上海市2016届高考压轴考试物理试卷(解析版)

1、 2016上海高考压轴卷物 理一、 单项选择题：（共16分，每小题2分每小题只有一个正确选项）1.下列说法正确的是（ ）A牛顿第一定律是通过实验得出的B万有引力常量是由牛顿直接给定的C元电荷e的数值最早是由密立根测得D用实验可以揭示电场线是客观存在的2.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A重的物体下落的加速度大B同一地点，轻、重物体下落的加速度一样大C这个加速度在地球上任何地方都一样大D这个加速度在地球赤道比在地球北极大3.按照玻尔理论，一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，则（）A要吸收特定频率的光子B要放出特定频率的光子C可放出任意频率的光子D原子的能量增加4.下列说法正确的是 A布

2、朗运动是液体分子的无规则运动B晶体都具有确定的熔点和规则的几何形状C当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大D叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用 5.简谐运动中反映物体振动强弱的物理量是（）A周期B频率C振幅D位移6.图中矩形线圈abcd在匀强磁场中以ad边为轴匀速转动，产生的电动势瞬时值为e=5sin20t（V），则以下判断正确的是 （） A 此交流电的频率为Hz B 当线圈平面与中性面重合时，线圈中的感应电动势为5V C 当线圈平面与中性面垂直时，线圈中的感应电流为0V D 线圈转动一周，感应电流的方向改变一次7.在水面下同一深处有两个点光源P、Q，能发出不同颜色的光当它们发光时

3、，在水面上看到P光照亮的水面区域大于Q光，以下说法正确的是 A.P光的频率大于Q光 B.P光在水中的传播速度小于Q光 C.让P光和Q光通过同一单缝装置，P光的中心条纹宽度大于Q光的中心条纹宽度 D.让P光和Q光通过同一双缝干涉装置，P光的条纹间距小于Q光8.如图示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，它们同时沿竖直墙面下滑，已知mAmB，则物体B（）A只受一个重力B受到重力、摩擦力各一个C受到重力、弹力、摩擦力各一个D受到重力、摩擦力各一个，弹力两个二、单项选择题：（共24分，每小题3分每小题只有一个正确选项）9.卢瑟福提出原子的核式结构模型，这一模型建立的基础是A

4、对阴极射线的研究B天然放射现象的发现C粒子散射实验 D氢原子光谱的发现10.如图所示，在竖直面内有一以O点为圆心的圆，AB、CD分别为这个圆沿竖直和水平方向的直径，该圆处于静电场中。将带负电荷的小球从O点以相同的动能分别沿竖直平面向不同方向射出，小球会沿圆所在平面运动并经过圆周上不同的点。已知小球从O点分别到A、B两点的过程中电场力对它做的功相同，小球到达D点时的电势能最大。若小球只受重力和电场力的作用，则下列说法中正确的是A此电场可能是位于C点的正点电荷形成的 B小球到达B点时的动能等于到达点A时的动能 C小球到达B点时的机械能与它在圆周上其他各点相比最小 D小球到达A点时的电势能和重力势能

5、之和与它在圆周上其他各点相比最小11.如图为氢原子的能级图。当氢原子从n=4的能级跃迁到n=2 的能级时，辐射出光子a；当氢原子从n=3的能级跃迁到n=1的能级时，辐射出光子b，则下列判断正确的是A光子a的能量大于光子b的能量B光子a的波长小于光子b的波长Cb光比a光更容易发生衍射现象D若光子a能使某金属发生光电效应，则光子b也一定能使该金属发生光电效应12.如图所示是一列沿x轴传播的简谐横波在某时刻的波形图，已知质点a的运动状态总是滞后于质点b的运动状态0.5s，质点b和质点c之间的距离是5cm,下列说法中正确的是A此列波沿x轴正方向传播x B此列波的频率为2HzC此列波的波长为10cm D

