云南省德宏州潞西市芒市一中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷

1、云南省德宏州潞西市芒市一中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷一、选择题（1-8题为单项选择题，每题4分，9-12题多项选择题，每题5分，共52分）1（4分）关于电磁感应，下列说法正确的是（）A导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B导体做切割磁感线运动，导体内一定产生感应电流C闭合电路在磁场中做切割磁感线运动，电路中一定产生感应电流D穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定产生感应电流2（4分）下面关于交变电流的说法中正确的是（）A交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的最大值B利用欧姆定律计算时，公式中的电流、电压值是指交变电流的最大值C给定的交变电流数值，在没有特别说明的情

2、况下都是指瞬时值D交流电表上显示的电流数值是该交变电流的有效值3（4分）有些洗衣机设有多段式水位自动感应装置，该装置采用的传感器是（）A温度传感器B压力传感器C生物传感器D红外线传感器4（4分）弹簧振子在光滑水平面上做简谐运动，在振子向平衡位置运动的过程中（）A振子所受的回复力逐渐增大B振子的位移逐渐增大C振子的速度逐渐减小D振子的加速度逐渐减小5（4分）关于法拉第电磁感应定律，下列说法正确的是（）A感应电动势与穿过闭合电路的磁通量成正比B感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化量成正比C感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化率成正比D感应电动势与闭合电路所围面积成正比6（4分）一理想变压器原、

3、副线圈匝数比n1：n2=11：5原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如图所示副线圈仅接入一个10的电阻则（）A流过电阻的电流是20 AB与电阻并联的电压表的示数是100VC经过1分钟电阻发出的热量是6×103JD变压器的输入功率是1×103W7（4分）如图所示为一弹簧振子，O为平衡位置，在A、A间做简谐运动，下列说法正确的是（）A振子在通过O点时，加速度方向发生改变B振子在A、A两点动能和加速度都为0C振子离开平衡位置向A运动，其动能减少，弹簧弹性势能也减少D回复力的方向总是跟物体的位移方向相同8（4分）在如图所示的电路中，两个相同的电流表，零刻点在刻度盘的中央当电流从“+

4、”接线柱流入时，指针向右摆；当电流从“”接线柱流入时，指针向左摆在电路接通且稳定时再断开开关的瞬间，下列说法正确的是（）AG1指针向右摆，G2指针向左摆BG1指针向左摆，G2指针向右摆C两指针都向右摆D两指针都向左摆9（5分）将阻值为5的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示下列说法正确的是（）A电路中交变电流的频率为25 HzB通过电阻的电流为AC电阻消耗的电功率为2.5 WD用交流电压表测得电阻两端的电压是5 V10（5分）如图所示，平行导体滑轨MM、NN水平放置，固定在匀强磁场中磁场的方向与水平面垂直向下滑线AB、CD横放其上静止，形成一个闭合电路当AB向右滑动

5、时，电路中感应电流的方向及滑线CD受到的磁场力的方向分别为（）A感应电流方向沿ABCDAB感应电流方向沿ADCBAC受力方向水平向右D受力方向水平向左11（5分）一弹簧振子在一条直线上做简谐运动，第一次先后经过M、N两点时速度v（v0）相同，那么，下列说法正确的是（）A振子在M、N两点受回复力大小相同B振子在M、N两点对平衡位置的位移相同C振子在M、N两点加速度大小相等D从M点到N点，振子先做匀加速运动，后做匀减速运动12（5分）两根相距为L的足够长的金属弯角光滑导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边与水平面的夹角为37°，质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形

6、成闭合回路，导轨的电阻不计，回路总电阻为2R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v沿导轨匀速运动时，cd杆恰好处于静止状态，重力加速度为g，以下说法正确的是（）Aab杆所受拉力F的大小为mg tan37°B回路中电流为C回路中电流的总功率为mgv sin37°Dm与v大小的关系为m=二、填空题（13题每空1分，14、15每空2分，共18分）13（6分）如图所示，把一个线框从一匀强磁场中匀速拉出（线框原来全在磁场中）第一次拉出的速率是V，第二次拉出速率是2V，其它条件不变，则前后两次拉力大小之比是，拉力功率之

