2019年湖北名校联盟高三第三次模拟考试卷物理押题第三套教师版

1、2019年湖北名校联盟高三第三次模拟考试卷物 理押题第三套T 32号证考准名姓 级班 卷 此注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形 码粘贴在答题卡上的指定位置。2 选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3 非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草 稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4 考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。二、选择题：本题共 8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有一个选 项符合题目要求。

2、第 1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得 6分，选对但不全的得 3分, 有选错的得0分。14.分别用频率为V和2 V的甲、乙两种单色光照射某金属，逸出光电子的最大初动能之比为1 :3 ,已知普朗克常量为 h,真空中光速为C,电子电量为e。下列说法正确的是（）A 用频率为2v的单色光照射该金属，单位时间内逸出的光电子数目一定较多1B .用频率为-的单色光照射该金属不能发生光电效应4C甲、乙两种单色光照射该金属，只要光的强弱相同，对应的光电流的遏止电压就相同1D .该金属的逸出功为h4【答案】B【解析】光照射金属，金属单位时间内逸出的光电子数目与入射光的强度有关；用频率为2的单色光照射该金

3、属，单位时间内逸出的光电子数目不一定多。故A项错误。据爱因斯坦光电效应方 1II1程可得， ,又；联立解得：频率为 的单色光光子能I、-量1江",则用频率为的单色光照射该金属不能发生光电效应，故iTJIB项正确，D项错误。甲、乙两种单色光照射该金属，逸出光电子的最大初动能不同，对应的光电流的遏止电压不同。故C项错误。15 物块在空中某位置从静止开始沿直线下落，其速度物块（）V随时间t变化的图线如图所示。则A .第.个t0时间内的位移等于第二个 t0时间内的位移B .第.个t0时间内的平均速度等于第二个t0时间内的平均速度C.第.个t0时间内重力的冲量等于第二个t0时间内重力的冲量D

4、.第.个t0时间内合外力的功大于第二个t0时间内合外力的功【答案】C0 g ZrO【解析】 速度时间图象中，图线与横轴围成的面积表示物块的位移；则物块第一个to时间内的位移小于第二个to时间内位移.据得，物块第一个to时间内的平均速度小于第二个 to时间内的平均速度，故A、B两项错误；冲量，可知第一个t0时间内重力的冲量等于第二个t0时间内重力的冲量，故 C项正确；根据动能定理可知，合外力对物块做的功等于动能的改变量，由图知第一个t0时间内动能的变化量等于第二个t0时间内动能的变化量，则第一个t0时间内合外力的功等于第二个t0时间内合外力的功，故 D项错误。16 如图所示，质量均为 M的b、d

5、两个光滑斜面静止于水平面上，底边长度相等，b斜面倾角为30° d斜面倾角为60°质量均为m的小物块a和C分别从两个斜面顶端由静止自由滑下，下滑 过程中两斜面始终静止。小物块到达斜面底端的过程中，下列说法正确的是（）A .物块a运动的时间长B 两物块所受重力做功的平均功率相同C .地面对两斜面的摩擦力均向左D .两斜面对地面压力均小于（m+ M）g【答案】D【解析】 设斜面的底边长度为 L,则斜边长度S=-,小滑块下滑的加速度 a= gsin 下滑的COjioI4L时间，当斜面倾角分别为 300和600时，可得两滑块运动的时间相同，选项A错误;J o 20IV 1I重力做功

6、W = mgLtan,则重力做功的平均功率： ,则当斜面倾角分C 2别为300和600时两物块所受重力做功的平均功率不相同，选项B错误；当物块加速下滑时，加速度有水平向右的分量，则对滑块和斜面的整体而言，由牛顿第二定律可知，地面对两斜面的摩擦力均向右，选项C错误；竖直方向，因滑块下滑时加速度有竖直向下的分量，可知滑块失重，则两斜面对地面压力均小于（m+ M） g,选项D正确。17 .如图甲所示，水平面内粗糙导轨MN、PQ相距为L,置于竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨电阻不计。两根电阻均为R相同的金属棒ab、Cd置于导轨上且与导轨接触良好，电流表内阻不计；若ab棒在水平外力F作用下由静

7、止开始向右运动, 乙所示，在to时刻Cd棒刚要开始运动，下列各种说法中不正确的是材 _ N 严A【解析】当球B摆到与水平方向的夹角为时，A球刚要离开地面，设此时绳中拉力为，对AH IZ圏屮lA . ab棒在to时间内做匀加速直线运动B .若在to时刻突然撤去外力 F ,此时ab棒的加速度大小为电流表示数随时间变化图线如图（ ）受力分析可得,;对B受力分析如图，据牛顿第二定律可得,理可得，。联立解得：、一匚、其初始位置的高度差;据动能定故A错误、C正确。球B与FSF 故B错误。球A刚要离开地面时,、 v 8B球的向心加速度P -飞2BoLmtn g cosOB球的切向加速度'3,B球的加

