，轻杆恰能静止，求；（3）若将轻杆从如图位置由

17、静止释放，轻杆将绕轴O顺时针转动，求小球a运动的最大速度34如图所示，两根粗细均匀的金属杆AB和CD的长度均为L，电阻均为R，质量分别为3m和m，用两根等长的、质量和电阻均不计的、不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路，悬跨在绝缘的、水平光滑的圆棒两侧，AB和CD处于水平在金属杆AB的下方有高度为H的水平匀强磁场，磁感强度的大小为B，方向与回路平面垂直，此时CD处于磁场中现从静止开始释放金属杆AB，经过一段时间（AB、CD始终水平），在AB即将进入磁场的上边界时，其加速度为零，此时金属杆CD还处于磁场中，在此过程中金属杆AB上产生的焦耳热为Q重力加速度为g，试求：（1）金属杆AB即将进入磁场上边

18、界时的速度v1；（2）在此过程中金属杆CD移动的距离h和通过导线截面的电量q；（3）设金属杆AB在磁场中运动的速度为v2，通过计算说明v2大小的可能范围；（4）依据第（3）问的结果，请定性画出金属杆AB在穿过整个磁场区域的过程中可能出现的速度时间图象（vt图）2016年上海市松江区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1 .下列物理量中可以运用平行四边形定则求和的是（）A质量B速率C功率D位移【考点】矢量和标量【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题【分析】矢量既有大小，又有方向，相加时遵循平行四边形定则标量只有大小，没有方向，相加时遵守代数加减法则【解答】解：ABC、质量、速率和

19、功率都是标量，相加时，遵守代数加减法则，故ABC错误D、位移是矢量，相加时遵守平行四边形定则，故D正确故选：D【点评】解决本题的关键知道矢量既有大小，又有方向，其运算遵循平行四边形定则2以下关系式中用基本单位表示国际单位正确的（）A1焦=1牛米B1伏=1千克米2秒3安1C1库=1焦伏1D1特=1牛安1米1【考点】力学单位制【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解

20、：A、牛顿是力的单位，是导出单位所以1焦=1牛米不用基本单位表示国际单位故A错误；B、用基本单位表示国际单位故B正确；C、焦耳是能量的单位，是导出单位所以1库=1焦伏1不是用基本单位表示国际单位故C错误；D、牛顿是力的单位，是导出单位所以1特=1牛安1米1不是用基本单位表示国际单位故D错误故选：B【点评】该题考查单位制，解答的关键是知道7个基本单位，并要熟记相关的单位之间的关系3关于物理学研究方法或物理学家贡献的叙述中正确的是（）A质点、速度、点电荷等都是理想化模型BE=与a=均体现了比值定义的思想方法C卡文迪什扭秤实验应用了微元的思想方法D法拉第发现了电磁感应现象，建立了电磁感应定律【考点】

21、物理学史【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题【分析】理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的知道比值定义法的含义，记住著名物理学家的主要贡献【解答】解：A、理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的，点电荷、质点是理想化模型，但是速度不是理想化模型，故A错误B、a=不是比值定义法，故B错误；C、卡文迪许测万有引力常量G的扭秤实验，应用了“放大”的实验方法，故C错误；D、法拉第发现了电磁感应现象，建立了电磁感应定律，故D正确故选：D【点评】本题属于记忆知识，要了解、熟悉物理学史，关键在于平时注意积累和记忆，不可忽视，不然很容易出错对于物理学上常用的科学研究方法：等效替代法、理想化模型法、

22、比值定义法等等要理解并掌握，并进行归纳总结，对学习物理量的意义有很大的帮助4在如图所示的逻辑电路中，其真值表的“输出”这一列数据从上到下依次为（） 输入输出00011011A0，0，0，1B1，0，0，0C0，1，0，1D1，0，1，0【考点】简单的逻辑电路【分析】图示电路为或非门，当AB输入经或门输出再经非门输出【解答】解：当AB输入00经或门输出0再经非门输出1，当AB输入01经或门输出1再经非门输出0；当AB输入10经或门输出1再经非门输出0；当AB输入11经或门输出1再经非门输出0；故输出1，0，0，0，故B正确故选B【点评】考查了基本门电路的基本逻辑输入输出关系，理解组合门的输入输出

