高一化学十字相乘法

1、学习必备欢迎下载高一科目：化学问题：请问老师化学上的十字相乘法怎么理解？答：十字交叉法总结如下：十字交叉法又称图解法，应用于二元混合体系所产生的具有平均意义的计算问题，表现出实用性强，能准确、简便、迅速求解的特点。适用范围：“十字交叉法 ”适用于两组分混合物（或多组分混合物，但其中若干种有确定的物质的量比，因而可以看做两组分的混合物），求算混合物中关于组分的某个化学量（微粒数、质量、气体体积等）的比值或百分含量。例 1：实验测得乙烯与氧气的混合气体的密度是氢气的14.5 倍。可知其中乙烯的质量分数为（）解析：要求混合气中乙烯的质量分数可通过十字交叉法先求出乙烯与氧气的物质的量之比（当然也可以求

2、两组分的质量比，但较繁，不可取） ，再进一步求出质量分数。这样，乙烯的质量分数是：（ C2H 4） =328×100=72.4%281332答案： C。（解毕）二、十字交叉法的解法探讨：1.十字交叉法的依据：对一个二元混合体系，可建立一个特性方程：ax+b(1 x)=c(a、 b、 c 为常数，分别表示A 组分、B 组分和混合体系的某种平均化学量，如：单位为g/mol的摩尔质量、单位为g/g 的质量分数等) ；x 为组分 A 在混合体系中某化学量的百分数（下同）如欲求 x/(1 x)之比值，可展开上述关系式，并整理得：ax bx=c b。解之，得：xcb,1xacabab即：xcb1

3、xac2.十字交叉法的常见形式：为方便操作和应用，采用模仿数学因式分解中的十字交叉法，记为：3.解法关健和难点所在：十字交叉法应用于解题快速简捷，一旦教给了学生，学生往往爱用，但是也往往出错。究其原因，无外乎乱用平均量（即上述a、b、 c 不知何物）、交叉相减后其差值之比不知为何量之比。关于上述 a、b、c 这些化学平均量， 在这里是指其量纲为 （化学量 1÷化学量 2）的一些比值， 如摩尔质量（ g/mol）、溶液中溶质的质量分数 (溶质质量 ÷溶液质量 ) 或关于物质组成、变化的其它化学量等等。设计这些平均量时应优先考虑待求量和题给条件，一般情况下尽可能的将待求量设计为

4、上述化学量2（分数中的分母） ，至于化学量1 则依题给条件选取最容易获得的化学量( 分数中的分子 )，这样上述第1 论点中的 a、b、c 应该是分别这样的一些化学平均量（如下图）：y(组分 ）=y(组分 ）=组分 的化学量组分 的化学量111221x(组分 1）组分 1的化学量2组分 2） 组分 2的化学量2x(混合体系）混合体系的化学量y(=1x(混合体系）混合体系的化学量2学习必备欢迎下载而这些化学平均量a、 b、 c 交叉相减后所得差值之比，则是组分1 和组分2 的化学平均量的量纲中化学量2如a、b、 c 为摩尔质量（ g/mol ）时，便是物质的量mol 的比值。例 2：把 CaCO3

5、 和 MgCO 3 组成的混合物充分加热到质量不再减少时，称得残留物的质量是原混合物质量的一半。则残留物中钙和镁两元素原子的物质的量之比是A.1:4B.1:3C.1:1D.1:2学量解析：上述问题是计算两组分混合物中某两个化学量之比，可用十字交叉法解题。解题时先设计混合物的平均化c，该题中要求钙和镁两元素原子的物质的量之比（即原子个数比），而平均量中分母（即上述化学量y(组分2)）与题给条件相差甚远，故以一摩尔组分质量为分母，一摩尔物质分解后残留物质量为分子而得如下的几个平均量：a=56g ÷100g ;b=40g ÷84g;c=1/2应用于十字交叉法：所以，原混合物中两组