8、速度,故D错误。C.在t0时间内，通过Cd棒的电量为10t02D .在to时间内，力F做的功为ab棒的焦耳热、摩擦生热和其增加的动能三者之和【答案】D【解析】 根据E= BLV ,则 = ± = 三,由图像可知，贝U t0时间内I= kt,可知速度V与时间t2R 2R成正比，即ab棒在to时间内做匀加速直线运动，选项A正确；若在to时刻突然撤去外力 F,此时丄 丄士也汕+ f 2也汕对Cd棒：f = BIoL; ab棒的加速度大小为，选项B正确；根据q= It ,可知-t图m m像的面积等于电量，则由图像可知在to时间内，通过Cd棒的电量为 ，选项C正确；在to时间2内，力F做的功为

9、ab和Cd棒的焦耳热、摩擦生热和其增加的动能四者之和，选项D错误。18 如图所示，一根跨越一固定的水平光滑细杆的柔软、不可伸长的轻绳，两端各系一个小球A和B,球A刚好接触地面，球 B被拉到与细杆同样高度的水平位置。当球B到细杆的距离为 L时绳刚好拉直，此时由静止释放B球，当球B摆到与水平方向的夹角为时，A球刚要离开地面，已知A、B球的质量分别为2.4m、m,不计空气阻力。贝恠球A刚要离开地面时，下列描述正确的是（）19.某兴趣小组制作了一个简易的转动装置”，如图甲所示，在干电池的负极吸上一块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点、底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁

10、均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图。 若线框逆时针转动（俯视）,下列说法正确的是（）A 线框转动是因为发生了电磁感应B 磁铁导电，且与电池负极接触的一端是S极C 若将磁铁的两极对调，则线框转动方向改变D.线框转动稳定时的电流比开始转动时的大【答案】BCB .球B与其初始位置的高度差h= 0.6LC. B球的速度大小V【解析】对线框的下端平台侧面分析，若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此 径向上的负电荷由下往上运动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力， 即在径向的左垂线方

11、向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除 外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极,则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应，故A错误，B、C正确；稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D错误。20.嫦娥四号”在月球背面软着陆和巡视探测，创造了人类探月的历史。为了实现嫦娥四号”与地面间的太空通讯，我国于 2018年5月发射了中继卫星 鹊桥”，它是运行于地月拉格朗日L2点的通信卫星，L2点位于地球和月球连线的延长线上。若某飞行器位于L2点，可以在几乎不消耗燃料的情况下与月球

12、同步绕地球做匀速圆周运动，如图所示。已知地球质量是月球质量的k倍，飞行器D . B球的加速度大小 a= 1.2g【答案】C质量远小于月球质量，地球与月球中心距离是 L2点与月球中心距离的 n倍。下列说法正确的是（）中，电势先增大后减小，则正点电荷q从A点沿直线移到 C点的过程中电势能先增大后减小，电场力先做负功再做正功，故 D项错误。Q在A、B、C三点构成的平面内。贝U()A 飞行器的加速度大于月球的加速度B 飞行器的运行周期大于月球的运行周期C.飞行器所需的向心力由地球对其引力提供32D k与n满足k 丄上I)-3n 3n 1【答案】AD【解析】某飞行器位于L2点，可以在几乎不消耗燃料的情况

13、下与月球同步绕地球做匀速圆周运 动，故周期相同，故飞行器的角速度与月球的角速度相等，根据卽讪，可知飞行器的加速度大于月球的加速度，故 A正确，B错误；飞行器受到地球和月球的引力，二者合力提供向心力，故C错MmE月E2 TJWFnF,G+ G= m (- + r)尸口2rTir n误；对月球有：二 一三5S 对飞行器有：丨，又因为rnnMn3(n+ Iyt I联立解得：k =.，故D正确。H 忡 + 3n + 121 如图所示，在正点电荷Q的电场中有A、B、C、D四点，A、B、C为直角三角形的三个顶点，D为AC的中点， A= 30° A、B、C、D四点的电场强度大小分别用Ea、Eb、E

14、C、ED表示。已知EA= EC, B、C两点的电场强度方向相同，点电荷A EA 3 EDB .点电荷Q在D点位置C. B、A两点和B、C两点间的电势差满足 UBA= UBCD 将一正点电荷q从A点沿直线移到C点，电场力先做正功再做负功【答案】AC【解析】点电荷Q在A、B、C三点构成的平面内，正点电荷 Q的电场，EA= Ec,则正点电荷在AC的中垂线上；又 B、C两点的电场强度方向相同，则正点电荷在BC的连线上，所以正点电荷rOD p3Q,再据点电荷的场强公式'可得，的位置在图中 O点，故B项错误；由几何关系得：'.,故A项正确；A、C两；点到正点电荷的距离相等，贝U,所以呵-究

