《高中试卷》2018年四川省内江市高考物理一模试卷

1、2018年四川省内江市高考物理一模试卷二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）若物体在运动过程中，受到的合外力不为零，以下说法中正确的是（）a物体的速度大小和方向一定变化b物体的加速度一定变化c物体的动能不可能总是不变d物体的动量不可能总是不变2（6分）若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，那么，关于离地面越远的卫星，下列说法中正确的是（）a线速度越大b角速度越大c向心加速度越小d重力势能越小3（6分）如图所示，质量为m的物体置于粗糙的质量为m（mm）的斜

2、面体上，斜面体m置于光滑的水平面上，当物体m以速度v0沿斜面体m底端冲上顶端的过程中，下列说法正确的是（）a物体m受到的力的个数比斜面体m受到的力的个数要少b物体m和斜面体m组成的系统机械能守恒c斜面体m对物体m的作用力不做功d物体m向右运动的水平距离小于斜面体m水平向右运动的距离4（6分）质量为m3kg小物块放在水平地面上，在水平拉力f15n的作用下开始运动，在02s的时间内拉力f的功率p随时间变化的关系图象如图所示，那么，小物块与水平面间的动摩擦因数为（重力加速度为g10m/s2）（）a15b25c13d235（6分）为了估测相机的曝光时间，有位同学提出了下述实验方案：他从墙面上某点，让一

3、个小石子自由落下，对小石子照相得到如图所示的照片，由于小石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹ab12cm，且下落起点（题中未画出）到a点的竖直距离约为1.8m，从这些信息可以粗略估算该相机的曝光时间最接近于（重力加速度g10m/s2）（）a0.02sb0.04sc0.08sd0.2s6（6分）如图所示，质量不计的水平横梁ab的a端插入竖直墙壁内，另一端装有一个轻质小滑块b，一轻绳的一端c固定于该墙壁上，另一端跨过小滑轮b后悬挂一质量为m5kg的物体，其中cba30°，重力加速度为g10m/s2，那么，横梁ab对小滑轮的作用力的大小和方向分别为（）a25n，方向沿着ab方向水平向

4、右b25n，方向沿着竖直向上的方向c50n，方向沿着cbd的角平分线方向与bc绳子的夹角为120°斜向上d50n，方向沿着cbd的角平分线方向与ab横梁的夹角为30°斜向上7（6分）如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处由静止释放。某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴ox，做出小球所受弹力f大小随小球下落的位置坐标x的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重力加速度为g。以下判断正确的是（）a当xh+x0，重力势能与弹性势能之和最小b最低点的坐标为xh+2x

5、0c小球受到的弹力最大值大于2mgd小球动能的最大值为mgh+mgx028（6分）如图甲所示，质量为m的足够长的木板置于粗糙的水平面上，其上放置一质量为m的小物块，当木板受到水平拉力f的作用时，用传感器测出木板的加速度a与水平拉力f的关系如图乙所示，重力加速度g10m/s2，下列说法中正确的是（）a小物块的质量m0.5kgb小物块与长木板间的动摩擦因数为0.2c当水平拉力f7n时，长木板的加速度大小为6m/s2d当水平拉力f逐渐增大时，小物块的加速度一定逐渐增大三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9（12分）现提供了如图甲所示的实验器材，来探究“合外力做的功与静止物体速度变化的关

6、系”的实验。由图可知：（1）为了消除摩擦力对实验产生的系统误差，应采取的方法是应将 ；（2）在某次实验中，得到如图乙所示的一条纸带，在a、b、c三个计数点中应该选用 （选填“a”、“b”或“c”）点的速度才符合实验要求；（3）某同学采用如图甲所示的装置来做实验，先使小车不连接橡皮筋，发现小车在木板上加速下滑。那么，在橡皮筋弹力的作用下，合外力对小车所做的功 （选填“大于”、“小于”或“等于”）橡皮筋弹力所做的功。10（12分）采用如图所示的实验装置，在不计空气阻力和纸带受到的摩擦力的情况下，来“验证机械能守恒定律”（1）在实验中，除了图1中所给的实验仪器外，还需要的实验器材 a秒表 b天平（砝