6、分CaCO3 和 MgCO 3 物质的量之比 （即残留物中Ca 和Mg的物质的量之比为：n(Ca) n(Mg)=(1/42)g100g/mol÷ (3/50) g 84÷g/mol=1 3答案： B（解毕）注：熟练后或在要表达的计算题中可略去上图，而只以比例式表示，为防止出错，也可在草稿中画上述十字交叉图。三、十字交叉法的应用与例析：1.两组分混合物中已知组分及混合体系的摩尔质量（或式量）分物质的微粒数之比） ：,求组分的物质的量之比（或组分气体的体积比、组解答这类问题，需设计的平均化学量 a、b、c 就直接用摩尔质量（ g /mol ）。而用十字交叉法交叉相减后所得差值之

7、比是组分的物质的量之比（或微粒数之比） ，或依阿伏加德罗定律，也等于（相同状态下）气态混合体系中组分气体的体积比。例 3.硼的平均相对原子质量为10.8，硼在自然界中有种同位素：101110115B 与 5 B，则这两种同位素5B、 5 B 在自然界中的原子个数比为A. 1 2B.14C.16D.18解析：相对原子质量与原子的摩尔质量数值上相等，故元素或原子的相对原子质量可看做十字交叉法中的平均化 1学量，量纲为g?mol,交叉相减后所得差值之比为两同位素的物质的量（即原子数）之比。答案： B(解毕）2.两种溶液（同溶质）相混合，已知两溶液及混合溶液中溶质的质量分数，求两溶液的质量比：例 4.

8、将密度为 1.84g?cm 3，质量分数为 98的浓硫酸与水配制成 30的稀溶液，应怎么配制？解析：要配制这种硫酸，必须先求出浓硫酸与水的比例。因为溶液中溶质的质量分数为溶质质量占溶液质量的分数，所以质量分数实际上也是一种平均化学量，可用于十字交叉法求出浓硫酸和水的质量比。这样，上述平均化学量a、b、c 中的化学量2 最好就设计为溶液质量，而化学量1 取最方便的就是溶质质量，即平均化学量a、b、c 就是溶液中溶质的质量分数，应用于十字交叉法（图略），记为：学习必备欢迎下载m(浓硫酸 ) m(水 )=（ 30 0） (98% 30%)=15 34即取 15 份质量的浓硫酸与34 份质量的水混合得

9、此稀硫酸。（解毕）3.两可燃物组成的混合体系，已知其组分及混合物的燃烧热，求组分的物质的量之比或百分含量。例 5.在一定条件下， CO 和 CH4 燃烧的热化学方程式分别为：2CO( 气 )+O 2(气 )=2CO 2(气 )+566KJ ；CH 4(气 )+2O 2( 气 )=CO 2(气 )+2H 2O(液 )+890KJ现有 CO 和 CH4 组成的气体混合物89.6L( 标准状态下测定 )，在上述条件下燃烧，释放的热量为2953KJ ，则 CO 和CH4 的体积比为（）A. 13B. 31C.12D.2 1解析：可燃物的反应热以摩尔反应热来表示时，单位是：KJ/mol ，因此也可以看做

10、是一个平均化学量，两可燃组分及混合物的反应热可当做十字交叉法基本形式中的a、b、 c 进行十字交叉，交叉相减后所得差值之比即为两可燃组分的物质的量之比。解题时设计并先求算气体混合物的反应热：混合气体的物质的量： n=89.6L÷22.4L?mol1=4.00mol混合气体的平均反应热：Q（混合物） =2953KJ÷4.00mol=738.3KJ?mol 1双两组分的反应热分别为：Q(CO)=566 KJ÷2mol=283KJ?mo 1； Q(CH 4)=890KJ?mol 1这样，十字交叉法就记为： n(CO) n(CH 4)=(890 738.3) (738.3