15、 氓广世，即F跻'一认唸，故C项正确；在正 点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，从A点沿直线到C点过程第H卷(非选择题，共174分)三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答 )(一)必考题 洪129分)22 (6分)在进行探究共点力合成的规律”的实验中，用如图(a)所示的两个力拉弹簧使之伸长至某一位置，并适当调整力的方向，使两力之间的夹角为90° (图中钩码规格相同)(1) 换用一根线牵引弹簧(图(b),使弹簧的伸长量与两个力作用时相同，此时需要挂 个与图甲中相同规格的钩码。(2)

16、你对合力与分力遵循什么样的规律作出的猜想是 。(3) 本实验采用的科学方法是 。A .理想实验B .等效替代C .控制变量D .物理模型【答案】(1)5(2)力的合成装遵循矩形法则(或平行四边形)(3)B【解析】(1)设一个钩码的重力为 G,图a中互成90°的两个力Ffr词，则合力为F=J肾十耳=弘，图b中为了保持拉力的作用效果相同，故要挂 5个相同的钩码.(2) 根据3、4、5个钩码及夹角的关系，可知猜想出力的合成遵循平行四边形法则或三角形法则(3) 该实验保证合力与几个分力共同作用的作用效果相同，运用了等效替代法；故选B.23 . (8分)某实验小组为了测量某一电阻RX的阻值，他

17、们先用多用电表进行粗测，测量出RX的阻值约为18 为了进一步精确测量该电阻，实验台上备有以下器材：A .电流表(量程15 mA ,内阻未知)B .电阻箱(099.99 )C.电阻箱(0999.9 )D .电源(电动势约3 V ,内阻约1 )E. 开关2只F. 导线若干(1)甲同学设计了如图甲所示的实验原理图并连接好实验器材，按照如下步骤完成实验：ICr 1a.先将电阻箱阻值调到最大，闭合Si,断开S2,调节电阻箱阻值，使电流表指针有较大的偏转，读出此时电阻箱的阻值Ri和电流表的示数I ；b 保持开关Si闭合，再闭合开关 S2 ,调节电阻箱的阻值，使电流表的示数仍为I ,记下此时电阻箱的阻值R2

18、。(i) 根据实验步骤和实验器材规格可知，电阻箱应选择 (选填器材前的字母);(ii) 根据实验步骤可知，待测电阻RX=(用步骤中所测得的物理量表示)。(2)乙同学认为该电路也可以用来测量电源的电动势和内阻。若已知所选电流表的内阻为RA,1 R 同时闭合开关Si和S2,调节电阻箱R,读出多组电阻值 R和电流I向数据；由实验数据绘出的1图象如图乙所示，图象的斜率为k、截距为b,由此可求得电源电动势 E =,内阻r =(2)滑块a与轨道间的动摩擦因数。【解析】(1)物块.在最低点时速度最大，由动能定理有:I2I5-Tng * ZR=mVP - -mvj物体在P点时重力提供向心力，有:解得:(2)与

19、 分离瞬间在水平方向上动量守恒,对滑块向左运动有:(用本题所给物理量表示)。滑块向左运动的距离为：1O小球 做平抛运动，竖直方向有:水平方向有:5,解得：r严1O由于;，-【答案】(i)CR2-Ri【解析】(1)电源电动势为3V,电流表量程为15mA = 0.015A ,由欧姆定律:E 3的最小电阻应为：,所以电阻箱应选 C;U可知，电路中根据闭合电路欧姆定律得：S2断开时有：E= I(Rx+Ri + RA+r), S2闭合时有：E= I(R2+Ra + Q,解得：RX= R2-Ri ;闭合开关S2,由闭合电路欧姆定律得：E = I(R+RA+r),整理得:由”- T图象25. (19分)如图

20、所示，虚线 MN沿竖直方向，其左侧区域内有匀强电场(图中未画出)和方向 垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，虚线 MN的右侧区域有方向水平向右的匀强电场。水平线段AP与MN相交于O点。在A点有一质量为 m,电量为+q的带电质点，以大小为 v的速度在 左侧区域垂直磁场方向射入，恰好在左侧区域内做匀速圆周运动，已知A与O点间的距离为一mv0qB虚线MN右侧电场强度为3mg ,重力加速度为g。求：q可知： ：E而已知24 . (14分)如图所示，水平轨道与半径为 0.5 m的半圆形光滑竖直轨道相连，固定在地面上。可视为质点的滑块 a和小球b紧靠在一起静止于半圆圆心O的正下方N点，滑块a和小球b中