7、比是，拉力做功的绝对值之比，是安培力做功的绝对值之比是，线框产生的热量之比是，通过导线某一横截面的电量之比是14（6分）如图甲为某同学研究自感现象的实验电路图，用电流传感器显示器各时刻通过线圈L的电流电路中电灯的电阻R1=6.0，定值电阻R=2.0，AB间电压U=6.0V开关S原来闭合，电路处于稳定状态，在t1=1.0×103 s时刻断开关S，此时刻前后电流传感器显示的电流随时间变化的图线如图乙所示则线圈L的直流电阻RL=；断开开关后通过电灯的电流方（填“向左”或“向右”）；在t2=1.6×103 s时刻线圈L中的感应电动势的大小为15（6分）某简谐运动的位移与时间关系表示

8、为：x=0.1sin（100t+） cm，由此可知该振动的振幅是cm，频率是Hz，零时刻振动物体的初相位为三、计算题（16题8分，17题10分，18题12分，共30分）16（8分）在0.4T的匀强磁场中，长度为25cm的导线以6m/s的速率做切割磁感线的运动，运动方向跟导线本身垂直，并且还跟磁感线垂直，电路中导线的总电阻为0.6求：（1）感应电动势；（2）感应电流17（10分）如图，是一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为2：1，原线圈接电压为U=20V的交流电源，输出端接有一只电阻为R=4的灯泡L和风扇电动机D，电动机线圈电阻为r=1接通电源后，电风扇正常运转，测出通过

9、风扇电动机的电流为I=2A，求：（1）风扇电动机D输出的机械功率；（2）若电风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为多大18（12分）在小车上竖直固定着一个高h=0.05m、总电阻R=10、n=100匝的闭合矩形线圈，且小车与线圈的水平长度l相同现线圈和小车一起在光滑的水平面上运动，速度为v1=1.0m/s，随后穿过与线圈平面垂直，磁感应强度B=1.0T的水平有界匀强磁场，方向垂直纸面向里，如图甲所示已知小车运动（包括线圈）的速度v随车的位移x变化的vx图象如图乙所示求：（1）小车的水平长度l和磁场的宽度d；（2）小车的位移x=10cm时线圈中的电流大小I；（3）小车的位移x=35cm时线

10、圈所受的安培力大小及方向如何？云南省德宏州潞西市芒市一中2014-2015学年高二下学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-8题为单项选择题，每题4分，9-12题多项选择题，每题5分，共52分）1（4分）关于电磁感应，下列说法正确的是（）A导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B导体做切割磁感线运动，导体内一定产生感应电流C闭合电路在磁场中做切割磁感线运动，电路中一定产生感应电流D穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定产生感应电流考点：感应电流的产生条件 分析：解答本题应掌握：电磁感应产生的条件及电磁感应的应用解答：解：A、导体相对磁场，平行于磁场运动，导体内一定没有产生感应电流

11、，故A错误；B、只有闭合电路中的部分导体在磁场中切割磁感线运动时才能产生感应电流，故B错误；C、只有闭合电路中的部分导体在磁场中切割磁感线运动时才能产生感应电流，故C错误；D、穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定产生感应电流故D正确；故选：D点评：电磁感应现象为中学物理中的重点内容，应理解其原理及应用要明确只有闭合电路中的部分导体在磁场中切割磁感线运动时才能产生感应电流2（4分）下面关于交变电流的说法中正确的是（）A交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的最大值B利用欧姆定律计算时，公式中的电流、电压值是指交变电流的最大值C给定的交变电流数值，在没有特别说明的情况下都是指瞬时值D交流电

12、表上显示的电流数值是该交变电流的有效值考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式 专题：交流电专题分析：本题考查了有关交流电的基础知识，正确理解交流电瞬时值、最大值、平均值、有效值的含义，设备上数值，电表读数，公式中的值均是有效值解答：解：A、交流电器设备上所标的电压和电流值是交变电流的有效值（电容除外），故A错误；B、利用欧姆定律计算时，公式中的电流、电压值是指交变电流的有效值，故B错误；C、给定的交变电流数值，在没有特别说明的情况下都是有效值，故C错误；D、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值，故D正确故选：D点评：正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这