6、此列波的传播速度为5cm/s13.如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）A电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0m/s2B电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0m/s2C电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5m/s2D电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5m/s214.如图7所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两块导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1或U2的变化情况为(

7、不计重力，不考虑边缘效应)A仅增大U1，d将增大 B仅增大U1，d将减小C仅增大U2，d将增大 D仅增大U2，d将减小15.某人在静止的湖面上竖直上抛一小铁球，小铁球上升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中某一深度处若不计空气阻力，取竖直向上为正方向，则最能近似反映小铁球运动过程的速度与时间关系的图象是（）ABCD16.如图所示，绝热隔板K把绝热的气缸分隔成体积相等的两部分，K与气缸壁的接触是光滑的两部分中分别盛有相同质量、相同温度的同种气体a和b气体分子之间相互作用势能可忽略现通过电热丝对气体a加热一段时闻后，a、b各自达到新的平衡，则下列错误的是（） A a的体积增大了，压强变小

8、了 B b的温度升高了 C 加热后a的分子热运动比b的分子热运动更激烈 D a增加的内能大于b增加的内能三、多项选择题（共16分，每小题4分每小题有二个或三个正确选项，全选对的得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分）17.如图，电路中定值电阻阻值大于电内阻阻值。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、 、示数变化量的绝对值分别为、，理想电流表示数变化量的绝对值为，则（ ）A的示数减小 B大于C与的比值等于 D电的输出功率一定增大18.如图甲所示，在倾角为的光滑斜面上，有一个质量为m的物体在沿斜面方向的力F的作用下由静止开始运动，物体的机械能E随位移x的变化关系如图乙所示其中0x1过

9、程的图线是曲线，x1x2过程的图线为平行于x轴的直线，则下列说法中正确的是（）A物体在沿斜面向下运动B在0x1过程中，物体的加速度一直减小C在0x2过程中，物体先减速再匀速D在x1x2过程中，物体的加速度为gsin19.如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点现有一带负电的粒子只在电场力作用下以一定的初速度从a点开始经b点向远处运动，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度时间图象如图乙所示下列说法正确的是（）AQ1一定带正电BQ1的电量一定小于Q2的电量Cb点的电场强度一定为零D粒子由a点经b点向远处运动过程中，粒子的电势能先减小后增大20.如图

10、所示，一小球从半径为R的固定半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点O为半圆轨道圆心，OB与水平方向夹角为60°，重力加速度为g，关于小球的运动，以下说法正确的是（） A 小球自抛出至B点的水平射程为R B 抛出点与B点的距离为2R C 小球抛出时的初速度为 D 小球自抛出至B点的过程中速度变化量为四、填空题（共20分，每小题4分）本题中第22题为分叉题，分A、B两类，考生可任选一类答题，若两类试题均做，一律按A类题计分21.氢弹的工作原理是利用氢核聚变放出巨大能量。在某次聚变中，一个氘核与一个氚核结合成一个氦核已知氘核的比结合能

11、是1.09 MeV；氚核的比结合能是2.78 MeV；氦核的比结合能是7.03 MeV.则氢核聚变的方程是_；一次氢核聚变释放出的能量是_MeV.22A.在光滑的水平面上有A、B两辆质量均为m的小车，保持静止状态，A车上站着一个质量为m/2的人，当人从A车跳到B车上，并与B车保持相对静止，则A车与B车速度大小之比等于_，A车与B车动量大小之比等于_。22B.地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，若高空中某处的重力加速度为g/2，则该处距地球表面的高度为_，在该高度绕地球做匀速圆周运动的卫星的线速度大小为_。23.作匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时，其速度分别为和7，经历时间为t，则

