高考全国3卷理综物理试题(解析)

1、绝密启封并使用完毕前试题类型：m2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试（物理）注意事项：1 .本试卷分第I卷（选择题）和第n卷（非选择题）两部分。2 .答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。3 .全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。4 .考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。第I卷（选择题共 126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。可能用到的相对原子质量：二、选择题：本大题共 8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项是符合题目要求， 第1821题有多项符合题目要求。 全部选又的得6分，选对但不全的得3分。有选错的

2、得0分。14.关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是A.开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律B.开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律C.开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因D.开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律【答案】B试题分析，开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了开普勒天体运动三定律/找出了行星运动的规律, 而牛顿发现了万有弓协定律, ACD错误3正确；【考点定位】考查了物理学史【方法技巧】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力， 对于物理学上重大发现、 发明、著名理论要加强记

3、忆， 这也是考试内容之一15.关于静电场的等势面，下列说法正确的是A.两个电势不同的等势面可能相交B.电场线与等势面处处相互垂直C.同一等势面上各点电场强度一定相等D.将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功【答案】B【解析】试题分析:等势面相交，则电场线一定相交， 故在同一点存在两个不同的电场强度方向，与事实不符,故 A错误；电场线与等势面垂直，B正确；同一等势面上的电势相同，但是电场强度不定相同，C错误；将负电荷从高电势处移动到低电势处，受到的电场力方向是从低电势指向高电势，所以电场力方向与运动方向相反，电场力做负功,D错误;【考点定位】考查了电势，等势面，电场

4、力做功【方法技巧】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面;等势面与电场线垂直， 沿着等势面移动点电荷，电场力不做功，等势面越密，电场强度越大,等势面越疏，电场强度越小16.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s,动能变为原来的9倍。该质点的加速度为c 4s t28sD 了【解析】试题分析：设初速度为峰j末速度为匕，根据题言可得9 士酬父=7.解得4 = 3H,根据炉=岭七人可得知二豌十of,解得H=多，代人J二知+不。厂可得口二二故A正碉?【考点定位】考查了匀变速直线运动规律的应用【方法技巧】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多,对给出并且

5、有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰, 的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题。17.如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为 m的小球。在a和b之间的细线上悬挂一小物块。平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。不计所有摩擦。小物块的质量为3 B. -m试题分析：根据设悬挂小物块的点为等边三角形，根据几何知识可得C. mO',圆弧的圆心为 O,由于ab=R,所以三角形 Oab为aO'b 120°,而一条绳子上的拉力相等，故 T mg ,小物块受到两条绳子的拉力作用两力大小

6、相等，夹角为120。，故受到的拉力的合力等于 mg,因为小物块受到绳子的拉力和重力作用，处于静止作用，故拉力的合力等于小物块的重力，为mg ,所以小物块的质量为m, C正确；【考点定位】考查了共点力平衡条件的应用【方法技巧】 在处理共点力平衡问题时， 关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解,18.平面OM和平面ON之间的夹角为30°,其横截面(纸面)如图所示，平面在匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外。一带电粒子的质量为OM

7、上方存m,电荷量为q (q>0)。粒子沿纸面以大小为 v的速度从PM的某点向左上方射入磁场，速度与 OM成30°角。已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从 OM上另一点射出磁场。不计重力。粒子离开磁场的射点到两平面交线O的距离为mvA.2Bq3mvB.Bq2mvC.Bq4mvD.Bq【解析】 试题分析:根据题意，粒子在磁场中的运动轨迹与只有一个交点，贝坳迹马0相切，设切点为匚点, 入射点为B点,出射点为A点,粒子在磁场中的轨迹图心力。点，根据几何知识可得AB = > sin 30' = r,ME角形O'AE为等边三角形一故而/no工士丁？故C0

8、F为一条直线F所=4r ,而半轻公Aaoc为直角三角形J故粒子离开磁场的出射点到。的距离为A0 =4wrv【考点定位】考查了带电粒子在有界磁场中的运动【方法技巧】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式R mv ,周期公式T 2- ,运动时间公式t T ,知道粒子在磁场中运动半径和速BqBq2度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，19 .如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。下列说法正确的是A.原、副线圈砸数之比为 9:1B.原、副线圈砸数之比为 1:9C