23、5下图中按力的作用效果分解正确的是（）ABCD【考点】力的分解【专题】定性思想；合成分解法；受力分析方法专题【分析】物体的重力，按效果分解为垂直于两接触面，作出力的分解图，从而即可求解【解答】解：A、力F的作用效果，如图所示，故A正确；B、物体的重力，按效果分解成一个垂直接触面的力，与垂直挡板的力，如图所示，故B错误；C、按照力的作用效果，拉力分解成如图所示故C错误；D、物体的重力，按效果分解分解成如图所示故D错误；故选：A【点评】本题考查运用数学知识处理物理问题的能力，比较简单对于力的分解，关键确定力的作用效果，定出两个分力的方向6根据机械波的知识可知（）A横波沿水平方向传播，纵波沿竖直方向

24、传播B在波的传播过程中，质点随波迁移将振动形式和能量传播出去C波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线D声波在真空中也能传播【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】横波和纵波水平和竖直方向都能传播质点不随波迁移，只是将振动形式和能量传播出去波的图象就是反映各质点在同一时刻不同位移的曲线机械波传播需要介质，声波在真空中不能传播【解答】解：A、横波和纵波水平和竖直方向都能传播，这两种波是根据波的传播方向与质点的振动方向间的关系划分的故A错误B、在波的传播过程中，质点在自己的平衡位置附近振动，并不随波迁移故B错误C、波的图象就是反映各质点在空间的分布情况，即各质点在同一时刻不同位移的

25、曲线故C正确D、声波在真空中不能传播，因为没有传播振动的介质故D错误故选C【点评】本题考查了一些波的基本知识：波的分类、形成机械波的条件等等，波的一个基本特点是：质点不随波迁移7质量为m、初速度为零的物体，在变化不同的合外力作用下都通过位移xo下列各种情况中合外力做功最多的是（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像；动能定理的应用【专题】运动学中的图像专题【分析】Fx图象中，图象与坐标轴围成的面积表示力F所做的功【解答】解：由力做功公式可知，Fx图象中，图象与坐标轴围成的面积表示力F所做的功，由图象可知，C图象中围成的面积最大，所以C中合外力做功最多故选C【点评】利用数学图象处理物理问题的方法

26、就是把物理表达式与图象结合起来，根据图象中的数据求解8一电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一初速度从图中A点沿图示方向进入电场，若粒子只受电场力作用，则从A点开始，（）A无论正负，粒子总是做直线运动B无论正负，粒子的电势能总是先变大C无论正负，粒子的电势能总是先变小D粒子的电势能的变化与粒子所带电的电性有关【考点】电势；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】粒子在静电场中电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大粒子所受的电场力与速度方向不在同一直线上，做曲线运动【解答】解：A、根据电场线与等势线垂直且指向低电势处，可知在A点电场线方向应与速度v垂直，则粒子所受的电场力与速度v也

27、垂直，粒子做曲线运动故A错误BCD、无论正负，电场力做正功，粒子的电势能总是先变小，故BD错误，C正确故选：C【点评】本题关键抓住电场线与等势线的关系判断电场力方向与粒子初速度方向的关系，分析运动情况，根据电场力做功正负，判断电势能的变化二、单项选择题9 .如图所示，由粗糙的水平杆AO与光滑的竖直杆BO组成的绝缘直角支架，在AO杆、BO杆上套有带正电的小球P、Q，两个小球在某一位置平衡现将P缓慢地向左移动一小段距离，两球再次达到平衡若小球所带电量不变，与移动前相比（）A杆BO对Q的弹力减小B杆AO对P的弹力减小C杆AO对P的摩擦力增大DP、Q之间的距离增大【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其