12、经A、B中点时速度为_,在后一半时间所通过的距离比前一半时间通过的距离多_。24.如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t = 0时刻的波形图，已知波的传播速度v = 2m/s试回答下列问题：写出x = 0.5 m处的质点做简谐运动的表达式： cm；x = 0.5m处质点在05.5s内通过的路程为 cm25.如图所示，两条平行金属导轨ab、cd置于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，两导轨间的距离l=0.6m，导轨间连有电阻R。金属杆MN垂直置于导轨上，且与轨道接触良好，现使金属杆MN沿两条导轨向右匀速运动，产生的感应电动势为3V。由此可知，金属杆MN滑动的速度大小为 m/s；通过电阻R的

13、电流方向为 （填“a R c”或“c R a”）。5、 实验题（共24分）26.在“验证力的平行四边形定则”的实验中：（1）其中有两个实验步骤如下：A在水平位置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（平行方木板）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一点O，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两测力计的示数F1和F2B只用一弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个测力计拉时相同，读出示数F和记下F的方向请指出以上步骤中的错误或疏漏：_；_（2）某同学认为实验过程中必须注意以下几项：A两根细绳必须等长B橡皮条应与两

14、绳夹角的平分线在同一直线上C读数时视线要正对弹簧测力计的刻度D两拉力之间的夹角不要太小，也不太大其中正确的是_27.在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，某同学将注射器活塞置于刻度为10mL处，然后将注射器连接压强传感器并开始实验，气体体积V每增加1mL测一次压强p，最后得到p和V的乘积逐渐增大（1）由此可推断，该同学的实验结果可能为图_（2）图线弯曲的可能原因是在实验过程中_A注射器有异物B连接软管中存在气体C注射器内气体温度升高D注射器内气体温度降低28.某同学用以下器材接成图1所示的电路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的“R1k”的欧

15、姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k20k范围内的电阻时精确度令人满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处所供器材如下：A、Ig=100A的微安表一个； B、电动势E=1.5V，电阻可忽略不计的电池；C、阻值调至14k电阻箱R一个； D、红、黑测试表棒和导线若干；（1）原微安表的内阻Rg=_；（2）在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“R1”的欧姆表要增加的电阻应接在_之间 （填a、b、c），规格为_；（保留两位有效数字）（3）画出改装成“R1”的欧姆表后的电路图29.某同学用图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律已知打点计时器

16、所用电源的频率为50Hz，重物质量m=1kg，当地重力加速度大小为g=9.80m/s2实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图乙所示，纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O点的距离hA、hB和hC的值回答下列问题（以下计算结果均保留3位有效数字）：（1）打点计时器打B点时，重物速度的大小vB=_m/s；（2）根据以上数据，可知重物由O点运动到B点的过程中，重力势能的减少量等于_J，动能的增加量等于_J重力势能的减少量大于动能的增加量的原因是_六、计算题（共50分）30.（10分）小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的

17、小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地如图所示已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为d，重力加速度为g忽略手的运动半径和空气阻力（1）求绳断时球的速度大小v1和球落地时的速度大小v2（2）问绳能承受的最大拉力多大？（3）改变绳长，使球重复上述运动，若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应是多少？最大水平距离为多少？31.（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C.已知状态A的温度为300 K。求(1)气体在状态B的温度；(2)由状态B变化到状态C的过程中，气体是吸

18、热还是放热？简要说明理由。32（14分）.如图甲所示，长、宽分别为、的矩形金属线框位于竖直平面内其匝数为n，总电阻为r，可绕其竖直中心轴转动。线框的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D（集流环）焊接在一起，并通过电刷和定值电阻R相连。线框所在空间有水平向右均匀分布的磁场，磁感应强度B的大小随时间t的变化关系如图乙所示，其中、和均为已知。 在的时间内，线框保持静止，且线框平面和磁场垂直：时刻后线框在外力的驱动下开始绕其竖直中心轴以角速度匀速转动。求：(1) 时间内通过电阻R的电流的大小；(2)线框匀速转动后，在转动一周的过程中电流通过电阻R产生的热量Q；(3)线框匀速转动后，从图甲所示位置转过