13、方面的练习3（4分）有些洗衣机设有多段式水位自动感应装置，该装置采用的传感器是（）A温度传感器B压力传感器C生物传感器D红外线传感器考点：常见传感器的工作原理 分析：本题考查的知识点是传感器，但是不同的传感器有不同的具体应用，要具体问题具体分析解答：解：洗衣机设有多段式水位自动感应装置，是通过不同的压力转换成电学量，运用的压力传感器，故B正确，ACD错误；故选B点评：常用传感器的工作原理、特性及在实践中的应用要在平时学习中不断积累4（4分）弹簧振子在光滑水平面上做简谐运动，在振子向平衡位置运动的过程中（）A振子所受的回复力逐渐增大B振子的位移逐渐增大C振子的速度逐渐减小D振子的加速度逐渐减小考

14、点：简谐运动的振幅、周期和频率 专题：简谐运动专题分析：根据振子是远离平衡位置还是靠近平衡位置来分析：回复力、位移、速度和加速度的变化解答：解：A、回复力与位移成正比，在振子向着平衡位置运动的过程中回复力减小，A错误；B、振子的位移指由平衡位置指向振动物体所在位置的有向线段，因而向平衡位置运动时位移逐渐减小，B错误；C、物体向着平衡位置运动时，回复力与速度方向一致，故物体的速度逐渐增大C错误D、由牛顿第二定律a=可知，加速度也减小，D正确；故选：D点评：本题考查根据振动特点分析物体振动过程的能力在振动过程中，这三个量大小变化情况是一致的：回复力、加速度和位移5（4分）关于法拉第电磁感应定律，下

15、列说法正确的是（）A感应电动势与穿过闭合电路的磁通量成正比B感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化量成正比C感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化率成正比D感应电动势与闭合电路所围面积成正比考点：法拉第电磁感应定律 分析：对法拉第电磁感应定律的理解E=n，注意区分磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率解答：解：根据法拉第电磁感应定律E=n，得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比A、磁通量越大，是大，但及，则不一定大，故A错误；B、磁通量变化越大，则不知磁通量的变化时间，故 不一定越大，故B错误；C、磁通量变化的快慢用，表示，磁通量变化得快，则 比值就大，根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势

16、就越大，故C正确；D、感应电动势与闭合电路所围面积无关，故D错误故选：C点评：磁通量=BS，磁通量的变化=21，磁通量的变化率是磁通量的变化和所用时间的比值，法拉第电磁感应定律告诉我们感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比正确理解磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率是解决本题的关键6（4分）一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u如图所示副线圈仅接入一个10的电阻则（）A流过电阻的电流是20 AB与电阻并联的电压表的示数是100VC经过1分钟电阻发出的热量是6×103JD变压器的输入功率是1×103W考点：变压器的构造和原理 专题

17、：交流电专题分析：根据图象可以求得输出电压的有效值，再根据电压与匝数成正比，结合欧姆定律与焦耳定律的知识，即可求得结论解答：解：A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为U1=220V，因原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，根据电压与匝数成正比，则副线圈的电压有效值为U2=100V，所以流过电阻的电流I2=A=10A，由于电流与匝数成反比，因此原线圈电流表的示数是I1=A，故A错误；B、根据电压与匝数成正比可知，因原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，则副线圈的电压有效值为100V，所以与电阻并联的电压表的示数是100V，故B错误；C、由Q=t=×60J=6

18、0000J，所以经过1分钟，即60s电阻发出的热量是6×104 J，故C错误；D、副线圈的电阻为10，所以输出功率P=W=1000W，因输入功率等于输出功率，故D正确故选：D点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题，注意电表读数是交流电的有效值7（4分）如图所示为一弹簧振子，O为平衡位置，在A、A间做简谐运动，下列说法正确的是（）A振子在通过O点时，加速度方向发生改变B振子在A、A两点动能和加速度都为0C振子离开平衡位置向A运动，其动能减少，弹簧弹性势能也减少D回复力的方向总是跟物体的位移方向相同考点：简谐运动的振动图象 分析：做简谐运动的弹

