高中数学高考导数题型分析及解题方法

1、. . jz* 导数题型分析及解题方法一、考试容导数的概念，导数的几何意义，几种常见函数的导数；两个函数的和、 差、根本导数公式， 利用导数研究函数的单调性和极值，函数的最大值和最小值。二、热点题型分析题型一：利用导数研究函数的极值、最值。132( )32fxxx在区间1,1上的最大值是2 2函数2)()(2xcxxxfy在处有极大值，那么常数c6 ；3函数331xxy有极小值 1 ,极大值3 题型二：利用导数几何意义求切线方程1曲线34yxx在点1, 3处的切线方程是2yx2假设曲线xxxf4)(在 p 点处的切线平行于直线03yx，那么 p 点的坐标为1， 03假设曲线4yx的一条切线l与

2、直线480 xy垂直，那么l的方程为430 xy4求以下直线的方程：1曲线123xxy在 p(-1,1)处的切线；2曲线2xy过点 p(3,5)的切线；解： 1123|yk231) 1 ,1(1x/2/23上，在曲线点xxyxxyp所以切线方程为0211yxxy即，2显然点p3，5不在曲线上，所以可设切点为),(00yxa，那么200 xy又函数的导数为xy2/，所以过),(00yxa点的切线的斜率为0/2|0 xykxx， 又切线过),(00yxa、 p(3,5)点，所以有352000 xyx，由联立方程组得，255110000yxyx或，即切点为 1，1时，切线斜率为; 2201xk；当切

3、 点 为 5， 25 时 ， 切 线 斜 率 为10202xk； 所 以 所 求 的 切 线 有 两 条 ， 方 程 分 别 为251012)5(1025) 1(21xyxyxyxy或即，或题型三：利用导数研究函数的单调性，极值、最值. . jz* 1函数)1 (, 1 ()(,)(23fpxfycbxaxxxf上的点过曲线的切线方程为y=3x+1 假设函数2)(xxf在处有极值，求)(xf的表达式；在的条件下，求函数)(xfy在3，1上的最大值；假设函数)(xfy在区间 2，1上单调递增，数b 的取值围解： 1由.23)(,)(223baxxxfcbxaxxxf求导数得过)1(, 1()(f

4、pxfy上点的切线方程为：).1)(23()1(),1)(1()1(xbacbayxffy即而过.13)1 (, 1)(xyfpxfy的切线方程为上故3023323cabacaba即124, 0)2(,2)(bafxxfy故时有极值在由得a=2，b=4，c=5 .542)(23xxxxf2).2)(23(443)(2xxxxxf当;0)(,322; 0)(,23xfxxfx时当时13)2()(.0)(,132fxfxfx极大时当又)(,4)1 (xff在3，1上最大值是13。3y=f(x) 在2，1上单调递增，又,23)(2baxxxf由知 2a+b=0。依题意)(xf在2，1上恒有)(xf0

5、，即.032bbxx当6,03)1()(,16minbbbfxfbx时；当bbbfxfbx,0212)2()(,26min时；当.60, 01212)(,1622minbbbxfb则时. . jz* 综上所述，参数b 的取值围是),02三次函数32( )f xxaxbxc在1x和1x时取极值，且( 2)4f(1) 求函数( )yf x的表达式；(2) 求函数( )yf x的单调区间和极值；(3) 假设函数( )()4(0)g xf xmm m在区间3, mn上的值域为 4,16，试求m、n应满足的条件解： (1) 2( )32fxxaxb，由题意得，1,1是2320 xaxb的两个根，解得，0

6、,3ab再由( 2)4f可得2c3( )32f xxx(2) 2( )333(1)(1)fxxxx，当1x时，( )0fx；当1x时，( )0fx；当11x时，( )0fx；当1x时，( )0fx；当1x时，( )0fx函数( )f x在区间(, 1上是增函数；在区间 1, 上是减函数；在区间1,)上是增函数函数( )f x的极大值是( 1)0f，极小值是(1)4f(3) 函数( )g x的图象是由( )f x的图象向右平移m个单位，向上平移4m个单位得到的，所以，函数( )f x在区间 3,nm上的值域为 44,164mm0m 而( 3)20f，4420m，即4m于是，函数( )f x在区间