9、.此时a和b的电功率之比为 9:1 D.此时a和b的电功率之比为 1:9【答案】AD【解析】试电分析：谡灯泡的额定电压为5一两灯均德正常发光所以原线圈输出端电压为5 =虬心副线圈两端电压为故与报提名二工二号，区正确b错误?根据公式和也可得3= J由干由干Lt 1 S *11/ Jr 9小灯泡两端的电压才将，所以根据公式尸=5可得两者的电功率之比为L" C错误D正确J【考点定位】考查了理想变压器，电功率的计算【方法技巧】对于变压器需要掌握公式U1 2、L n2,以及知道副线圈的电流以及功U 2 n2 I 2 n2率决定了原线圈中的电流和功率， 理想变压器是理想化模型， 一是不计线圈内阻

10、； 二是没有 出现漏磁现象.同时当电路中有变压器时， 只要将变压器的有效值求出， 则就相当于一个新 的恒定电源，20 .如如，一固定容器的内壁是半径为 R的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为 m 的质点P。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中， 克服摩擦力做的功为 Wo重力加速度大小为go设质点P在最低点时，向心加速度的大小为a,容器对它的支持力大小为N,2(mgR W)mRB. a2mgR WmRC. N3mgR 2WRD. N2 mgR WR【答案】AC【解析】 一 1 C试题分析：质点P下滑过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可得mgR W 1mv2 ,v22（mgR W）根据

11、公式a 一，联立可得a -（g）, A正确B错误；在最低点重力和支持力的RmR合力充当向心力，摩擦力水平，不参与向心力，故根据牛顿第二定律可得N mg ma,代入可得N 3mgR 2W , C正确D错误； R【考点定位】考查了动能定理，圆周运动【方法技巧】应用动能定理应注意的几个问题（1）明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度。（2）要对物体正确地进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况（待求的功除外）。 （3）有些力在物体运动过程中不是始终存在的。若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不 同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情况区分对待21 .如图，M为半圆形导线框，圆心为 O

12、m ； N是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为On；两导线框在同一竖直面（纸面）内；两圆弧半径相等；过直线OmOn的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。 现使线框M、N在t=0时从图示位置开始， 分别绕垂直于纸面、 且过Om和On的轴，以相同的周日 T逆时针匀速转动，则X X X X X X XMNA.两导线框中均会产生正弦交流电B.两导线框中感应电流的周期都等于TC.在错误！未找到引用源。 时，两导线框中产生的感应电动势相等D.两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等【答案】BC【解析】试题分析：当线圈进入磁场时，根据将次定律可得J两线框中的感应电方向为逆时针3根据E =

13、 3a=3或侬m=3炉口可得过程中产生的感回电动势恒定,即电流恒定，不是正花式交流电，工 错俣j当线圈进入磁场时j根据将次定律可得两线框中的感应电流方向为逆时针，当线框穿出磁场时， 根据楞次定律可得线框中产生的感应电流为J脑寸针,所以感应电流的周期和其运动周期相等，为E正确鼻 根据E = 3把电可得线框在运动过程中的感应电动蛔目等，C正确另线圈X在完全进入磁场后有:时间内 线圈的磁通量不变化，迹是甲没有感应电动势产生,即线圈N在卜:和?一1内有感应电动势,其余时 间内没有，面线圈算在整个过程卬者陌感应电动势，敌即便电阻相等，两者的电流有效值不会相同，D错 、口 i为j【考点定位】考查了楞次定律

14、的应用，导体切割磁感线运动【方法技巧】 在分析导体切割磁感线运动， 计算电动势时，一定要注意导体切割磁感线的有 效长度，在计算交流电有效值时，一定要注意三个相同：相同电阻，相同时间，相同热量第II卷（非选择题共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（共129分）22 .某同学用图中所给器材进行与安培力有关的实验。两根金属导轨ab和固定在同一水平面内且相互平行， 足够大的电磁铁 （未画出）的N极位于两导轨的正上方， S极位于两 导轨的正下方，一金属棒置于导轨上且两导轨垂直。（1）

15、在图中画出连线，完成实验电路。要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动。（2）为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：A.适当增加两导轨间的距离B.换一根更长的金属棒C.适当增大金属棒中的电流其中正确的是（填入正确选项前的标号）【答案】（1）如图所示（2） AC【解析】试题分析：（1）如图所示，注意滑动变阻器的接法是限流接法（2）根据公式F = 3比可得适当勒吗轨间的距离或者憎大电淹 可增大金属棒受SU的安培，根据动能 定理= :鹏/可知金属棱离开导轨时的动能变大.即离开导轨时的速度变大，以正磁，若换用一 ,根更长的金属棒,但金属棒切割磁感线

