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文档简介

1、 基础题组练 1已知随机变量 服从正态分布 n(2,2),且 p(4)0.8,则 p(04)( ) a0.6 b0.4 c0.3 d0.2 解析:选 a由 p(4)0.8,得 p(4)0.2.又正态曲线关于 x2 对称,则 p(0)p(4)0.2,所以 p(04)1p(0)p(4)0.6. 2口袋中有编号分别为 1,2,3 的三个大小和形状相同的小球,从中任取 2 个,则取出的球的最大编号 x 的期望为( ) a13 b23 c2 d83 解析:选 d因为口袋中有编号分别为 1,2,3 的三个大小和形状相同的小球,从中任取 2 个,所以取出的球的最大编号 x 的可能取值为 2,3,所以 p(x

2、2)1c2313,p(x3)c12c11c2323,所以 e(x)21332383. 3(多选)甲、乙两类水果的质量(单位:kg)分别服从正态分布 n(1,21),n(2,22),其正态分布的密度曲线如图所示,则下列说法正确的是( ) a甲类水果的平均质量 10.4 kg b甲类水果的质量比乙类水果的质量更集中于平均值左右 c甲类水果的平均质量比乙类水果的平均质量小 d乙类水果的质量服从的正态分布的参数 21.99 解析: 选 abc 由图象可知甲图象关于直线 x0.4 对称, 乙图象关于直线 x0.8 对称,所以 10.4,20.8,12,故 a 正确,c 正确;因为甲图象比乙图象更“高瘦”

3、,所以甲类水果的质量比乙类水果的质量更集中于平均值左右,故 b 正确;因为乙图象的最大值为 1.99,即1221.99,所以 21.99,故 d 错误 4已知随机变量 x8,若 xb(10,0.6),则 e(),d()分别是( ) a6,2.4 b2,2.4 c2,5.6 d6,5.6 解析:选 b由已知随机变量 x8,所以 8x. 因此,求得 e()8e(x)8100.62, d()(1)2d(x)100.60.42.4. 5某篮球队对队员进行考核,规则是每人进行 3 个轮次的投篮;每个轮次每人投篮 2 次,若至少投中 1 次,则本轮通过,否则不通过已知队员甲投篮 1 次投中的概率为23.如

4、果甲各次投篮投中与否互不影响,那么甲 3 个轮次通过的次数 x 的期望是( ) a3 b83 c2 d53 解析:选 b在一轮投篮中,甲通过的概率为 p89,未通过的概率为19.由题意可知,甲3 个轮次通过的次数 x 的可能取值为 0,1,2,3, 则 p(x0)1931729, p(x1)c13891192247298243, p(x2)c2389219119272964243, p(x3)893512729. 所以随机变量 x 的分布列为 x 0 1 2 3 p 1729 8243 64243 512729 数学期望 e(x)0172918243264243351272983. 6若随机变

5、量 的分布列如下表所示,e()1.6,则 ab_ 0 1 2 3 p 0.1 a b 0.1 解析: 易知 a, b0, 1, 由 0.1ab0.11, 得 ab0.8, 又由 e()00.11a2b30.11.6,得 a2b1.3,解得 a0.3,b0.5,则 ab0.2. 答案:0.2 7已知某公司生产的一种产品的质量 x(单位:克)服从正态分布 n(100,4),现从该产 品的生产线上随机抽取 10 000 件产品,其中质量在98,104内的产品估计有_件 (附: 若 x 服从 n(, 2), 则 p(x)0.682 7,p(2x20.954 5) 解析:由题意可得,该正态分布的对称轴为

6、 x100,且 2,则质量在96,104内的产品的概率为 p(2x2)0.954 5,而质量在98,102内的产品的概率为 p(x)0.682 7,结合对称性可知,质量在98,104内的产品的概率为 0.682 70.954 50.682 720.818 6,据此估计质量在98,104内的产品的数量为 10 0000.818 68 186(件) 答案:8 186 8(2020 浙江浙北四校模拟)已知袋子中有大小相同的红球 1 个,黑球 2 个,从中任取2 个设 表示取到红球的个数,则 e()_,d()_ 解析:从袋中 3 个球中任取 2 个球,共有 c23种取法,则其中 的可能取值为 0,1,

7、且 服从超几何分布,所以 p(0)c22c2313,p(1)c11c12c2323,所以 e()01312323,d()02321312322329. 答案:23 29 9若 n 是一个三位正整数,且 n 的个位数字大于十位数字,十位数字大于百位数字,则称 n 为“三位递增数”(如 137,359,567 等)在某次数学趣味活动中,每位参加者需从所有的“三位递增数”中随机抽取 1 个数,且只能抽取一次得分规则如下:若抽取的“三位递增数”的三个数字之积不能被 5 整除,参加者得 0 分;若能被 5 整除,但不能被 10 整除,得1 分;若能被 10 整除,得 1 分 (1)写出所有个位数字是 5

8、 的“三位递增数”; (2)若甲参加活动,求甲得分 x 的分布列和数学期望 e(x) 解:(1)个位数字是 5 的“三位递增数”有 125,135,145,235,245,345. (2)由题意知, 全部“三位递增数”的个数为 c3984, 随机变量 x 可能的取值为 0, 1,1,因此 p(x0)c38c3923,p(x1)c24c39114, p(x1)1114231142, 所以 x 的分布列为 x 0 1 1 p 23 114 1142 则 e(x)023(1)11411142421. 10已知 6 只小白鼠中有 1 只感染了病毒,需要对 6 只小白鼠进行病毒 dna 化验来确定哪一只