19、簧振子，通过平衡位置时，速度最大，加速度最小；振子向平衡位置运动时，振子的位移方向相反，回复力 的方向与加速度的方向都反向；在最大位移处时，速度最小，加速度的大小最大振子位移是指振子离开平衡位置的位移，从平衡位置指向振子所在的位置解答：解：A、当振子向平衡位置运动时，振子的位移方向相反，振子的加速度：，可知振子在通过O点时，加速度方向发生改变故A正确B、振子在A、A两点到达最大位置，速度为0，所以动能为0，而加速度不为0，故B错误；C、振子离开平衡位置向A运动，其动能减少，减少的动能转化为弹簧的弹性势能，所以弹簧弹性势能增大故C错误；D、振子位移是指振子离开平衡位置的位移，从平衡位置指向振子所

20、在的位置，而回复力的方向总是指向平衡位置，所以二者的方向总是相反故D错误故选：A点评：本题考查对简谐运动物理量及其变化的理解程度，可通过过程分析理解掌握简谐运动中速度与加速度的大小变化情况是相反8（4分）在如图所示的电路中，两个相同的电流表，零刻点在刻度盘的中央当电流从“+”接线柱流入时，指针向右摆；当电流从“”接线柱流入时，指针向左摆在电路接通且稳定时再断开开关的瞬间，下列说法正确的是（）AG1指针向右摆，G2指针向左摆BG1指针向左摆，G2指针向右摆C两指针都向右摆D两指针都向左摆考点：自感现象和自感系数 分析：电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会

21、阻碍其减小解答：解：电路稳定后断开，通过电阻这一支路的电流立即消失，由于电感器对电流的变化有阻碍作用，会阻碍其减小，通过电感器的电流，且流过电阻所以含有电感器的支路的电流从“+”接线柱流入，G1指针向右摆含有电阻的支路电流从“”接线柱流入，G2指针向左摆故A正确，B、C、D错误故选：A点评：解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小9（5分）将阻值为5的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示下列说法正确的是（）A电路中交变电流的频率为25 HzB通过电阻的电流为AC电阻消耗的电功率为2.5 WD用交流电压

22、表测得电阻两端的电压是5 V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：通过电源电动势随时间变化的规律图象可以求出该交流电的周期、频率以及有效值等，注意计算功率、流过电阻的电流、以及电压表的示数均为有效值解答：解：A、由图可知：f=Hz=25Hz，故A正确；B、根据欧姆定律，I=，故B错误；C、根据功率，P=2.5W，故C正确D、该电源电动势的有效值为U=，电压表的示数为有效值，故D错误；故选：AC点评：注意交流电有效值的求法，以及有效值的应用求电功率、电表示数等均指有效值10（5分）如图所示，平行导体滑轨MM、NN水平放置，固定在匀强磁场中磁场的方向与水平面垂直向下滑

23、线AB、CD横放其上静止，形成一个闭合电路当AB向右滑动时，电路中感应电流的方向及滑线CD受到的磁场力的方向分别为（）A感应电流方向沿ABCDAB感应电流方向沿ADCBAC受力方向水平向右D受力方向水平向左考点：导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则 分析：AB向右移动，则由右手定则可知电流方向，则可知CD中电流的方向，由左手定则可求得CD的运动方向解答：解：A、B、由右手安培定则可知，当AB向右运动时电流由B到A，故电流方向沿ADCBA；故A错误，B正确；C、D、由于CD中的电流的方向向下，再由左手定则可得CD受力向右故C正确，D错误故选：BC点评：AB运动时产生电流的经过CD，从而使CD受

