精选3套试卷2020学年四川省宜宾市高二物理下学期期末综合测试试题

1、2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1. 太阳系中某行星A运行的轨道半径为R,周期为T,但科学家在观测中发现，其实际运行的轨道与圆轨 道存在一些偏离，且每隔时间t发生一次最大的偏离.天文学家认为形成这种现象的原因可能是A外侧还 存在着一颗未知星B,它对A的万有引力引起A行星轨道的偏离，假设其运行轨道与A在同一平面内，且 与A的绕行方向相同，由此可推测未知行星B绕太阳运行的圆轨道半径为2. 如图所示。在垂直于纸面向里的范围足够大的匀强磁场中，有个矩形闭合线框abed,线框平面与磁场垂宜，在下列情况中，线框中能产生感应电流的是（）XXXXXXX×X

2、XXXXxXA. 线框沿纸面向右运动B. 线框垂直纸面向里运动C. 线框绕过d点垂直于纸面的轴顺时针转动D. 线框绕ab边转动3. 如图甲所示，弹簧振子以点O为平衡位置，在A. B两点之间做简谐运动。取向右为正方向，振子的位移X随时间t的变化如图乙所示，下列说法正确的是乙A. t = 0.2s时，振子在O点左侧IOCm处B. t0.1s和t = 0.3s时，振子的速度相同C. t = 0.5s和t = 0.7s时，振子的加速度相同D. 从t=0.2s到t=0.4s,系统的势能逐渐增加4. 如图所示，ad. bd、Cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，每根上套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别

3、从a> b. C处释放（初速为0）,用t1、t“ t3依次表示各滑环到达d所用的时间，则（）A. t1< t2< tsB. t3>t1> tzC. t1> t2> qD t, = ±2 =5. 如图所示，N匝矩形导线框以角速度Q绕对称轴00'匀速转动，线框面积为S,线框电阻、电感均不计，在OO'左侧有磁感应强度为B的匀强磁场，外电路接有电阻R,理想电流表A,贝!I：()A. 从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为e = NBcoSsinajtB. 交流电流表的示数I=旦NBSco4RC. R两端电压的有效值U=NBS2D. 一个

4、周期内R的发热量Q= E UL6. 下列关于分子运动和热现象的说法正确的是()A. 一定量100°C的水变成IO(TC的水蒸汽，其内能不变B. 一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热C. 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在斥力的缘故D. 一定质量的气体温度升高，单位时间内撞击容器壁单位面积上的分子数一定增多7. 下列说法中正确的是A. 悬浮在液体中的微粒某一瞬间接触到的液体分子越多，受到撞击的平衡性就表现地越明显，布朗运动就越剧烈B. 用油膜法估测分子的大小实验中U中的V是指油滴溶液的体积D= 7C. 露珠总是出现在夜间和清晨是由于气

5、温降低使空气中的水蒸气达到饱和后液化造成的D. 热平衡是指一个系统内部的状态不再改变时所处的状态8. 物理学中选定七个物理量的单位作为基本单位，根据物理公式中其他物理量和这几个物理量的关系， 推导处其他物理量的单位，这些推导出来的单位叫做导出单位，基本单位和导出单位一起组成了单位制， 则下列单位不相同的是()A. N 和 kgns2B. Pa 和 kgs'mC J 和 kgm2s2D V 和 m2kgs , A1二、多项选择题：本题共4小题9. 如图所示，一个弹簧振子在A、B两点之间做简谐运动，其中O为平衡位置，某时刻物体正经过C点 向上运动，速度大小为已知OC=a,物体的质量为振动周

6、期为T,则从此时刻开始的半个周期内A.重力做功2mgaB重力冲量为一2C. 回复力做功为零D. 回复力的冲量为010. 如图所示的电场中有A、B两点，下列判定正确的是：()B. 电势 A>> 场强 EAVEBC. 将电荷量为q的正电荷从A点移动B点，电场力做正功，电势能减小D. 将电荷量为q的负电荷分别放在A. B两点，电荷具有电势能£处>£川11. 随着物流行业快速发展，快递分拣机器人、快递无人机等高科技产品将得到广泛应用；在某次试验飞 行过程中，快递无人机从地面由静止开始.以加速度a匀加速竖直起飞，经过时间t突然失去动力，又经 过时间t无人机落回地面，