9、受到了感染下面是两种化验方案:方案甲:逐个化验,直到能确定感染病毒的小白鼠为止方案乙:将 6 只小白鼠分为两组,每组三只,将其中一组的三只小白鼠的待化验物质混合在一起化验,若化验结果显示含有病毒 dna,则表明感染病毒的小白鼠在这三只当中,然后逐个化验,直到确定感染病毒的小白鼠为止;若化验结果显示不含病毒 dna,则在另外一组中逐个进行化验 (1)求执行方案乙化验次数恰好为 2 次的概率; (2)若首次化验的化验费为 10 元,第二次化验的化验费为 8 元,第三次及以后每次化验的化验费都是 6 元,求方案甲所需化验费的分布列和期望 解:(1)执行方案乙化验次数恰好为 2 次的情况分两种:第一种

10、,先化验一组,结果显示不含病毒 dna,再从另一组中任取一只进行化验,其恰含有病毒 dna,此种情况的概率为c35c361c1316;第二种,先化验一组,结果显示含病毒 dna,再从中逐个化验,恰好第一只含有病毒,此种情况的概率为c25c361c1316. 所以执行方案乙化验次数恰好为 2 次的概率为161613. (2)设用方案甲化验需要的化验费为 (单位:元),则 的可能取值为 10,18,24,30,36. p(10)16, p(18)561516, p(24)56451416, p(30)5645341316, p(36)5645342313, 则化验费 的分布列为 10 18 24

11、30 36 p 16 16 16 16 13 所以 e()10161816241630163613773(元) 综合题组练 1(2020 湖北部分重点中学测试)为了研究学生的数学核心素养与抽象能力(指标 x)、推理能力(指标 y)、建模能力(指标 z)的相关性,将它们各自量化为 1,2,3 三个等级,再用综合指标 xyz 的值评定学生的数学核心素养, ,若 7,则数学核心素养为一级;若 56,则数学核心素养为二级;若 34,则数学核心素养为三级为了了解某校学生的数学核心素养,调查人员随机访问了某校 10 名学生,得到如下数据: 学生编号 a1 a2 a3 a4 a5 (x,y,z) (2,2,

12、3) (3,2,3) (3,3,3) (1,2,2) (2,3,2) 学生编号 a6 a7 a8 a9 a10 (x,y,z) (2,3,3) (2,2,2) (2,3,3) (2,1,1) (2,2,2) (1)从这 10 名学生中任取 2 人,求这 2 人的建模能力指标相同条件下综合指标值也相同的概率; (2)从这 10 名学生中任取 3 人,其中数学核心素养等级是一级的学生人数记为 x,求随机变量 x 的分布列及数学期望 解:(1) a1 a2 a3 a4 a5 a6 a7 a8 a9 a10 x 2 3 3 1 2 2 2 2 2 2 y 2 2 3 2 3 3 2 3 1 2 z 3

13、 3 3 2 2 3 2 3 1 2 w 7 8 9 5 7 8 6 8 4 6 由题意可知,数学核心素养为三级的学生是 a9;数学核心素养为二级的学生是 a4,a7,a10;数学核心素养为一级的学生是 a1,a2,a3,a5,a6,a8. 记“所取的 2 人的建模能力指标相同”为事件 a, 记“所取的 2 人的综合指标值相同”为事件 b, 则 p(b|a)p(ab)p(a)c23c22c24c2541614. (2)由题意可知,数学核心素养为一级的学生为 a1,a2,a3,a5,a6,a8. 非一级的学生为余下 4 人, 所以 x 的所有可能取值为 0,1,2,3. p(x0)c06c34c

14、310130,p(x1)c16c24c310310, p(x2)c26c14c31012,p(x3)c36c04c31016, 所以随机变量 x 的分布列为 x 0 1 2 3 p 130 310 12 16 所以 e(x)0130131021231695. 2(2020 云南昆明检测)某地区为贯彻“绿水青山就是金山银山”的精神,鼓励农户利用荒坡种植果树某农户考察三种不同的果树苗 a,b,c,经引种试验后发现,引种树苗 a的自然成活率为 0.8,引种树苗 b,c 的自然成活率均为 p(0.7p0.9) (1)任取树苗 a,b,c 各一棵,估计自然成活的棵数为 x,求 x 的分布列及 e(x);

15、 (2)将(1)中的 e(x)取得最大值时 p 的值作为 b 种树苗自然成活的概率该农户决定引种n 棵 b 种树苗,引种后没有自然成活的树苗中有 75%的树苗可经过人工栽培技术处理,处理后成活的概率为 0.8,其余的树苗不能成活 求一棵 b 种树苗最终成活的概率; 若每棵树苗引种最终成活后可获利 300 元,不成活的每棵亏损 50 元,该农户为了获利不低于 20 万元,问至少引种 b 种树苗多少棵? 解:(1)由题意知,x 的所有可能值为 0,1,2,3, 则 p(x0)0.2(1p)2, p(x1)0.8(1p)20.2c12p(1p)0.8(1p)20.4p(1p)0.4p21.2p0.8, p(x2)0.2p20.8c12p(1p)0.2p21.6p(1p)1.4p21.6p, p(x3)0.8p2. x 的分布列为 x 0 1 2 3 p 0.2p20.4p0.2 0.4p21.2p0.8 1.4p21.6p 0.8p2 所以 e(x)1(0.4p21.2p0.8)2(1.4p

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