11、 283) 1 3答案： B。(解毕 )4.其它有关物质组成、变化关系的两组分混合体系，依题意， 设计适当的平均化学量， 也可用十字交叉法求算两组分的某个化学量的比值或百分含量。例 6.在一定条件下，将25 gCO 2 和 CO 的混合气体通过灼热的碳粉，使之充分反应，测知所得气体在标准状态下的体积为 22.4 L ，则在相同状态下原混合气体中CO2 和 CO 的体积比为A.14B.1 3C.1 2D.21解析：本题所求为两组分混合气体中组分气体的体积之比（按阿伏加德罗定律，即为两组分气体的物质的量之比），依 CO2 高温 2CO，CO 不与 C 反应。 又从反应后的气体体积 22.4 L(

12、标态 )，是 1 mol 纯净 CO，总质量为28 g，即上述反应中气体质量增加了28g 25g=3g ，应用差量法可求得原混合气体的物质的量为：1mol 3 g ÷12 g/mol=0.75mol即原混合气体的摩尔质量是：25g÷0.75mol=33.3g/mol, 将两组分及混合气体的摩尔质量应用于十字交叉法（如下图）：原混合气体中CO2 与 CO 的体积比为： n(CO2) n(CO)=1 2答案： C。（解毕）值得注意的是，有时因题给条件的限制，无法将待求量设计为平均化学量的分母（即化学量2），此时就应以与已知量有关又容易换算为待求量的其它化学量做为平均量中的化学量

13、2例 7.KHCO 3 和 CaCO3 的混合物和等质量的NaHCO 3 分别与盐酸完全反应时，所消耗的酸的量相等，则混合物中KHCO 3 的质量分数是A.50%B.68%C.81%D.90%解析：根据KHCO 3 和 CaCO3 分别与酸反应的化学方程式：KHCO 3+HCl=KCl+H 2O+CO 2CaCO3+2HCl=CaCl 2+H 2O+CO 2依题意，上述混合物每消耗 1摩尔 HCl 需质量 84 g,而组分 KHCO 3 和 CaCO3 每消耗 1 摩尔 HCl 需质量分别是 100g和 50g，这样就可以把反应中消耗的HCl 设计为上述平均化学量中化学量2，而与 HCl 反应

14、消耗的固体物质质量设计为化学量 1 ，应用于十字交叉法并记为：学习必备欢迎下载又从上述化学方程式可看出，每消耗1mol 酸需 KHCO 3 1mol, 而 CaCO3 则需 0.5 mol 。所以混合物中两组分KHCO 3和 CaCO3 物质的量之比是：n(KHCO 3) n(CaCO3)=17 (8 ÷2)=17 4混合物中KHCO 3 的质量分数是：17 (KHCO3)=17×100%=81.0%4答案： C。（解毕）例 8.使乙烷和丙烷的混合气体完全燃烧后，可得 CO23.52 g，H 2O 1.92 g，则该混合气体中乙烷和丙烷的物质的量之比为A.1 2B.1 1C

15、.2 3D.3 4解析：该题已知混合气体完全燃烧后生成CO2和 H 2O 的质量，从中可以计算出这两种物质的物质的量，n(CO2)=3.52g÷44g/mol=0.08mol 、n(H 2O)=1.92g÷18g/mol=0.11mol ；进而求出混合气体中每含1 摩 C 所含 H 的物质的量， 0.11mol ×2÷0.08mol=11/4 ；而组分气体中乙烷和丙烷的同样定义的化学量分别是，乙烷C2H6 为 3，丙烷 C3H8 为 8/3；将这些平均量应用于十字交叉法可得这两组分气体在混合气体中所含C 原子数之比。所以混合气体中乙烷和丙烷的物质的量之比为：n(C 2H6) n(C 3H 8)=(1/2) (3/3)=1 2答案： A(解毕 )例 9（ MCE99.33第 2 小题）天然的和绝大部分人工制备的晶体都存在缺陷，例如在某种NiO 晶体中就存在如右图所示（图略，请参看高考原题）的缺陷：一个Ni 2+ 空缺，另有两个Ni 2+被两个 Ni 3+所取代。其结果晶体仍呈中性，但化合物中 Ni 和 O 的比值却发生了变化。某氧化镍样品组成为Ni 0.97O，试计算该晶体中Ni