7、已知重力加速度为幻不计空气阻力作用，则在这一过程中A. 匀加速起飞时加速度大小为a=gB. 失去动力时无人机速度大小为gt7C. 无人机上升的最大高度为-22D无人机落回地面时的速度大小为12. 下列说法正确的是A. 放射性元素的半衰期与元素所处环境的温度有关B. J队Y三种射线中，Y射线的穿透能力最强C. 卢瑟福通过实验发现质子，其核反应方程为：HD. 质子、中子、粒子的质量分别为mi、m2、m3,两个质子和两个中子结合成一个(X粒子所释放的核能 E (m÷m2-m3) C2三、实验题:共2小题13. 某同学用插针法测量平行玻璃砖折射率的实验图景如图所示.他按正确的方法插了大头针&

8、amp;、b、C、d.则下列说法中正确的是()A. 实验中，入射角应适当大些B. 该同学在插大头针d时，使Cl挡住&、b的像和CC. 若入射角太大，光会在玻璃砖内表面发生全反射D. 该实验方法只能测量平行玻璃砖的折射率14. 如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动 量关系(1) 实验中直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但可以通过仅测(填选项前的符号)间接地解决这个问题.A. 小球开始释放高度hB. 小球抛出点距地面的高度HC. 小球做平抛运动的射程(2) 图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影.实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位

9、置静止释放，找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP.然后，把被碰小球m3静置于轨道的水平部分，再将入射球h从斜轨上S位置静止释放，与小球ID3相碰，并多次重复.接下来要完成的必要步骤.(填选项前的符号)2VP = ：f 7x7/zzzz, / HO MPNA. 用天平测量两个小球的质量皿、JnaB. 测量小球m,开始释放髙度hC. 测量抛出点距地面的高度HD. 分别找到m,、ma相碰后平均落地点的位置M、NE. 测量平抛射程OM、ON四、解答题：本題共4题15.如图所示，平行金属板PQ、MN水平地固定在地面上方的空间，金属板长l=20cm,两板间距d=10cm, 两板间的电压UMP=IOO

10、V,在距金属板M端左下方某位置有一粒子源A,从粒子源斜向右上连续发射速度 相同的带电粒子，发射速度相同的带电粒子，射出的带电粒子在空间通过一垂直于纸面向里的磁感应强度B=0.20T的圆形区域匀强磁场(图中未画出)后，恰好从金属板PQ左端的下边缘水平进入两金属板间， 带电粒子在电场力作用下恰好从金属板MN的右边缘飞出已知带电粒子的比荷-. = 2.0×106C,粒In子重力不计，(计算结果可用根号表示)求：j Af ! VA(1) 带电粒子射入电场时的速度大小V；(2) 圆形匀强磁场区域的最小半径r；16. 质童为m=0.5炬、长L=I m的平板车B静止在光滑水平面上，某时刻质量M=I

11、 kg的物体A (视为质点) 以v0=4 m/s向右的初速度滑上平板车B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力.已 知A与B之间的动摩擦因数=0.1,重力加速度g取10ms1.试求：人=% BC=Z=DFO(1)如果要使A不至于从B上滑落，拉力F大小应满足的条件；(1)若F=5N,物体A在平板车上运动时相对平板车滑行的最大距离.17. 一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为R的半圆，AB为半圆的直径，O为圆心，如图所示.玻璃的折射率为=,光在真空中的传播速度为G 一束平行光垂直射向玻璃砖的下表面，若光线到达上表面后，都能从该表面射出，则入射光束在AB上 的最大宽度为多少？ 第一问

12、中最边界的入射光束在射出玻璃砖时经历的时间.18. 如图所示，图甲为某一列波的波形图，图乙为参与该波动的P质点的振动图象.求该波的波速V为多参考答秦一. 单项选择题：本题共8小题1. A【解析】【分析】【详解】由题意可知：A、B相距最近时，B对A的影响最大，且每隔时间t发生一次最大的偏离，说明A、B相距最近，设B行星的周期为Ts未知行星B绕太阳运行的圆轨道半径为RcH则有据开普勒第三定律由以上两式联立可得【解析】2. D【解析】【分析】【详解】A. 由于磁场为匀强磁场，线框沿纸面向右运动时，其磁通量不变，因此不会产生感应电流，故A错涙；B. 由于磁场为匀强磁场，线圈垂直于纸面向里运动时，其磁通