16、的有效长廊口导轨间的密度不变，所从对最后的速度没有飘向，B 错误！【考点定位】考查了研究安培力实验【方法技巧】对于高中实验，要求能明确实验原理，认真分析各步骤，从而明确实验方法；同时注意掌握图象的性质，能根据图象进行分析，明确对应规律的正确应用23 .某物理课外小组利用图（a）中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系。途中，置于试验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮：轻绳跨过滑轮，一段与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码。本实验中可用的钩码共有N=5个，每个质量均为 0.010kg。实验步骤如下:（1）将5个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物快，使小车9 （

17、和钩码）可以在木板上匀速下滑。（2）将n （依次取n=1,2,3,4,5）个钩码挂在轻绳右端，其余 N-n各钩码仍留在小车内；用 手按住小车并使轻绳与木板平行。释放小车，同时用传感器记录小车在时刻t相对于其起始位置的位移s,绘制s-t图像，经数据处理后可得到相应的加速度a。（3）对应于不同的n的a值见下表。n=2时的s-t图像如图（b）所示：由图（b）求出此时小 车的加速度（保留2位有效数字），将结果填入下表。n123452a/ mgs0.200.580.781.00（4）利用表中的数据在图（c）中补齐数据点，并作出 a-n图像。从图像可以看出：当物体Mm定是=时，物体的加速度与其所受的合外力

18、成正比。I卸 0.8CQM0.400 20EISQ打白隹歌HR 密ir鼠蔺踊 施一密一里一明二量ffilIB (b J的（5）利用a f图像求得小车（空载）的质量为 kg （保留2位有效数字，重力加速度 取 g=9.8 m s取。（6）若以 保持木板水平”来代替步骤（1）,下列说法正确的是 （填入正确选项钱的 标号）A . a巾图线不再是直线B. a巾图线仍是直线，但该直线不过原点C. a巾图线仍是直线，但该直线的斜率变大【答案】（3） 0.39 （4）如图所示（5） 0.45 （6） BC解析试题分析乂力因为小车做初速度为零的为加速直线运动，故将0飞)代人二:口可得©二0一39叨/

19、(4；,根据描点;去可得如图所不图鼓一一器：一i:±I:苒1=一(5)根据牛顿第二定律可潺加里=(5 A"."变形可得u= =，如果 ”+(>-杵加 M + 5m-n绳子的拉力近似等于注码的重力,则必须满是山”也故“谭丁'检斜率人贵,根据图像以及mHEOkg,可得JJ=O5依(6)因为如果不平衡摩擦力，则满足F f ma的形式，即a mg nM 5mM 5m所以故不过原点，但仍是直线，A错误B正确；因为f(M 5m nm)g，代入可得mg n fM 5m M 5mmg mg nM 5m(M一5m) ,故直线的斜率变大，故 C正确;M 5m【考点定位】

20、验证牛顿第二定律的应用【方法技巧】对于高中实验，要求能明确实验原理，认真分析各步骤，从而明确实验方法;同时注意掌握图象的性质，能根据图象进行分析，明确对应规律的正确应用24.如图，在竖直平面内由 工圆弧AB和1圆弧BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B42平滑连接。AB弧的半径为R, BC弧的半径为 R。一小球在 A点正上方与A相距R处由 24静止开始自由下落，经 A点沿圆弧轨道运动。(1)求小球在B、A两点的动能之比；(2)通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点。【答案】(1) EKL 5 (2)小球恰好可以沿轨道运动到C点【解析】试题分析；(1>设小球的质量为叫小球在A点的动前为左，由

21、机械能守恒可得3rl =-G> 4谩小球在B点的动能为E*.,同理有五次二,眨由联立可得冬=5E二口32mg mdR2(2)若小球能沿轨道运动到 C点，小球在C点所受轨道的正压力 N应满足N 0设小球在C点的速度大小为 vC ,根据牛顿运动定律和向心加速度公式有N联立可得 maC mgR根据机械能守恒可得 mgR 1mvC 42根据可知，小球恰好可以沿轨道运动到C点【考点定位】考查了机械能守恒，牛顿运动定律，圆周运动，【方法技巧】 分析清楚小球的运动过程， 把握圆周运动最高点临界速度的求法：重力等于向 心力，同时要熟练运用机械能守恒定律.25.如图，两条相距l的光滑平行金属导轨位于同一水