21、间放有少许火药，某时刻点燃火药，滑块 a和小球b瞬间分离，小球b恰好能通过半圆轨道的最高点 P, 落地点与滑块a最终停下的位置相同，已知 a和b质量分别为2m、m,取重力加速度g = 10 ms2,求:(1) MN左侧区域内电场强度的大小和方向；(2) 带电质点在A点的入射方向与 AO间的夹角为多大时，质点在磁场中刚好运动到O点，并画出带电质点在磁场中运动的轨迹；(3) 带电质点从O点进入虚线 MN右侧区域后运动到 P点时速度的大小 VPO【解析】(1)质点在左侧区域受重力、电场力和洛伦兹力作用，根据质点做匀速圆周运动可得：C.在过程Cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功介质，频率并不

22、改变qE= mg,方向竖直向上;AO的垂直平分线上，且质点=u renin GOD错误；由理想气体状重力和电场力等大反向，洛伦兹力做向心力；所以，电场力所以MN左侧区域内电场强度 =竺，方向竖直向上。左q(2)质点在左侧区域做匀速圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有：所以轨道半径；q质点经过A、O两点，故质点在左侧区域做匀速圆周运动的圆心在 从A运动到0的过程0点为最右侧；所以，粒子从 A到0的运动轨迹为劣弧；又有;根据几何关系可得：带电质点在A点的入射方向与 AO间的夹角D 在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E.在过程bc中外界对气体做的功等于在过程da中气体对外界做的功【答案

23、】ABE【解析】 由理想气体状态方程-PV= C得，P = CT,由题图可知，Va= Vc,选项A正确；理想 气体的内能只由温度决定，而 Ta>Tc,故气体在状态a时的内能大于它在状态 C时的内能，选项 B 正确；由热力学第一定律 U = Q + W知，Cd过程温度不变，内能不变，则 Q=- W,选项C错误;da过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于气体对外界做的功，选项 态方程知：PTVa= PTjVb= PVC = PVd= C 即卩 PaVa= CTa，PbVb= CTb，PCVC = CTc，PdVd = CTd.设过程 bc 中压强为P0= Pb= pc，过程da中压强为p

24、0= Pd = pa.由外界对气体做功 W= P V知，过程bc中外界 对气体做的功 WbC= PO(Vb- VC)= C(Tb-Tc)，过程da中气体对外界做的功 Wda = p°'V(- Vd)= C(Ta- Td)，Ta= Tb，TC= Td,故 WbC= Wda，选项 E 正确。根据左手定则可得：质点做逆时针圆周运动，故带电质点在磁场中运动的轨迹如图所示。(10分)如图所示，导热汽缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量M = 200 kg，活塞质量m(3)根据质点在左侧做匀速圆周运动，由几何关系可得：质点在O点的竖直分速度,水平分速度11 ；La=10 kg，活塞面积S

25、= 100 cm2,活塞与汽缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内气体的温度为27 C，活塞位于汽缸正中，整个装置都静止，已知大气压恒为P0= 1.0 ×05Pa,重力加速度为g = 10 ms2,求：质点从O运动到P的过程受重力和电场力作用，故水平、竖直方向都做匀变速运动;质点运动到t P点，故竖直位移为零，所以运动时间所以质点在P点的竖直分速度1水平分速度所以带电质点从 O点进入虚线 MN右侧区域后运动到P点时速度VJJ(i) 缸内气体的压强 p1；(ii) 缸内气体的温度缓慢升高到多少摄氏度时，活塞恰好静止在汽缸缸口AB处?【解析】(i)以汽缸为研究对象(不包括活塞)，根据平衡条件得：

26、P1S= Mg + p°S,代入数据解得：p1 = 3.0 ×05 Pa(二)选考题 洪45分。请考生分别从给出的 2道物理,2道化学，2道生物选题中任选一题作答,如果多做，则按所做的第一题计分)(ii)当活塞恰好静止在汽缸缸口AB处时，设缸内气体温度为 T2,压强为p2,此时仍有：P2S= Mg + p0S,即p2= p1,由此可知缸内气体为等压变化.33.【物理一一选修 3-3】(15分)(1)(5分)一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、be、cd、da回到原状态，其PT图象如图所示，其中对角线ac的延长线过原点 O。下列判断正确的是 。(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为 O分)对这一过程研究缸内气体，由盖代入数据解得：T2= 2T1= 600 K吕萨克定律得:S×).5l =型T1= T2JMILk1O所以 t2 = (600 273) C= 327 C34 .【物理一一选修 3-4】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是 。(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5 分;每选错1个扣3分，最低得分为0分)A