(江苏)高考数学-压轴大题突破练-圆锥曲线(共7页)

1、精选优质文档-倾情为你奉上中档大题规范练圆锥曲线1已知中心在原点的双曲线C的右焦点为(2,0)，实半轴长为.(1)求双曲线C的方程；(2)若直线l：ykx与双曲线C的左支交于A，B两点，求k的取值范围；(3)在(2)的条件下，线段AB的垂直平分线l0与y轴交于M(0，b)，求b的取值范围解(1)设双曲线方程为1 (a>0，b>0)，由已知，得a，c2，b2c2a21，故双曲线方程为y21.(2)设A(xA，yA)，B(xB，yB)，将ykx代入y21，得(13k2)x26kx90.由题意，知解得<k<1.所以当<k<1时，直线l与双曲线C的左支有两个交点(3

2、)由(2)，得xAxB，所以yAyB(kxA)(kxB)k(xAxB)2，所以AB中点P的坐标为.设l0的方程为yxb，将P点的坐标代入l0的方程，得b，<k<1，2<13k2<0，b<2.b的取值范围是(，2)2已知离心率为的椭圆C1的左，右焦点分别为F1，F2，抛物线C2：y24mx(m>0)的焦点为F2，设椭圆C1与抛物线C2的一个交点为P(x0，y0)，PF1.(1)求椭圆C1的标准方程及抛物线C2的标准方程；(2)直线xm与椭圆C1在第一象限的交点为Q，若存在过点A(4,0)的直线l与椭圆C1相交于不同的两点M，N，使得36AQ235AM·

3、;AN，求出直线l的方程解(1)在椭圆C1中cm，e，a2m，b23m2，设椭圆C1的方程为1，联立1与y24mx，得3x216mx12m20，即(x6m)·(3x2m)0，得x或6m(舍去)，代入y24mx得y±，设点P的坐标为(，)，PF2m，PF12a，m1，此时，椭圆C1的标准方程为1，抛物线C2的标准方程为y24x.(2)由题设知直线l的斜率存在，设直线l的方程为yk(x4)，由消去y整理，得(34k2)x232k2x64k2120.由题意知(32k2)24(34k2)(64k212)>0，解得<k<.设M(x1，y1)，N(x2，y2)，则x1

4、x2，x1x2.由(1)知m1，解得点Q的坐标是(1，)AQ2，由已知条件可知AM·AN×.又AM·AN··(k21)·(4x1)·(4x2)(k21)x1x24(x1x2)16(k21)(4×16)(k21)·.(k21)·，解得k±，经检验成立直线l的方程为x2y40或x2y40.3(2013·课标全国)平面直角坐标系xOy中，过椭圆M：1(a>b>0)右焦点的直线xy0交M于A，B两点，P为AB的中点，且OP的斜率为.(1)求M的方程；(2)C，D为M上的两

5、点，若四边形ACBD的对角线CDAB，求四边形ACBD面积的最大值解(1)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则1，1，得0.因为1，设P(x0，y0)，因为P为AB的中点，且OP的斜率为，所以y0x0，即y1y2(x1x2)所以可以解得a22b2，即a22(a2c2)，即a22c2，又因为右焦点(c,0)在直线xy0上，解得c，所以a26，所以M的方程为1.(2)因为CDAB，直线AB方程为xy0，所以设直线CD方程为yxm，将xy0代入1得：3x24x0，即A(0，)，B，所以可得AB；将yxm代入1得：3x24mx2m260，设C(x3，y3)，D(x4，y4)，则CD，又因为16m2

6、12(2m26)>0，即3<m<3，所以当m0时，CD取得最大值4，所以四边形ACBD面积的最大值为AB·CD.4已知椭圆C：1(a>b>0)，O：x2y2b2，点A，F分别是椭圆C的左顶点和左焦点，点P是O上的动点(1)若P(1，)，PA是O的切线，求椭圆C的方程；(2)是否存在这样的椭圆C，使得恒为常数？如果存在，求出这个常数及C的离心率e；如果不存在，请说明理由解(1)由P(1，)在O：x2y2b2上，得b2134.直线PA的斜率kPA，而直线PA的斜率kPA，所以，解得a4.所以a216，所以椭圆C的方程为1.(2)假设存在椭圆C，使得恒为常数设

7、椭圆C的半焦距为c，当P(b,0)时，则有；当P(b,0)时，则有.依假设有.当cb>0时，有，所以(ab)(bc)(ab)(cb)，化简整理得ac，这是不可能的当cb<0时，有.所以(ab)(bc)(ab)(bc)，化简整理得acb20.所以c2a2ac0，两边同除以a2，得e2e10.解得e，或e(0,1)(舍去)可见，若存在椭圆C满足题意，只可能离心率e.设P(x，y)为O：x2y2b2上任意一点，则.(*)由上c2a2ac0，得a2c2ac，所以···c1，从而.代入(*)式得，所以存在满足题意的椭圆C，这个常数为 ，椭圆C的离心率为e.5已知

8、平面内一动点P到点F(1,0)的距离与点P到y轴的距离的差等于1.(1)求动点P的轨迹C的方程；(2)过点F作两条斜率存在且互相垂直的直线l1，l2，设l1与轨迹C相交于点A，B，l2与轨迹C相交于点D，E，求·的最小值解(1)设动点P的坐标为(x，y)，由题意有|x|1.化简得y22x2|x|.当x0时，y24x；当x<0时，y0.所以，动点P的轨迹C的方程为y24x (x0)和y0 (x<0)(2)由题意知，直线l1的斜率存在且不为0，设为k，则l1的方程为yk(x1)由得k2x2(2k24)xk20.设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则x1，x2是上述方程的两个

9、实根，于是x1x22，x1x21.因为l1l2，所以l2的斜率为.设D(x3，y3)，E(x4，y4)，则同理可得x3x424k2，x3x41.故·()·()····|·|·|(x11)(x21)(x31)(x41)x1x2(x1x2)1x3x4(x3x4)1111(24k2)18484×216.当且仅当k2，即k±1时，·取最小值16.6在平面直角坐标系xOy中，动点P在椭圆C1：y21上，且到椭圆C1的右焦点的距离与到直线x2的距离之比等于椭圆的离心率动点Q是动圆C2：x2y2r2

10、(1<r<2)上一点(1)设椭圆C1上的三点A(x1，y1)，B(1，)，C(x2，y2)与点F(1,0)的距离依次成等差数列，线段AC的垂直平分线是否经过一个定点？请说明理由；(2)若直线PQ与椭圆C1和动圆C2均只有一个公共点，求P，Q两点的距离PQ的最大值解(1)椭圆C1：y21的离心率e，右焦点为(1,0)，由题意可得AF(2x1)，BF(21)，CF(2x2)因为2BFAFCF，所以(2x1)(2x2)2×(21)，即得x1x22.因为A，C在椭圆上，故有y1，y1，两式相减，得kAC.设线段AC的中点为(m，n)，而m1，n，所以与直线AC垂直的直线斜率为ky2y12n.则线段AC的垂直平分线的方程为yn2n(x1)，即yn(2x1)经过定点(，0)即线段AC的垂直平分线过一个定点(，0)(2)依题意得，直线PQ的斜率显然存在，设直线PQ的方程为ykxt，设P(x1，y1)，Q(x2，y2)，由于直线PQ与椭圆C1相切，点P为切点，从而有得(2k