24、磁场力而产生运动，即先由电磁感应产生电流，电流再在磁场中受到安培力而产生了运动要抓住其中的因果关系11（5分）一弹簧振子在一条直线上做简谐运动，第一次先后经过M、N两点时速度v（v0）相同，那么，下列说法正确的是（）A振子在M、N两点受回复力大小相同B振子在M、N两点对平衡位置的位移相同C振子在M、N两点加速度大小相等D从M点到N点，振子先做匀加速运动，后做匀减速运动考点：简谐运动的回复力和能量 专题：简谐运动专题分析：弹簧振子做简谐运动，先后经过M、N两点时速度v（v0）相同，M、N两点关于平衡位置对称，根据位移关系分析回复力和加速度的关系振子做的是变加速运动解答：解：A、B、弹簧振子做简谐

25、运动，先后经过M、N两点时速度v（v0）相同，根据对称性可知M、N两点关于平衡位置对称，两点相对于平衡位置的位移大小相等、方向相反，根据F=kx可知，回复力大小相等、方向相反，故A正确，B错误；C、M、N两点相对于平衡位置的位移大小相等，根据a=分析可知加速度大小相等，故C正确；D、从M点到N点，回复力先减小后增大，振子的加速度先减小后增大，所以振子先做变加速运动，后做变减速运动，故D错误故选：AC点评：解决本题关键要抓住简谐运动的对称性，掌握简谐运动的特征：F=kx和a=，来分析回复力和加速度的关系12（5分）两根相距为L的足够长的金属弯角光滑导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另

26、一边与水平面的夹角为37°，质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，导轨的电阻不计，回路总电阻为2R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下以速度v沿导轨匀速运动时，cd杆恰好处于静止状态，重力加速度为g，以下说法正确的是（）Aab杆所受拉力F的大小为mg tan37°B回路中电流为C回路中电流的总功率为mgv sin37°Dm与v大小的关系为m=考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应中的力学问题分析：ab杆和cd杆均处于平衡状态，运用

27、平衡条件分别对两杆研究，即可求得F的大小；对于cd杆分析，由平衡条件求解感应电流；回路中电流的总功率等于拉力的功率，由公式P=Fv求出根据安培力与速度的关系，推导出m与v的关系解答：解：A、对于cd杆，分析受力如图，根据平衡条件得：F安=mgtan37°；对ab杆，由于感应电流的大小、导线的长度相等，两杆所受的安培力大小相等，由平衡条件得知，F=F安，则得：F=mg tan37°故A正确B、cd杆所受的安培力F安=BIL，又F安=mgtan37°，则得电流为 I=，故B错误C、回路中电流的总功率等于拉力的功率，为P=Fv=mgvtan37°，故C错误D、

28、根据E=BLv，I=，F安=BIL得，F安=，结合F安=mgtan37°，得：m=故D正确故选：AD点评：本题要熟练运用法拉第电磁感应定律、平衡方程等规律，强调受力分析的正确性，同时突出克服安培力所做的功等于产生的焦耳热二、填空题（13题每空1分，14、15每空2分，共18分）13（6分）如图所示，把一个线框从一匀强磁场中匀速拉出（线框原来全在磁场中）第一次拉出的速率是V，第二次拉出速率是2V，其它条件不变，则前后两次拉力大小之比是1：2，拉力功率之比是1：4，拉力做功的绝对值之比1：2，是安培力做功的绝对值之比是1：2，线框产生的热量之比是1：2，通过导线某一横截面的电量之比是1：

29、1考点：导体切割磁感线时的感应电动势 专题：电磁感应功能问题分析：推导出安培力与速度的关系式，得到拉力与速度的关系式、拉力功率的表达式、拉力做功表达式，即可求解两次拉力大小之比、拉力功率之比、拉力做功的绝对值之比匀速运动时，安培力做功大小等于拉力做功的大小线圈产生的热量等于克服安培力做功通过导线横截面的电量由q=求解解答：解：由安培力公式FA=可知，FAv，则得安培力之比为1：2；由于线框匀速运动，拉力与安培力大小，则前后两次拉力大小之比为1：2；由W=Fs，s相等，则拉力做功之比和安培力做功均为1：2，所用时间之比为2：1，则由功率公式P=可得，拉力功率之比为1：4线框匀速运动时，拉力做的功