28、应用【专题】定性思想；整体法和隔离法；电荷守恒定律与库仑定律专题【分析】分别以两环组成的整体和Q环为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件研究AO杆对P环的支持力N和细绳上的拉力T的变化情况【解答】解：A、Q受力如图，由力的合成与平衡条件可知：BO杆对小球Q的弹力变大，两小球之间的库仑力变大，由库仑定律知，两小球P、Q的距离变小，故AD错误；C、对整体受力分析，可得AO杆对小球P的摩擦力变大，AO杆对小球P的弹力不变，故C正确，B错误；故选：C【点评】本题涉及两个物体的平衡问题，灵活选择研究对象是关键当几个物体都处于静止状态时，可以把它们看成整体进行研究10如图所示，两端开口的弯管，左管插入水银

29、槽中，管内外高度差为h1，右管有一段水银柱，高度差为h2，中间封有一段空气则（）A若大气压升高，h1和h2同时增大B若环境温度升高，h1和h2同时减小C若把弯管向上移动少许，则管内气体体积不变D若把弯管向下移动少许，则管内气体压强增大【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【专题】理想气体状态方程专题【分析】管中封闭气体的压强P=P0+gh1=P0+gh2，可得h1=h2根据气态方程分析大气压和温度变化时，气体的体积如何变化，即知道h1和h2如何变化若把弯管向上移动少许或下移少许，封闭气体的压强将要变化，根据玻意耳定律分析体积如何变化【解答】解：A、管中封闭气体的压强P=P0+gh1=P0+g

30、h2，则得h1=h2若大气压升高时，封闭气体的压强增大，由玻意耳定律PV=c得知，封闭气体的体积减小，水银柱将发生移动，使h1和h2同时减小故A错误B、若环境温度升高，封闭气体的压强增大，体积也增大，h1和h2同时增大故B错误C、若把弯管向上移动少许，封闭气体的体积将增大故C错误D、若把弯管向下移动少许，封闭气体的体积减小，压强增大，故D正确故选D【点评】本题关键要根据压强判断出h1=h2再结合气态方程进行动态分析11某一质点沿直线运动的位移x随时间t变化的图象如图所示，则（）A第10s末，质点的速度最大B在20s内，质点的位移为9mC第5s末和第15s末，质点的加速度方向相反D010s内，质

31、点所受合外力的方向与速度方向相反【考点】匀变速直线运动的图像【专题】定性思想；推理法；运动学中的图像专题【分析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向当物体做加速运动时，合外力与速度同向，当物体做减速运动时，合外力与速度反向【解答】解：A、位移时间图象切线的斜率表示该时刻的速度，则知在10s末时，质点的速度为零，故A错误；B、在20s内质点的位移为x=x2x1=01m=1m，故B错误；C、在010s内，物体沿正方向做减速运动，加速度方向与速度方向相反，即沿负方向；在1020s内，斜率为负值，说明物体沿负方向

32、运动，斜率增大，做加速运动，加速度方向与速度方向相同，即沿负方向所以在5s和15s时，质点的加速度方向相同，故C错误；D、在010s内，斜率逐渐减小，说明物体做减速运动，质点所受合外力的方向与速度方向相反，故D正确故选：D【点评】理解位移时间图象时，要抓住点和斜率的物理意义，掌握斜率表示速度是关键12如图，由均匀的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将AB两点接入电压恒定的电源两端，通电时电阻丝AB段受到的安培力为F，则此时三根电阻丝受到的合安培力大小为（）AFB1.5FC2FD3F【考点】安培力【专题】定量思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用【分析】根据左手定则判断出各段受到的安培力

33、的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可【解答】解：AB受力：FAB=BIL=FACB受力：有效长度为L，电流为AB的电流的，则其受力为： =，二力方向相同，则合力为1.5F则B正确故选：B【点评】该题中，各段时的电流的大小不相等，要使用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小，然后计算安培力是解题的正确思路题目的难度中档13汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶设汽车行驶时所受的阻力恒定，则下面四个图象中，哪个图象正确表示了司机从

34、减小油门开始，汽车的速度与时间的关系（）ABCD【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像【专题】功率的计算专题【分析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率减小一半时，牵引力减小了，物体减速运动，根据牛顿第二定律分析加速度和速度的变化情况即可【解答】解：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式P=Fv，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式P=Fv可知，功率一定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度