19、的过程中，通过电阻R的电荷量q。33.（14分）磁流体发电是一种新型发电方式，图1和图2是其工作原理示意图图1中的长方体是发电导管，其中空部分的长、高、宽分别为l、a、b，前后两个侧面是绝缘体，上下两个侧面是电阻可略的导体电极，这两个电极与负载电阻R1相连整个发电导管处于图2中磁场线圈产生的匀强磁场里，磁感应强度为B，方向如图所示发电导管内有电阻率为的高温、高速电离气体沿导管向右流动，并通过专用管道导出由于运动的电离气体受到磁场作用，产生了电动势发电导管内电离气体流速随磁场有无而不同设发电导管内电离气体流速处处相同，且不存在磁场时电离气体流速为v0，电离气体所受摩擦阻力总与流速成正比，发电导管

20、两端的电离气体压强差p维持恒定，求：（1）不存在磁场时电离气体所受的摩擦阻力F多大；（2）磁流体发电机的电动势E的大小；（3）磁流体发电机发电导管的输入功率P参考答案1.【答案】C【解析】考点：本题考查物理学史牛顿第一定律是在实验的基础上合理外推得到的，不是实验定律，A错，万有引力常量是英国物理学家卡文迪许测得的，B错；电场线是人们为了形象描述电场假设的线，并不真实存在，D错，C符合事实。2. 【答案】B【解析】考点：重力加速度 分析：自由落体加速度又叫做重力加速度，是由物体所在的位置决定的，与物体的体积、质量等都无关，随着地球的纬度的增大，重力加速度的大小也增大，在赤道上时，重力加速度最小解

21、答：解：A、在地球表面同一地点，物体的重力加速度均相同；故A错误；B正确；D、高度及纬度不同，则物体的重力加速度不同；纬度越高，则重力加速度越大；故CD错误；故选：B3. 【答案】B【解析】考点：氢原子的能级公式和跃迁.专题：原子的能级结构专题分析：从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，从低能级向高能级跃迁，吸收光子，能量增加能级间跃迁所满足的规律，即EmEn=hv解答：解：一个氢原子从n=3能级跃迁到n=2能级，按照玻尔理论，能级间跃迁所满足的规律，即EmEn=hv从高能级向低能级跃迁，释放光子，能量减少，要放出特定频率的光子故选：B点评：知道高能级向低能级跃迁，释放光子，从低能级向高能

22、级跃迁，吸收光子4. 【答案】D 【解析】解析： A、布朗运动是悬浮在流体中的固体小颗粒（如花粉）的运动，不是液体分子的运动，故A错误；B、单晶体有规则的形状和确定的熔点，多晶体外形不规则，但有确定的熔点，故B错误；C、在一定气温条件下，大气中相对湿度越大，水气蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故C错误；D、液体表面张力产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势正是因为这种张力的存在

23、，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如，故D正确；故选D5. 【答案】C【解析】考点：简谐运动的振幅、周期和频率专题：简谐运动专题分析：能够反映物体做机械振动强弱的物理量是振幅，不是频率，回复力和周期解答：解：A、B频率和周期表示振动的快慢故AB错误C、振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离，表示振动的强弱，故C正确D、位移大小是振动物体离开平衡位置的距离，不表示振动的强弱，故D错误故选：C点评：振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离，表示振动的强弱；频率和周期表示振动的时间上的快慢，注意理解6.【答案】A【解析】考点： 交流的峰值、有效值以及它们的关系 专题： 交流电专题分析： 根据感应电动

24、势的瞬时表达式e=0.5sin20t（V），可以求出频率、某时刻，e的瞬时值、交流电的电动势最大值，当t=0时线圈平面跟磁感线垂直，磁通量最大，磁通量变化率为0解答： 解：A、根据e=5sin20t（V），得：=20rad/s，所以，故A正确；B、当线圈平面与中性面重合时，线圈边的切割速度最小，即线圈中的感应电动势为零，故B错误；C、当线圈平面与中性面垂直时，线圈边的切割速度最大，线圈中的感应电流最大，故C错误；D、线圈转动到中性面位置时，电流方向改变，则转动一周，感应电流的方向改变两次，故D错误；故选：A7. 【答案】C【解析】8.【答案】A【解析】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用解：A、