7、码） c刻度尺 d弹簧秤（2）在实验中，若重物的质量m1.0kg，打点计时器所用的电源频率为50hz，打下的纸带如图2所示，图3中的数据为起始点o到该点的距离，若选点o为重力势能的参考点，那么在打点b时，重物的动能为 j，重力势能为 （保留两位有效数字，重力加速度g9.8m/s2）11（14分）如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆质量为2m的平板车c，在车上的左端放有一质量为m的小木块b，在小车的左边紧靠着一个固定在竖直平面内，半径为r的14光滑圆形轨道，轨道底端的切线水平且与小车的上表面相平，现有一质量也为m的小木块a从图中圆形轨道的23位置处由静止释放，然后，滑行到车上立即与小木块b发生碰

8、撞，两木块立即粘在一起向右在动摩擦因数为的平板车上滑行，并与固定在平板车上的水平轻质小弹簧发生作用而被弹簧，最后两个木块又回到小车的最左端与车保持相对静止。重力加速度为g，求（1）小木块a滑到轨道最低点时，对圆形轨道的压力；（2）a、b两小木块在平板车上滑行的总路程。12（14分）如图所示，质量m0.4kg的长薄板bc静置于倾角为37°的光滑斜面上，在距上端b水平距离为1.2m的a处，有一个质量m0.1kg的小物体，以一定的初速度水平抛出，恰好以平行于斜面的速度落在薄板bc上的b端点，并在薄板上开始向下运动，当小物体落在薄板bc上的b端时，薄板无初速度释放并开始沿斜面向下运动，当小物

9、块运动到薄板的最下端c点时，与薄板bc的速度恰好相等，小物块与薄板之间的动摩擦因数为0.5，sin37°0.6，cos37°0.8，g10m/s2，求：（1）小物体在a点的初速度；（2）薄板bc的长度。【物理选修3-3】解答题（共2小题，满分0分）13下列说法中正确的是（）a热量能够从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体b热量能够从高温物体传递到低温物体，也可能从低温物体传递到高温物体c功可以全部转化为热，但热不能全部转化为功d不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化e凡是不违反能量守恒定律的过程都一定能实现14如图所示，粗细均匀的

10、试管的横截面积为s，质量为m的活塞可在其内部无摩擦地滑动，它封闭了一段气柱，当试管水平放置且静止时，管内封闭气柱的长度为l，现使试管在水平面内以角速度绕位于试管开口端的轴oo'匀速转动，此时活塞与转轴oo'间的距离为l活塞不漏气，运动中封闭气体的温度不变，大气压强为p0，求：（i）试管转动时封闭气体的压强；（ii）试管转动时封闭气柱的长度。【物理选修3-4】15如图甲所示，为某简谐横波在t0时刻的波形图象，乙图为在该波的传播方向上某质点的振动图象，下列说法中正确的是a该波的波速为10m/sb该波一定沿x轴正方向传播c若图乙是质点p的振动图线，那么在t0.15s时刻，质点q的坐标

11、为（0.5m，0）d若图乙是质点q的振动图象，呢么在t0.15s时刻，质点p的坐标为（1m，4cm）e当t0.1s时，质点p一定正在经过平衡位置16如图所示，在真空中有一个半径为r，质量均匀分别的玻璃球，一细激光束在真空中沿直线bc传播，并与玻璃球表面的c点经折射后进入玻璃球，在玻璃球表面上的另外一点d又折射后进入真空，半径co与do的夹角为120°，玻璃球对该激光的折射率为3，光在真空中传播的速度为c，则（i）此激光束在玻璃球中传播的时间是多少？（ii）入射角i是多少？2018年四川省内江市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中

12、，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1【分析】物体在运动过程中所受到的合外力不为零，根据合力是否做功，分析动能是否变化根据牛顿第二定律分析加速度和速度是否变化【解答】解：ac、物体在运动过程中所受到的合外力不为零，若合力总与速度垂直，合力不做功，由动能定理得知物体的动能不变，比如匀速圆周运动。则速度大小不变，方向变化，故ac错误。b、物体在运动过程中所受到的合外力不为零，合力可能不变，也可能变，则加速度可能不变，也可能变。故b错误。d、由于合外力不为零，则合外力的冲量不为零，故物体的动量不可能总是不变，故d正确。