7、 3,4n上的值域为 20, 0令( )0f x得1x或2x由( )f x的单调性知，142n，即36n综上所述，m、n应满足的条件是：4m，且36n3设函数( )()()f xx xaxb. . jz* 1假设( )f x的图象与直线580 xy相切， 切点横坐标为，且( )f x在1x处取极值，数,a b的值；2当 b=1 时，试证明：不管a 取何实数，函数( )fx总有两个不同的极值点解： 12( )32().fxxab xab由题意(2)5,(1)0ff，代入上式，解之得：a=1，b=12当 b=1 时，( )0fx令得方程232(1)0.xaxa因, 0)1(42aa故方程有两个不同

8、实根21,xx不妨设21xx，由)(3)(21xxxxxf可判断)(xf的符号如下：当时，1xx)(xf；当时，21xxx)(xf；当时，2xx)(xf因此1x是极大值点，2x是极小值点 ，当 b=1 时，不管a取何实数，函数( )fx总有两个不同的极值点。题型四：利用导数研究函数的图象1如右图： 是 fx的导函数，)(/xf的图象如右图所示，那么 fx的图象只可能是 d abcd 2函数的图像为14313xxy( a ) 3方程内根的个数为在)2, 0(076223xx( b ) x y o 4 -4 2 4 -4 2 -2 -2 x y o 4 -4 2 4 -4 2 -2 -2 x y

9、y 4 -4 2 4 -4 2 -2 -2 6 6 6 6 y x -4 -2 o 4 2 2 4 . . jz* a、 0 b、1 c、2 d 、3 题型五：利用单调性、极值、最值情况，求参数取值围1设函数.10,3231)(223abxaaxxxf 1求函数)(xf的单调区间、极值. 2假设当2, 1aax时，恒有axf|)(|，试确定a的取值围 . 解： 122( )43fxxaxa=(3 )()xaxa，令( )0fx得12,3xa xa列表如下：x -，a a a，3a3a 3a，+( )fx- 0 + 0 - ( )f x极小极大( )f x在 a，3a上单调递增，在-， a和 3

10、a，+上单调递减xa时，34( )3fxba极小，3xa时，( )fxb极小222( )43fxxaxa01a，对称轴21xaa，( )fx在 a+1，a+2上单调递减22(1)4 (1)321maxfaa aaa，22min(2)4 (2)344faa aaa依题|( ) |fxa|maxfa，min|fa即|21|,|44 |aaaa解得415a，又01a a的取值围是4,1)52函数 fx x3ax2bxc在 x23与 x1 时都取得极值1求 a、b 的值与函数fx的单调区间2假设对x 1，2 ，不等式f xc2恒成立，求c 的取值围。解： 1fx x3ax2bxc，f x 3x22ax

11、b . . jz* 由 f 23124ab093 ，f 1 32ab0 得 a12， b 2 f x 3x2 x2 3x2 x1 ，函数 f x的单调区间如下表：x ，232323，11 1，f x 0 0 fx极大值极小值所以函数f x的递增区间是，23与 1， ，递减区间是23，12f x x312x22xc，x 1，2 ，当 x23时， fx2227c 为极大值，而f2 2c，那么 f2 2 c为最大值。要使 fxc2x 1，2 恒成立，只需c2 f 2 2c，解得 c 1 或 c 2 题型六：利用导数研究方程的根1平面向量a=(3,1). b=(21,23). 1假设存在不同时为零的实

12、数k 和 t，使x=a+(t2 3)b，y=-ka+tb，xy，试求函数关系式k=f(t) ；(2) 据(1)的结论，讨论关于t 的方程 f(t) k=0 的解的情况 . 解： (1)xy，x y=0 即a+(t2-3) b ( -ka+tb)=0. 整理后得 -k2a+t-k(t2-3) a b+ (t2- 3) 2b=0 a b=0，2a=4，2b=1，上式化为-4k+t(t2-3)=0 ，即 k=41t(t2-3) (2)讨论方程41t(t2-3)-k=0 的解的情况，可以看作曲线f(t)= 41t(t2-3)与直线 y=k 的交点个数 . 于是 f(t)= 43(t2-1)= 43(t