25、B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力；故选：A9.【答案】C 【解析】较易，考查粒子散射实验的理解，要求知道选项中的四个实验事实的发现的意义。考查：理解能力。理解知识的意义，把握物理情景的本质特征，并能将知识与情景联系起来的能力。10. 【答案】C【解析】A：AB两点处于CD之间，小球在AB两点的电势能也介于CD之间，不是最大，也不是最小，故A错误；B：小球从O点分别到A、B两点的过程中电场力对它

26、做的功相同，说明AB两点的电势相等，物体在A点的重力势能要大于物体在B点的重力势能，故B错误；C：AB两点的电势相等，对于负电荷电势能大的地方的电势小，故D点的电势最低；说明了该区域内的电场可能具有一定的对称性，若是正电荷的电场，正电荷在OC的连线上或延长线上；若是负电荷，负电荷在OD上，或OD的延长线上故C正确；D：AB两点的电势相等，物体在A点的重力势能要大于物体在B点的重力势能，小球在A点的动能小于在B点的动能，故D错误故选：C11.【答案】D【解析】A、氢原子从n=4的能级跃迁到n=2的能级的能极差小于从n=3的能级跃迁到n=l的能级时的能极差，根据Em-En=h，知，光子a的能量小于

27、光子b的能量，故A错误；BC、光子a的频率小于光子b的频率，所以b的频率大，波长小，所以a光更容易发生衍射，故BC错误；D、光子a的频率小于光子b的频率，所以光子a能使某金属发生光电效应，则光子b也能使某种金属发生光电效应，故D正确。故选D。12.【答案】D 【解析】由于质点的运动状态滞后于质点，可知波沿轴负方向传播，A错误；、的运动状态差半个周期，可知，故频率Hz，B错误；由图象可知，波长，C错误；，D正确。13. 【答案】B【解析】考点：牛顿运动定律的综合应用分析：先对人受力分析，受重力和支持力，体重计示数即为受到的压力，而压力等于支持力；再对人进行运动分析，确定加速度方向；最后根据牛顿第

28、二定律列式求解解答：解：A、电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律mgF=ma解得F=m（ga）=9NB、电梯匀加速上升，加速度向上，由牛顿第二定律Fmg=ma解得F=m（g+a）=11NC、电梯匀减速下降，加速度向上，由牛顿第二定律Fmg=ma解得F=m（g+a）=10.5ND、电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律mgF=ma解得F=m（ga）=9.5N故选B点评：只要加速度向上，就是超重，加速度向下，就是失重，与物体的运动速度方向无关，同时，超重与失重现象只是物体对支撑物的压力变大，而重力保持不变！14. 【答案】A【解析】解析：在加速电场中作直线加速运动，到达偏转电场时的速度为：

29、，在偏转电场中作类平抛运动，可将射出电场时的速度分解为初速度方向和加速度方向，设出射速度方向与初速度方向的夹角为，则有：，带电粒子进入磁场中作匀速圆周运动，设运动对应的半径为R，由几何关系有：半径与直线MN之间夹角正好等于，也有： ，由在磁场中作匀速圆周运动，根据牛顿第二定律可推得：依此有：，增大，也增大，A正确，B错；增大，是不变的，它与偏转电场所加电压无关，C、D都错，故选择A答案。15.【答案】D【解析】解：小球的运动过程分为四段：1、小球竖直向上做匀减速运动，速度为正值，图象是向下倾斜的直线；2、小球做自由落体运动，速度为负值，图象是向下倾斜的直线；3、小球进入淤泥中后，重力大于阻力时