35、减为零，物体重新做匀速直线运动；故选B【点评】本题关键分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确定物体的运动情况14如图所示，a、b两小球分别从半圆轨道顶端和斜面顶端以大小相等的初速度v0同时水平抛出，已知半圆轨道的半径与斜面竖直高度相等且在同一竖直面内，斜面底边长是其竖直高度的2倍若小球b能落到斜面上，下列说法正确的是（）Aa、b不可能同时分别落在半圆轨道和斜面上Ba球一定先落在半圆轨道上Cb球一定先落在斜面上Da球可能先落在半圆轨道上【考点】平抛运动【专题】定性思想；图析法；平抛运动专题【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，将圆轨道和斜面重合在一起进行分析比

36、较，即可得出正确答案【解答】解：将圆轨道和斜面轨道重合在一起，如图所示，交点为A，初速度合适，可知小球做平抛运动落在A点，则运动的时间相等，即同时落在半圆轨道和斜面上若初速度不适中，由图可知，可能小球先落在斜面上，也可能先落在圆轨道上故D正确，ABC错误故选：D【点评】本题考查平抛运动比较灵活，学生容易陷入计算比较的一种错误方法当中，不能想到将半圆轨道和斜面轨道重合进行分析比较15有上下两条摩擦因数相同的水平轨道L1、L2，它们在同一竖直面内，相同质量的物块A、B放置在两轨道上，轨道L1开一条平行轨道方向的细缝，可使细线通过，如图所示A物块在B物块正上方在连接A、B细线的中点O施加拉力，使A、

37、B一起向右做匀速直线运动，则F的方向可能是（图中OQ表示水平方向）（）A沿OP方向B沿OQ方向C沿ON方向D沿OP、OQ、ON方向都可能【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对A、B两物体分析，抓住A、B对水平轨道的正压力不同，导致摩擦力不等，根据水平方向上平衡，得出AO、BO拉力的大小，从而确定拉力F的方向【解答】解：力的作用点是在细线的中点，而且物块A在B的正上方，所以三角形ABO是等腰三角形，且AB在竖直方向，所以AO与BO与水平方向的夹角相等因为A对水平轨道的正压力大于B对水平轨道的正压力，所以水平面对A的摩擦力大于水平面对B的摩擦力

38、，由题意细线AO受到的拉力必须大于BO受到的拉力，所以F的方向只能是ON方向故C正确，A、B、D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道滑动摩擦力与正压力成正比，通过摩擦力的大小得出绳子拉力的大小，从而确定拉力的方向16如图所示，在OxL和2Lx3L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于xOy平面（纸面）向里，具有一定电阻的正方形线框abcd边长为2L，位于xOy平面内，线框的ab边与y轴重合令线框从t=0时刻由静止开始沿x轴正方向做匀加速直线运动，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图象大致是下列图中的（）ABCD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定

39、律【专题】压轴题；电磁感应与图像结合【分析】首先根据楞次定律判断感应电流的方向再根据公式E=Blv和运动学公式得到感应电动势的表达式，由欧姆定律得到感应电流的表达式【解答】解：设线框进入磁场的时间为t0，则由L=，得t0=在0t0时间内，由楞次定律判断可知感应电流方向沿逆时针方向，感应电流大小为I=；故CD均错误设线框ab从x=L运动到x=4L的时间为t1，则由运动学公式得t1=t0=2t0t0=t0，这段时间内穿过线框的磁通量不变，没有感应电流故B错误设线框ab从x=4L运动到x=5L的时间为t2，则由运动学公式得t2=t0=t02t0=0.236t0的时间内，根据楞次定律得知，感应电流方向

40、沿顺时针方向，为负值感应电流为I=；故A正确故选A【点评】本题是电磁感应与运动学公式的综合应用，根据楞次定律判断出感应电流的方向，可排除CD，再根据运动时间，排除B三、多项选择题17 .如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有（）A甲的切向加速度始终比乙的大B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度D甲比乙先到达B处【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系【专题】直线运动规律专题【分析】由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；可以使用机械能守恒来说明，也可以使用运