13、故选：d。【点评】本题考查对运动和力关系的理解，采用举例的方法做抽象性的问题是常用方法是解题的关键2【分析】万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出线速度、角速度、向心角速度然后分析答题，卫星离地面越远，卫星的重力势能越大【解答】解：a、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：gmmr2=mv2r，解得：v=gmr，卫星离地面越远其轨道半径r越大，线速度v越小，故a错误；b、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：gmmr2=m2r，解得：=gmr3，卫星离地面越远其轨道半径r越大，角速度越小，故b错误；c、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：gmmr2=ma，解得：a=gmr2，

14、卫星离地面越远其轨道半径r越大，向心加速度a越小，故c正确；d、卫星远离地面过程要克服重力（万有引力）做功，其重力势能增加，由此可知，卫星离地面越远其重力势能越大，故d错误；故选：c。【点评】本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力是解题的前提，应用万有引力公式与牛顿第二定律即可解题3【分析】分析物体m和斜面体m的受力情况，比较受力的个数关系根据能量的转化情况分析物体m和斜面体m组成的系统机械能是否守恒斜面体m对物体m的作用力与速度的关系判断该力是否做功结合相对运动知识分析【解答】解：a、物体m受到重力、斜面的支持力和摩擦力，共3个力。斜面体m受到重力、地面的支持力、m的压力和摩擦

15、力，共4个力，所以物体m受到的力的个数比斜面体m受到的力的个数要少，故a正确。b、在物体m向上运动的过程中，系统要产生内能，所以系统的机械能不守恒。故b错误。c、在物体m向上运动的过程中，斜面体m水平向右运动，所以斜面体m对物体m的支持力与m的速度不垂直，两者成钝角，所以m对物体m的支持力对m做负功，摩擦力对m也做负功，因此m对物体m的作用力对物体m做负功，故c错误。d、由于物体m沿斜面体m要向上运动，所以物体m向右运动的水平距离要大于斜面体m水平向右运动的距离，故d错误。故选：a。【点评】解决本题的关键是要掌握机械能守恒的条件，可从能量转化的角度来分析机械能是否守恒4【分析】根据pfv求出t

16、2s时物块的速度，运用动量定理列式，可求得动摩擦因数【解答】解：由图知 t2s时，p30w由pfv得：v2m/s根据动量定理得：（fmg）tmv0解得：=25，故b正确，acd错误故选：b。【点评】本题涉及力在时间上要积累效果，要考虑动量定理，这比牛顿第二定律解答要简便5【分析】石子做自由落体运动，它留下径迹ab的对应运动时间即为照相机的曝光时间由照片可以看出，ab的实际长度为两块砖的厚度由位移公式分别石子从开始下落到a、b的时间，再求解曝光时间【解答】解：石子做自由落体运动，它留下径迹ab的对应运动时间即为照相机的曝光时间。设开始下落点为o由照片可以看出，ab长对应两块砖的厚度，即ab的实际

17、长度为：ab6×2cm0.12m，则0a1.8m，ob1.92m，由oa=12gt2知，从o到a的时间为：ta=2×1.810=0.6s从o到b的时间为：tb=2×1.9210=0.62s所以曝光时间为：ttbta0.02s。故a正确bcd错误。故选：a。【点评】本题是实际问题，首先要搞清物理情景，明确已知条件与所求曝光时间的关系；注意明确位移公式的正确应用即可求解6【分析】本题中跨过光滑定滑轮的轻绳上张力大小处处相等，滑轮对绳子的作用力应该是两滑轮两侧细绳拉力的合力，根据平衡条件和平行四边形定则求解再根据a点的变化分析绳子夹角的变化，从而明确绳子对滑轮作用力的变

18、化，注意绳子上的弹力是保持不变的【解答】解：由题意可得，对绳b点受力分析：滑轮受到绳子的作用力应为图中两段绳中拉力f1和f2的合力f，因同一根绳张力处处相等，都等于物体的重量，即为：f1f2gmg。用平行四边形定则作图，由于拉力f1和f2的夹角为120°；则由几何知识得横梁ab对小滑轮的作用力方向沿着cbd的角平分线方向与bc绳子的夹角为120°斜向上，大小：f梁f1mg5×1050n，所以横梁ab对小滑轮的作用力的大小是50n；方向与ab横梁的夹角为30°斜向上故ab错误cd正确。故选：cd。【点评】本题考查共点力平衡条件中的动态平衡，要注意明确绳子上