30、，向下做加速运动，加速度小于g，图象是向下倾斜的直线； 4、小球进入淤泥中后，阻力大于重力时，向下做减速速运动，加速度小于g，图象是向下倾斜的直线；故D正确故选：D点评：本题首先要根据小球的受力情况分析其运动情况，抓住速度的方向及速度大小的变化情况，选择图象16. 【答案】A【解析】A、当a加热时，气体a的温度升高，压强增大，由于K与气缸壁的接触是光滑的，可以自由移动，所以a，b两部分的压强始终相同，都变大，故A错误B、由于a气体膨胀，b气体被压缩，所以外界对b气体做功，根据热力学第一定律得：b的温度升高了，故B正确C、由于过程中a气体膨胀，b气体被压缩，所以a气体的温度较高，所以加热后a的分

31、子热运动比b的分子热运动更激烈，故C正确 D、由于a气体膨胀，b气体被压缩，最终a气体体积大于b气体体积，所以a气体的最终温度较高，内能增加较多，故D正确本题选错误的，所以选A17. 【答案】BC【解析】 A、据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，故A错误；B、根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-Ir，则得：=r；=R，据题：Rr，则，故V1大于V2故B正确；C、根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-I（R+r），

32、则得：=R+r，故C正确；D、当外电阻等于内电阻时，电的输出功率最大，滑片向下运动，滑动变阻器与R并联后电阻不确定于内阻r的关系，故无法确定输出功率的变化，故D错误，故选BC【思路点拨】理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析18. 【答案】AD【解析】考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律专题：压轴题；机械能守恒定律应用专题分析：根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，在0x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负

33、功，机械能与位移图线的斜率表示拉力当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化判断其加速度的变化解答：解：A、在0x1过程中物体机械能在减小，知拉力在做负功，拉力方向向上，所以位移方向向下，故物体在沿斜面向下运动，故A正确；B、在0x1过程中图线的斜率逐渐减小到零，知物体的拉力逐渐减小到零根据a=，可知，加速度逐渐增大，故B错误；C、在0x1过程中，加速度的方向与速度方向相同，都沿斜面向下，所以物体做加速运动，故C错误；D、在x1x2过程中，机械能守恒，拉力F=0，此时a=，故D正确故选AD点评：解决本题的关键通过图线的斜率确定出拉力的变化，然后根据牛顿第二定律判断出加速度的方向，根据加速度方向

34、和速度的方向关系知道物体的运动规律19. 【答案】CD【解析】考点：电场线；电势能.分析：速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0从而知道b点的电场力及电场强度通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小通过能量守恒判断电势能的变化解答：解：A、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零Q正负不能判断故A错误，C正确B、b点场强为零，可见两点电荷在b点对负电荷的电场力相等，根据F=k，b到Q1的距离大于到Q2的距离，所以Q1的电量大于Q2的电量故B错误C、整个过程动能先增

35、加后减小，根据能量守恒电势能先减小后增大故D正确故选：CD点评：解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小20. 【答案】ACD【解析】A、由几何知识可得，小球自抛出至B点的水平射程为 x=R+Rcos60°=R，故A正确B、小球飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，经过B点时速度与水平方向的夹角为30°则tan30°=设位移与水平方向的夹角为，则tan=可得竖直位移 y=x=R=R故抛出点与B点的距离 S=R，故B错误C、根据vy2=2gy得，vy=由tan30°=，解得v0=故C正确D、速度变化量v

36、=gt=vy=故D正确故选：ACD21.【答案】(1)HHHen(2分)聚变释放出的能量EE2E17.034(2.7831.092)17.6 MeV【解析】22A.【答案】3:2；1:1。【解析】22B.【答案】， 【解析】23.【答案】5v，【解析】24.【答案】 y=5sin(2t+/2) 110【解析】25.【答案】10，cRa【解析】导体棒切割磁感线产生的感应电动势E=BLv=3v，解得v=10m/s，根据右手定则判断感应电流从M流向N，导体棒相当于电源，M为负极，N为正极，所以流过电阻R的电流方向为cRa26. 【答案】（1）C中记下两条细绳的方向，E中使结点到达同样的位置（2） C