22、平面(纸面)内，其左端接一阻值为R的电阻；一与导轨垂直的金属棒置于两导轨上；在电阻、导轨和金属棒中间有一面积为S的区域，区域中存在垂直于纸面向里的均匀磁场，磁感应强度打下Bi随时间t的变化关系为4 kt,式中k为常量；在金属棒右侧还有一匀强磁场区域，区域左边界MN (虚线)与导轨垂直，磁场的磁感应强度大小为Bo,方向也垂直于纸面向里。某时刻，金属棒在一外加水平恒力的作用下从静止开始向右运动，在to时刻恰好以速度 vo越过MN,此后向右做匀速运动。金属棒与导轨始终相互垂直并接触良好，它们的电阻均忽略不计。求M 命： 耳曜又(1)在t=0到t=t0时间间隔内，流过电阻的电荷量的绝对值；(2)在时刻

23、t (t>to)穿过回路的总磁通量和金属棒所受外加水平恒力的大小。【答案】(1) |q| 管(2) f Bolvo kS £【解析】试题分析：在金属棒未超过YX之前F t时刻穿过回路的磁通量为=胫谩在从t时刻到一 &的时间间隔内：回路诵通量的变化量为,濡过电阻R的电荷量为上根据法拉第电磁感应有二一”根据欧姆定律可得，=上色R根据电流的定义可得f二上©A/联支因®可得幽| = AM-J?根据可得在t=0到H %的时间间隔内,澹过电阻艮的电荷量q的绝对值为忖|二竿6 当C布时j金属棒已越过ADb由于金属棒在、N右恻做为束运动1W/ = F©式中

24、f是外加水平,叵力,F是匀强磁场旗加的安培力，谩此时回路卬的电）鹿为L T的大小为F = BL® 此时金属棒与16之间的距离为5 =，（- >）匀强遍场穿过回路的磁通蚩为.回路的总磁通量为由=。=0式中。仍如式所示由可得在B寸刻t C r > r?）穿过回脑的总碳通量为包二民技:0 J十於在t到日&的时间间隔内,总磁通量的改变A。为AL =（耳鼠4 0）3 II由法拉第电磁感应定律可得,回路感应电动势的大小为与二也*由欧娉定律有=2-联立©L1 可得=|员M十曲旦Jc.【考点定位】考查了导体切割磁感线运动【方法技巧】根据法拉第电磁感应定律，结合闭合电路欧

25、姆定律， 及电量表达式，从而导出电量的综合表达式，即可求解；根据磁通量的概念，？=BS,结合磁场方向，即可求解穿过回路的总磁通量；根据动生电动势与感生电动势公式，求得线圈中的总感应电动势，再依据闭合电路欧姆定律，及安培力表达式，最后依据平衡条件，即可求解水平恒力大小（二）选考题：共45分。请考生从给出的 3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑。注意所选题目的题号必须与所涂题目的题号一致， 在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。331物理选修3-3（1）关于气体的内能，下列说法正确的是 。（填正确答案标

26、号。选又1个得2分，选对2个得4分，选对3个彳导5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A.质量和温度都相同的气体，内能一定相同B.气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C.气体被压缩时，内能可能不变D. 一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E. 一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加【答案】CDE【解析】试题分析：质量,RS度都相同的气体，虽然分子平均朝前相同n但是可能是不同的气体，则其摩尔质量不 同,即分子个数不同，所以,分子动能不一定相同，A错误；宏观运动手喷观运动谡有惯性3所以宏飒运动 动能大，内部不一定大，5错误。根据三二。可知如果等温压缩，则内能不变，等压膨胀，温

27、度增大，T内能一定噌大，CE正确3理想气体的分子势靛为零，所以理想气体的内肓篝于分子动能，而分子躲湃工总 度有关，D正确；【考点定位】考查了分子热运动【方法技巧】理想气体是一种理想化的物理模型，实际上并不存在；理想气体的内能仅与温度有关，与气体的体积无关；实际气体在温度不太低、压强不太大的情况下可以看做理想气 体(2) 一 U形玻璃管竖直放置， 左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞。初始时，管内汞柱及空气柱长度如图所示。 用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止。 求此时右侧管内气体的压强和活塞向下移动的距离。已知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体