19、的张力等于mg，同时明确相的弹力可以沿任意方向，只能根据两端绳子的合力求解杆的弹力7【分析】小球下降过程，先自由落体运动，与弹簧接触后，先加速下降，到达平衡位置后开始减速下降，根据共点力平衡条件求出平衡位置的坐标，结合整个下降过程中小球和弹簧机械能守恒进行分析。【解答】解：a、根据乙图可知，当xh+x0，小球的重力等于弹簧的弹力，此时小球具有最大速度，以弹簧和小球组成的系统，机械能守恒可知，重力势能与弹性势能之和最小，故a正确；b、根据运动的对称性可知，小球运动的最低点大于h+2x0，小球受到的弹力最大值大于2mg，故b错误，c正确；d、小球达到最大速度的过程中，根据动能定理可知mg(h+x0

20、)-12mgx0=12mv2，故小球动能的最大值为mgh+mgx02，故d正确故选：acd。【点评】本题关键是将物体的运动分为自由落体、加速下降和减速下降三个阶段，同时物体的动能和重力势能以及弹簧弹性势能总量守恒8【分析】当拉力较小时，m和m保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m和m发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析。【解答】解：对整体分析，由牛顿第二定律有：ff0（m+m）a，代入数据解得：m+m1.5kg当f大于5n时，根据牛顿第二定律得：a=f-f0-mgm=f-f0m-mgm，知图线的斜率k=1m=2，解得：m0.5kg，滑块的质量为：m1kg。故a

21、错误。b、根据f大于5n的图线知，f4时，a0，即：02（ff0）-100.5，代入数据解得：0.2，所以a2（ff0）4，当f7n时，长木板的加速度为：a6m/s2。根据mgma得：ag2m/s2，故bc正确。d、由图象可知，当f5n时，两物体发生相对滑动，此后小物体的加速度恒定，故d错误；故选：bc。【点评】本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析。三、非选择题：包括必考题和选考题两部分（一）必考题9【分析】（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，

22、则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高；（2）橡皮条做功完毕小车速度最大，做匀速直线运动；（3）不加橡皮筋时，木块加速下滑，说明合外力不为零，因此橡皮筋弹力作用下，合外力对小车做的功大于橡皮筋弹力所做的功。【解答】解：（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高，使小车匀速下滑，以平衡摩擦力。（2）橡皮条做功完毕小车速度最大，做匀速直线运动，点迹均匀，故选c点；（3）不加橡皮筋时，木块加速下滑，说明合外力不为零，此时在橡皮筋弹力作用下时，合外力大于橡皮筋的拉力，因此合外力对小车做的功大

23、于橡皮筋弹力所做的功。故答案为：（1）木板靠近打点计时器的一端适当垫高，使小车在不受拉力时能沿木板匀速运动；（2）c；（3）大于。【点评】本题是探究功与速度变化的关系的实验，关键明确橡皮条做功是变力做功，通过增加橡皮条条数而使功整数倍增加，同时要注意平衡摩擦力，是一道容易出错的题目，同学们在学习中应注意实验的细节，属于基础题。10【分析】（1）根据实验原理可知，该实验不需要测量物体质量，因此不需要天平（2）根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出b点的速度大小，进一步可求出其动能，根据势能的定义可以求出势能的改变量，从而验证机械能是否守恒【解答】解：（1）根据重物下

24、落过程中机械能守恒的表达式可知，物体的质量可以约掉，因此本实验中不需要天平，故abd错误，故c正确故选：c（2）b点的速度为：vb=xac2t=50.2-18.62×0.02×10-3=0.79m/s重物的动能为：ekb=12mb2=0.31（j）重力势能的该变量为：mghob1×9.8×32.5×1030.32（j）选点o为重力势能的参考点，那么b点的重力势能为0.32（j）；故答案为：（1）c；（2）0.31；0.32j【点评】验证机械能守恒是中学阶段的基础实验，要从实验原理出发来理解实验同时注意平时加强练习，注意零势能的选取11【分析】（