37、D【解析】考点：验证力的平行四边形定则分析：（1）步骤A中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤B中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同；（2）实验要操作方便，尽量减小误差，两分力夹角不宜太大，也不宜太小，弹簧要与纸面平行解答：解：（1）力的合成遵循平行四边形定则，力的图示法可以表示出力的大小、方向和作用点，因而要表示出分力，必须先测量出其大小和方向，故步骤C中遗漏了方向；合力与分力是一种等效替代的关系，替代的前提是等效，实验中合力与分力一定产生相同的形变效果，故步骤E中遗漏了使结点到达同样的位置；故答案为：C、E、记

38、下两条细绳的方向，使结点到达同样的位置（2）为减小实验过程中的偶然误差，就要设法减小读数误差，两个分力的大小不一定要相等，绳子的长短对分力大小和方向亦无影响，故A、B错误；读数时视线正对弹簧测力计的刻度能减小偶然误差，故C正确；两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故D正确；故选CD点评：本题涉及力的合成实验的原理，要明确力的图示法和力的作用效果；减小实验的系统误差要从实验原理角度出发，减小偶然误差主要要从读数考虑！27. 【答案】a；C【解析】考点：理想气体的状态方程.专题：理想气体状态方程专题分析：（1）最后得到p和V的乘积逐

39、渐增大，表示V图象的斜率逐渐增大，由此选择（2）在实验过程中随时间延长，导致注射器内气体温度升高，故V图象的斜率逐渐增大解答：解：（1）由于“最后得到p和V的乘积逐渐增大”，因此在V图象中，斜率k=PV逐渐增大，斜率变大，故选a（2）A、注射器有异物不会影响图线的斜率，故A错误B、连接软管中存在气体可以视为被封闭的气体总体积较大，不会影响斜率，故B错误C、注射器内气体温度升高，由克拉柏龙方程知=C，当T增大时，PV会增大，故C正确D、由C分析得，D错误故选：C故答案为：a；C点评：本题关键是明确实验原理、误差来源，然后根据玻意耳定律列式分析，不难28.【答案】（1）1k；（2）a、c，15；（

40、3）电路图如图所示【解析】考点：把电流表改装成电压表.专题：实验题分析：欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律；欧姆表指针指在中央时所测电阻阻值等于欧姆表内阻，此电阻阻值叫中值电阻，此时所测电阻阻值最准确解答：解：（1）根据“使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k20k范围内的电阻时精确度令人满意”，说明在测阻值在10k20k的电阻时欧姆表的指针在刻度盘的中间附近，由此可结合刻度盘确定此表的中值电阻，即表内总电阻约为R总=15k（相当于欧姆表选择量程于1 k 挡）当表笔短接时，电流满偏，根据欧姆定律有：Ig=，代入E、R、Ig的值，解得：Rg=1k；（2）要减少把原表改装成“R1”的欧姆表，就

41、要减少表的内阻，依题意，显然只有在ac之间并联一个小电阻R才能使表内总电阻等于中值电阻R并=15根据R并=，代入R以及Rg的数值可计算可得R15；（3）画出改装成“R1”的欧姆表后的电路图如图所示故答案为：（1）1k；（2）a、c，15；（3）电路图如图所示点评：欧姆表刻度盘中央刻度值是中值电阻，欧姆表中值电阻阻值等于欧姆表内阻；知道欧姆表的工作原理、应用闭合电路的欧姆定律即可正确解题29. 【答案】（1）3.90；（2）7.70J，7.61J；阻力做负功【解析】考点：验证机械能守恒定律专题：实验题；机械能守恒定律应用专题分析：（1）打点计时器所用电源的频率为50Hz，可知其周期，由平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得B点的速度（2）由重力势能表达式mgh可得重物由O点运动到B点的过程中，重力势能的减少量；由动能表达式可得B点的