41、动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；哪一个先达到B点，可以通过速度的变化快慢来理解，也可以使用vt图象来计算说明【解答】解：A：由受力分析及牛顿第二定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度（重力势能）相等处的动能也相等，故B正确；C、D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开始阶段的位移比较大，故甲总是先达到同一高度的位置故C错误，D正确故选：BD【点评】本题应该用“加速度”解释：高度相同，到达底端的速度大小就相同，但甲的加速度逐渐减小，乙的加速度逐渐增大所以它们的速度增加的快慢不同，甲增加得最快，乙增加得最慢它们的

42、vt图象如图，结合vt图象的意义，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴之间的面积可以用来表示位移18一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻与（t+0.6）时刻的波形图正好重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A质点振动周期可能为1.2sB该波的波速可能为10m/sC在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点位移可能为零D从（t+0.3）时刻开始计时，x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象【分析】据题，t时刻与（t+0.6）时刻的波形图正好重合，经过的时间是周期的整数倍，得到周期的通项由图读出波长，求出波速的通项，再求解特殊值根据时间与周期

43、的关系，分析在（t+0.4）时刻，x=1m处的质点的状态根据波可能的传播方向，分析从（t+0.3）时刻开始计时，x=0.5m处的质点与x=0.5m处的质点到达波峰位置的先后【解答】解：A、由题分析得知，nT=0.6s，n=1，2，3，周期T=s，所以质点振动周期不可能为1.2s故A错误B、由图读出波长为=2m，波速v=m/s=nm/s，当n=3时，v=10m/s故B正确C、t时刻到（t+0.4）时刻经过时间为0.4s，而0.4s与周期的关系为n=n，由于n为整数，所以该时刻x=1m处的质点不可能在平衡位置，位移不可能为零故C错误D、简谐横波沿x轴正方向传播，在（t+0.3）时刻，x=0.5m处

44、的质点振动方向可能沿y轴正方向，x=0.5m处的质点振动方向沿y轴负方向，所以先到达波峰位置x=0.5m处的质点可能比x=0.5m处的质点先到达波峰位置故D正确故选BD【点评】本题考查根据数学知识列通项的能力抓住波的周期性进行分析波经过整数倍周期时间，图象重合；半个周期奇数倍时间，图象反相19如图所示，A、B两球分别套在两光滑无限长的水平直杆上，两球通过一轻绳绕过一定滑轮（轴心固定不动）相连，某时刻连接两球的轻绳与水平方向的夹角分别为、，A球向左的速度为v，下列说法正确的是（）A此时B球的速度为vB此时B球的速度为vC当增大到等于90°时，B球的速度达到最大D在增大到90°

45、的过程中，绳对B球的拉力一直做正功【考点】运动的合成和分解【专题】定性思想；图析法；运动的合成和分解专题【分析】将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，通过系统机械能守恒判断小球B减小的势能与物块A增加的动能的大小关系【解答】解：A、将物块A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子的方向，在沿绳子方向的分速度等于B沿绳子方向的分速度在沿绳子方向的分速度为v绳子=vcos，所以vB=故A正确，B错误C、当增大到等于90°时，B球的速度沿绳子方向的分速度等于0，所以A沿绳子方向的分速度也是0，而cos

46、不等于0，所以A球的速度为0；此时A的动能全部转化为B的动能，所以B球的速度达到最大，故C正确；D、在增大到90°的过程中，绳子的方向与B球运动的方向之间的夹角始终是锐角，所以绳对B球的拉力一直做正功故D正确故选：ACD【点评】解决本题的关键会对速度进行分解，以及掌握机械能守恒的条件，会利用力与速度之间的夹角关系分析力对物体做功的性质问题20如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则（）AU1大于U2B =R+rCV2的示数增大D +保

47、持不变【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】比较思想；方程法；恒定电流专题【分析】理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律进行分析【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U2=EIr，则得： =r； =R，据题：Rr，则得U1U2故A正确B、根据闭合电路欧姆定律得：U3=EI（R+r），则得： =R+r，故B正确C、理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数