13、+1)(t-1). 令 f(t)=0,解得 t1=-1,t2=1. 当 t 变化时， f (t)、f(t)的变化情况如下表：t (-, -1) -1 (-1,1) 1 (1,+ )f(t) + 0 - 0 + f(t) 极大值极小值. . jz* 当 t= 1 时， f(t)有极大值， f(t)极大值 =21. 当 t=1 时， f(t)有极小值， f(t)极小值 = 21函数 f(t)=41t(t2-3)的图象如图1321 所示，可观察出：(1)当 k21或 k21时 ,方程 f(t)k=0 有且只有一解；(2)当 k=21或 k=21时,方程 f(t)k=0 有两解；(3) 当21k21时

14、,方程 f(t)k=0 有三解 . 题型七：导数与不等式的综合1设axxxfa3)(,0 函数在), 1 上是单调函数. 1数a的取值围；2设0 x1，)(xf 1，且00)(xxff，求证：00)(xxf. 解 ： 1 ,3)(2axxfy假 设)(xf在, 1上 是 单 调 递 减 函 数 ， 那 么 须,3, 02xay即这样的实数a不存在 .故)(xf在, 1上不可能是单调递减函数. 假设)(xf在, 1上是单调递增函数，那么a23x，由于33, 12xx故.从而 0a3. 2 方 法1、 可 知)(xf在, 1上 只 能 为 单 调 增 函 数 . 假 设1)(00 xfx， 那 么

15、,)()(000矛盾xxffxf假设 1)(),()(,)(000000 xfxxfxffxxf即则矛盾，故只有00)(xxf成立 . 方法2 ： 设00)(,)(xufuxf则，,03030 xauuuaxx两 式相减得. . jz* 00330)()(xuuxaux020200,0)1)(xauuxxux 1,u1，30, 32020auuxx又，012020auuxx2a为实数，函数23( )()()2f xxxa1假设函数( )f x的图象上有与x轴平行的切线，求a的取值围2假设( 1)0f， 求函数( )f x的单调区间证明对任意的12( 1,0)xx、，不等式125|()() |1

16、6f xf x恒成立解：3233( )22f xxaxxa，23( )322fxxax函数( )f x的图象有与x轴平行的切线，( )0fx有实数解2344 302a，292a，所以a的取值围是332222（，）( 1)0f，33202a，94a，2931( )33()(1)222fxxxxx由( )0,1fxx或12x；由1( )0, 12fxx( )f x的单调递增区间是1(, 1),(,)2；单调减区间为1( 1,)2易知( )f x的最大值为25( 1)8f，( )f x的极小值为149()216f，又27(0)8f( )f x在 1 0，上的最大值278m，最小值4916m对任意12

17、,( 1,0)xx，恒有1227495|()() |81616f xf xmm题型八：导数在实际中的应用. . jz* 1请您设计一个帐篷。它下部的形状是高为1m 的正六棱柱， 上部的形状是侧棱长为3m 的正六棱锥如右图所示 。试问当帐篷的顶点o 到底面中心1o的距离为多少时，帐篷的体积最大？解：设 oo1 为x m，那么41x由题设可得正六棱锥底面边长为：22228)1(3xxx， 单位：m故底面正六边形的面积为：(43622)28xx=)28(2332xx， 单位：2m帐篷的体积为：)(v228233xxx）（ 1)1(31x)1216(233xx单位：3m求导得)312(23v2xx）（

18、。令0v）（x，解得2x不合题意，舍去 ，2x，当21x时，0v）（x，）（xv为增函数；当42x时，0v）（x，）（xv为减函数。当2x时，）（xv最大。答：当 oo1 为2m时，帐篷的体积最大，最大体积为3163m。2统计说明，某种型号的汽车在匀速行驶中每小时的耗油量y升关于行驶速度x千米 /小时的函数解析式可以表示为：3138(0120).12800080yxxx甲、乙两地相距100千米。i当汽车以40千米 / 小时的速度匀速行驶时，从甲地到乙地要耗油多少升？ii 当汽车以多大的速度匀速行驶时，从甲地到乙地耗油最少？最少为多少升？解： i当40 x时，汽车从甲地到乙地行驶了1002.540小时，要耗没313(40408)2.517.512800080升。 ii当速度为x千米 /小时时，汽车从甲地到乙地行驶了100 x小时，设耗油量为( )h x升，. . jz* 依题意得3213100180015( )(8).(0120),1280008012804h xxxxxxx332280080