30、全部转化为焦耳热，焦耳热之比为1：2，由q=It=，因磁通量的变化量相等，所以通过导线某一横截面的电量相等，则电量之比是1：1故答案为：1：2，1：4，1：2，1：2，1：2，1：1点评：本题是电磁感应与力学知识的综合问题，关键掌握安培力的表达式FA=和感应电荷量表达式q=，要熟练进行推导，在理解的基础上记住这两个结论，有利于提高解本题的速度14（6分）如图甲为某同学研究自感现象的实验电路图，用电流传感器显示器各时刻通过线圈L的电流电路中电灯的电阻R1=6.0，定值电阻R=2.0，AB间电压U=6.0V开关S原来闭合，电路处于稳定状态，在t1=1.0×103 s时刻断开关S，此时刻前

31、后电流传感器显示的电流随时间变化的图线如图乙所示则线圈L的直流电阻RL=2；断开开关后通过电灯的电流方向左（填“向左”或“向右”）；在t2=1.6×103 s时刻线圈L中的感应电动势的大小为2V考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：由图读出开始时流过电感线圈L的电流，根据欧姆定律求电阻，再由闭合电路欧姆定律求电动势解答：解：（1）由图读出，开始时流过电感线圈L的电流I0=1.5A 由欧姆定律 I0=解得：RL=R=2（2）L1中电流方向向左；（3）由图读出，t=1.6×103 s时刻线圈L的电流I=0.20A； 线圈L此时是一个电源，由全电路欧姆定律E=I（RL+R+R

32、1）；E=2.0V故答案为：2；向左；2V点评：本题结合欧姆定律考查了自感线圈对电流发生突变时的阻碍作用15（6分）某简谐运动的位移与时间关系表示为：x=0.1sin（100t+） cm，由此可知该振动的振幅是0.1cm，频率是50Hz，零时刻振动物体的初相位为考点：简谐运动的振幅、周期和频率 分析：简谐运动的表达式为x=Asin（t+），A为振幅，为圆频率根据=2f，可求出频率解答：解：据题简谐运动的位移与时间关系为：x=0.1sin（100t+）cm；根据简谐运动的表达式为x=Asin（t+），知：振幅为：A=0.1cm；圆频率为：=100rad/s，则由=2f得：频率f=Hz=50Hz，

33、初相位为故答案为：0.1，50，点评：解决本题的关键掌握简谐运动的表达式为x=Asin（t+），知道A为振幅，为圆频率能根据=2f，可求出频率三、计算题（16题8分，17题10分，18题12分，共30分）16（8分）在0.4T的匀强磁场中，长度为25cm的导线以6m/s的速率做切割磁感线的运动，运动方向跟导线本身垂直，并且还跟磁感线垂直，电路中导线的总电阻为0.6求：（1）感应电动势；（2）感应电流考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据切割产生的感应电动势公式E=BLv求出感应电动势的大小，再由闭合电路欧姆定律，即可求解感应电流解答：解：（1

34、）由已知：B=0.4T，L=25cm=0.25m；V=6m/s；代入E=BLV； 得：E=0.4×0.25×6=0.6V （2）由已知代入：I=A=1A 答：（1）感应电动势0.6V；（2）感应电流1A点评：本题考查切割产生的感应电动势公式的基本运用，注意vB，E=0，若vB，E=BLv的理解17（10分）如图，是一个小型电风扇电路简图，其中理想变压器的原、副线圈的匝数比为2：1，原线圈接电压为U=20V的交流电源，输出端接有一只电阻为R=4的灯泡L和风扇电动机D，电动机线圈电阻为r=1接通电源后，电风扇正常运转，测出通过风扇电动机的电流为I=2A，求：（1）风扇电动机D输出的机械功率；（2）若电风扇由于机械故障被卡住，则通过原线圈的电流为多大考点：变压器的构造和原理；电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：电压比等于匝数之比，电动机为非纯电阻器件，风扇消耗的功率为内阻消耗+输出的机械功率，被卡住后相当于纯电阻解答：解：（1）根据得：副线圈电压为：，则风扇的输出功率为：P=（2）若