48、增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故C错误；D、由上知， +=R+r，保持不变，故D正确故选：ABD【点评】本题是电路的动态分析问题，关键要理解理想电表的作用，搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析四、填空题21远古时代，取火是一件困难的事，火一般产生于雷击或磷的自燃随着人类文明的进步，出现了“钻木取火”等方法“钻木取火”是通过做功方式改变物体的内能，把机械能转变为内能【考点】改变内能的两种方式【分析】做功与热传递都可以改变物体的内能，做功是能量转化过程，热传递是能量的转移过程【解答】解：“钻木取火”是通过做

49、功方式改变物体的内能，在此过程中，机械能转变为内能故答案为：做功；机械能【点评】本题考查了改变物体内能的方式，难度不大，是一道基础题；知道：做功与热传递都可以改变物体的内能，做功是能量转化过程，热传递是能量的转移过程，即可正确解题22甲、乙两颗绕地球作匀速圆周运动人造卫星，其线速度大小之比为：1，则这两颗卫星的运转半径之比为1：2，运转周期之比为1：【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】人造卫星问题【分析】根据万有引力提供向心力，得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而求出向心力、线速度、周期之比【解答】解：根据，得v=，所以：根据：得：T=2所以周期之比为： =故答案为：1：2，1

50、：2【点评】该题考查人造卫星的应用，解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道线速度、周期与轨道半径的关系23某同学的质量为60kg，在一次野营中，他从岸上以2m/s的速度，跳到一条以0.5m/s的速度正对着他飘来的小船上，跳上船后他又走了几步，最终停在船上已知小船的质量为140kg，则人与小船共同运动的速度大小为0.25m/s，运动方向为向右（填“向左”或“向右”）【考点】动量守恒定律【专题】简答题；定性思想；推理法；动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合【分析】人跳上船的过程，系统水平方向动量守恒，由动量守恒定律求解人和船的共同速度【解答】解：以人与船组成的系统为研究对象，以人的速度方向为

51、正方向，由动量守恒定律得：m人v人m船v船=（m人+m船）v，即：60×2140×0.5=（60+140）v，解得：v=0.25m/s，方向与人原来的速度方向相同，即向右故答案为：0.25；向右【点评】本题考查了求人与船的速度，应用动量守恒定律即可正确解题，解题时要注意正方向的选择，否则会出错24如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为10cm，波速和波长分别为1m/s和0.2m，C点为AB连线的中点则图示时刻C点的振动方向向下（选填“向上”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，A点经过的路程为100cm【考点】波的叠加【分析】波峰

52、与波峰叠加，波谷与波谷叠加为振动加强点，振幅等于两列波引起的振幅之和，C点为AB连线的中点，处于振动加强区，根据波的传播方向确定C点的振动方向根据波速、波长求出周期，质点在一个周期内振动的路程等于4倍的振幅【解答】解：B点处于波谷，A点处于波峰，波由B向A传播，此时C处于平衡位置，经过四分之一周期，波谷传播到该点，知C点的振动方向向下周期T=，质点在一个周期内振动的路程等于4倍的振幅，经过0.25s时，走过的路程等于5倍的振幅，A=20cm，则s=100cm故答案为：向下，100【点评】解决本题的关键会通过波的传播方向确定质点的振动方向，以及知道质点在一个周期内振动的路程等于振幅的4倍25如图

53、所示，河道宽L=200m，越到河中央河水的流速越大，且流速大小满足u=0.2x（x是离河岸的距离，0x）一小船在静水中的速度v=10m/s，自A处出发，船头垂直河岸方向渡河到达对岸B处AB两点间距离为200m设船的运动方向与水流方向夹角为，则渡河过程中最小为arctan0.5【考点】运动的合成和分解【专题】运动的合成和分解专题【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，在垂直于河岸方向上的速度等于静水速，根据河宽以及在垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间水流速与到河岸的最短距离x成正比，是成线性变化的，知水流速的平均速度等于处的水流速根据平均水流速，求出沿河岸方向上的位移，从而求出AB的直线距离，最后根据水流速度与距离的关系，得出在河中央处，水流速度，再结合三角知识，即可求解夹角的最小值【解答】解：渡河的时间为：t=s=10s；水流速的平均速度等于处的水流速则有：u=0.4×=10m/s所以沿河岸方向上的位移为：x=ut=200m所以A