28、泄漏；大气压强po=75.0 cmHg 。环境温度不变。10.1kmp1po (20.020.0 5.00 )cmHg；0.knt【答案】h 9.42cm【解析】 试题分析：设初始时，右管中空气柱的压强为 R ,长度为11 ；左管中空气柱的压强为 p2 p0 ,长度为12。活塞被推下h后，右管中空气柱的压强为p'1,长度为1'1;左管中空气柱的压强为p2,长度为1 '2。以cmHg为压强单位，由题给条件得20.0 5.001 1 (20.0 )cm2根据玻意耳定律 p111p11'1联立解得p 1 144cmHg 根据题意可得 p'1 p'2,

29、1 '2 4.00cm 以人一当"cm h2根据玻意耳定律可得 p212 p'21'2,解得h 9.42cm【考点定位】考查了理想气体状态方程的应用【方法技巧】由题意知两部分封闭气体的温度与环境温度保持相等，气体都作等温变化. 先对左端气体研究，根据玻意耳定律求出活塞下移后的压强.水银面相平时，两部分气体的压强相等，再研究右端气体，求出活塞下移后的长度和气体压强，根据几何关系求解活塞向下移动的距离.341物理选修3-4】（1）由波源S形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播。波源振动的频率为20 Hz,波速为16 m/s。已知介质中P、Q两质点位于波源 S的两侧

30、，且P、Q和S的平衡位置在一条直线上， P、Q的平衡位置到 S的平衡位置之间的距离分别为15.8 m、14.6m, P、Q开始震动后，下列判断正确的是 。（填正确答案标号。选对 1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）A. P、Q两质点运动的方向始终相同B. P、Q两质点运动的方向始终相反C.当S恰好通过平衡位置时，P、Q两点也正好通过平衡位置D.当S恰好通过平衡位置向上运动时，P在波峰E.当S恰好通过平衡位置向下运动时，Q在波峰【答案】BDEt解析】试题分析：根据题意信息可得了 =3=用r,故波长为上二丫7二。8明,找P点关于§点 的对称点尸）

31、根据对称性可知F和？的振动情况完全相同，PQ两点相距占二：界-要 Z二。鼠. 为半波长的整翻倍，所以两点为反相点，故P,Q两点振动方向始终相反，即PQ两点振动方向始终木版,a 错误B正常s P点距离S点，=19：上；当0恰好通过平衡位置向上振那寸，?点在波峰f同理Q点本部?S 点工中”当&慨掘过平衡位置向下振刎 Q后在波峰.DE正确【考点定位】机械波的传播【方法技巧】在根据波的传播方向判断质点振动方向或者根据质点振动方向判断波传播方向时，走坡法是一种重要的方法，即下坡路上，上坡路下，简谐横波在传播过程中波上的各个质点只在平衡位置附近上下振动，不会随波迁移，当两个质点相隔波长的整数倍时，

32、则这两个点为同相点，即振动步调相同，如果两个质点相隔半波长的奇数倍时，两个点为反相点，即振动步调相反(2)如图，玻璃球冠的折射率为 J3,其底面镀银，底面的半径是球半径的吏倍;在过2球心O且垂直于底面的平面(纸面)内，有一与底面垂直的光线射到玻璃球冠上的M点，该光线的延长线恰好过底面边缘上的A点。求该光线从球面射出的方向相对于其初始入射方向的偏角。£ BX【答案】180oENO 150°解析】试题分析：折球半彳空为比 球冠底面中心为连接则。0'_L儿Sj令= a%O'A-贝U。与ol ,即e=30 0A R根据题注1AJ_A3所以/OAXkM二设图中M点为光

33、在球冠内底面上的反射点,所考虑的光站的光路图如图所示，设光号在M点的入射角为 b折射角为门在'点的入射角为2、反射角为I”，玻需折身捶为匚，由于占为等边三角形，有 卜斯根据折射定律可得sinf =r&国二O N其代入n *3可得r=30。作底面在N点的法线 NE,由于NE/AM,有i'=30°根据反射定律可得i ”=30。连接ON,由几何关系可知 NAM NOM ,故有 MNO 60故可得 ENO 30于是/ENO为反射角，ON为反射光线，这一反射光线经球面再次折射后不改变方向，所以，经一次反射后射出玻璃球的光线相对于入射光线的偏角3为180°ENO 150°【考点定位】光的折射【方法技巧】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折