13、量不变，因此不会产生感应电流，故B错 误；C. 线框绕过d点与纸面垂直的轴沿纸面顺时针转时，磁通量为=BS,保持不变，不会产生感应电流，故C错误；D. 当线框绕ab边转动时，磁通量将发生变化，如转过90。时磁通量为零，因此有感应电流产生，故D正 确；故选D。3. D【解析】根据图像可知，t = 0.2s时，振子在O点右侧任i近二二=6芒二二处，选项A错误；因x-t图像的 斜率等于速度，则t = 0.1s和t = 0.3s时，振子的速度方向相同，大小不同，选项B错谋；t = 0.5s和t = 0.7s 时，振子离开平衡位置的位移不同，则回复力不同，振子的加速度不相同，选项C错误；从t=0.2s到

14、t=0.4s, 弹簧长度壊加，形变量増加，则系统的势能逐渐増加，选项D正确；故选D.点睛；此题关键是能把振子的实际振动与图像结合起来；知道t图像的斜率等于速度；知道简谐振动的 特点F=-kx;振子的加速度与位移是正比反向关系.4. D【解析】【详解】I 2X2PCC5S ffCCS&J与8无关，BPtI =S=切对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做 初速为零的匀加速直线运动，加速度a= gsin-） = 9cos （8为杆与竖直方向的夹角），由图中的 直角三角形可知，小滑环的位移S = 2R叽所以 =Jf = 故选项D正确，A.

15、B. C错课。5. B【详解】A.、由图可知线圈只有一半在磁场中，产生的电动势的最大值为：Em=NB* =竺当,从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为：e = -NBSsinti故选项A错诧2B.交流电流表的示数为E血 _近NBSeD2故选项B正确;C、R两端电压的有效值：gR*NBS4故选项C错误;D、一个周期内的发热量：Q = Frt =（匹 WQ）2 R込/）WI ,故选项D错误.4R 4R6. B【解析】【详解】A、一定量100。C的水变成IOoOC的水蒸汽时，吸收热量，内能增加，由于分子平均动能不变，因此分子势 能增加，故A错谋；B、根据理想气体的状态方程可知对于一定量的气体，如果压强

16、不变，体积增大，温度一定升高，气体内能由温度决定，因此内能一定増加，那么它一定从外界吸热，故B正确；C、气体分子之间的距离很大分子力近似为零，气体如果失去了容器的约束就会散开，是由于分子杂乱无 章运动的结果，故C错误；D、根据理想气体的状态方程可知对于一定量的气体，气体温度升高，若体积增大则压强可能增大、可能 减小，也可能不变，所以，单位时间内撞击容器壁单位面积上的分子数不一定增多，故D错误.故选B.【点睛】一定量IOOoC的水变成IOOOC的水蒸汽时，吸收热量；结合气态方程与热力学第一定律判断气体内能变化;气体如果失去了容器的约束就会散开，是由于分子做杂乱无章热运动7. C【解析】根据布朗运

17、动的特点可知，悬浮在液体中的布朗粒子某一瞬间接触到的液体分子越多，受到撞击的不平衡性就表现越不明显，布朗运动就越不剧烈，故A错误；用油膜法估测分子的大小实验中IZ中的V是指D=7油滴溶液中含纯油酸的体积，选项B错误；露珠总是出现在夜间和清晨是由于气温降低使空气中的水蒸气 达到饱和后液化造成的，选项C正确；热平衡是指温度相同时的状态；故D错误；故选C.8. DA> N是力的单位，根据F = Ina可知，N和kg ns2相同，故A相同；B、Pa是压强的单位，F的单位为kgms2,根据P =-可知，Pa和kgs2m相同，故B相同;SC、J是能量的单位，F的单位为kg ns2,根据W = FL可