25、1）a下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律求出a到达最低点时的速度，在最低点应用牛顿第二定律求出支持力，然后由牛顿第三定律求出压力。（2）系统动量守恒，由动量守恒定律求出最终的速度，然后由能量守恒定律求出总路程。【解答】解：（1）木块a从轨道图中位置滑到最低点的过程中机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgr(1-cos60°)=12mv02，在最低点时，对a由牛顿第二定律得：f-mg=mv02r，解得：f2mg，根据牛顿第三定律可得木块对轨道的压力：ff2mg，方向：竖直向下；（2）在小木块a与b碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0（m+m）v1然后一起运动直

26、到将弹簧压缩到最短的过程中系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0（m+m+2m）v2在这个过程中，由能量守恒定律得：12(m+m)v12=12(m+m+2m)v22+em+q对于从弹簧压缩到最短到两木块滑到小车左端的过程，由能量守恒定律得：12(m+m+2m)v22+em=12(m+m+2m)v22+q摩擦产生的热量：q=2mg12x，解得：x=r16；答：（1）小木块a滑到轨道最低点时，对圆形轨道的压力大小为2mg，方向：竖直向下；（2）a、b两小木块在平板车上滑行的总路程为r16。【点评】本题考查了动量守恒定律与能量守恒定律的应用，分析清楚物体运动过程是解题的关键，应用机械

27、能守恒定律、动量守恒定律与能量守恒定律可以解题，解题时注意正方向的选择。12【分析】（1）根据平抛运动的规律，结合平抛运动的速度方向与斜面平行，结合平行四边形定则求出时间，从而得出a与b点的水平距离。（2）根据牛顿第二定律分别求出小物体和薄板的加速度，结合运动学公式求出两者速度相等经历的时间，通过两者的位移求出薄板的长度。【解答】解：（1）小物体从a到b做平抛运动，下落时间为t0，水平位移为x，则gt0v0tan37°，xv0t0由以上两式解得v04m/s（2）设小物体落到b点的速度为v，则v=v0cos37°小物体在薄板上运动，mgsin37°mgcos37&#

28、176;ma1薄板在光滑斜面上运动，mgsin37°+mgcos37°ma2小物体从落到薄板到两者速度相等用时t，则小物体的位移x1=vt+12a1t2薄板的位移x2=12a2t2，薄板的长度lx1x2速度相等v+a1ta2t，以上各式解得l2.5m答：（1）小物体在a点的初速度4m/s；（2）薄板bc的长度2.5m。【点评】本题考查了牛顿第二定律与平抛运动的综合运用，通过平抛运动的末速度的方向与斜面方向平行求出运动的时间是关键，对于第二问，关键理清小物体和薄板的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。【物理选修3-3】解答题（共2小题，满分0分）13【分析】热量能

29、够从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体，在外界的影响下热量也可能从低温物体传递到高温物体。功可以全部转化为热，但热不能全部转化为功。结合热力学第二定律分析。【解答】解：a、根据热力学第二定律知热量能够从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体，故a正确。b、热量能够从高温物体传递到低温物体，但外界的影响下也可能从低温物体传递到高温物体，如空调，故b正确。c、根据热力学第二定律，知功可以全部转化为热，在外界的影响下，热能全部转化为功。故c错误。d、由热力学第二定律，知不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化，故d正确。e、不违反能量守

30、恒定律的过程，若违反热力学第二定律，也一定不能实现，如第二类永动机。故e错误。故选：abd。【点评】该题考查热力学第二定律，其中关于热力学第二定律的几种不同的说法，一定要牢记。14【分析】试管在水平面内以角速度绕oo匀速转动时，活塞做匀速圆周运动，由大气压力和封闭气体的压力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律和压强公式结合求解。【解答】解：（i）试管转动时，活塞受到内部气体的压力和外部大气的压力，压力差提供向心力，对于活塞有：psp0sm2l解得：pp0+m2ls（ii）以活塞左端封闭气体为研究对象，初态体积为：v1ls，压强为：p1p0末态体积为：v2=ls，压强：p2p0+m2ls因等温变化，故有：p1v1p2v2解得转动时气柱的长度是：l=p0slp0s+m2l。答：（i）试管转动时封闭气体的压强为p0+m2l