18、知，J和kg m2s2相同，故C相同；WDS V是电压的单位，F的单位为kg ns2,根据U = -AV = FL可知，V和m-kg Jc1相同，故D q不相同；故不相同的是选D.【点睛】考査对单位制的掌握情况.单位制是由基本单位的导出单位组成的.根据单位只能判断出等式是相同的，或不相同.二、多项选择题：本题共4小题9. ABC【解析】A、经过半个周期后，到达平衡位置下方a处，物体的位移向下，为2a,故重力做功为2mga,故A正确;B、时间为冷T ,故重力的冲量为t = ItJ8'=，故B正确；C、合力充当回复力，根据动能定理，合力做功等于动能的增加量，为零，故回复力做功为零，故C正确

19、;D、根据动量定理，合力冲量等于动量的变化，由于动量的变化为2叫，故合力的冲量为2叫，合力充 当回复力，故D错误；故选ABC.【点睛】简谐运动具有对称性，经过半个周期后，到达平衡位置下方a处，然后根据功的定义、动量定理列式求解.10. BC【解析】【详解】AB、电场线疏密表示电场的强弱，故场强EA < EIi ,沿着电场线的方向电势降低，可知>lit故B正 确，A错误;C、将电荷量为q的正电荷放在电场中，受力的方向是从A指向B,故从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少，故C正确；D、将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，根据EP = q可知负电荷在电势低的地方电势能大，即 有E

20、pA < Epli ,故D错误；故选BC.11. CD【解析】【详解】AB.根据位移关系可知：1 ， / 12、=-(aft-gr)解得a=g则失去动力时无人机速度大小为gt,选项AB错误；C. 无人机上升的最大高度为1，(Ut)22,H = at' H st2 2g 9选项C正确；D. 无人机落回地面时的速度大小为V = QgH =評选项D正确；故选CD.12. BC【解析】放射性元素的半衰期与元素所处环境的温度无关，选项A错误；oc、队Y三种射线中，Y射线的穿透能力 最强，选项B正确；卢瑟福通过实验发现质子，其核反应方程为：；He+；NTi：O+：H,选项C正确: 质子、中子

21、、粒子的质量分别为rm、m2. m3,两个质子和两个中子结合成一个粒子所释放的核能AE= (2m+2m2-m3) C2,选项 D 错误；故选 BC.三、实验题:共2小题13. AB【解析】为了减小角度测量的相对误差，入射角应适当大一些。但不能太大，否则出射光线太弱，A正确; 该同学在插大头针d时，使d挡住a、b的像和c,由此确定出射光线的方向，B正确；由几何知识可知， 光线在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路可逆性原理可知，光线一定会从下表面射出，折射 光线不会在玻璃砖的内表面发生全反射，C错误；该实验方法的原理是折射定律，也能用来测量其他透明 介质的折射率，D错误.14. C； AD

22、E；【解析】(1验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰掠前后的动量关系，直接测定小球碰 撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度，C正确.(2)实验时，先让入射球二多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P,测量平抛射程OP.然后，把被碰小球二一静置于轨道的水平部分，再将入射球从斜轨上S位置静止释放，与小球相碰， 并多次重复.测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D、E是必需的，而且D要在 E之前，至于用天平秤质量先后均可以，故选ADE或DEA.四、解答题：本题共4题15. v=2.0×104ms; r=0. 03

23、5m【解析】(1)设带电粒子从PQ左边缘进入电场的速度为V,由MN板右边缘飞出的时间为t,带电粒子在电场中 运动的加速度为a,则d =-at2 ,解得 v=2.0×104msR CIB(2)粒子进入电场时，速度方向改变了解90,可见粒子在磁场中转了四分之一圆周.设圆形匀强磁场区域的最小半径为r,粒子运动的轨道半径为R,则PQ由图中几何关系可知G业R =0.035m2圆形磁场区域的最小半径r=0.035m点睛：带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动和竖直方向做匀加速直线运动运动；在 磁场中运动时，根据粒子的偏转方向，作出带电粒子的运动轨迹，由几何关系可确定出圆形磁场的最小

24、区 域；16. (1) 1NF3N (I)Ar = 0.5m【解析】【分析】 物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A、B具有共同的速度，结合牛顿第二定律和运动学公式 求出拉力的最小值.另一种临界情况是A、B速度相同后，一起做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求 出拉力的最大值，从而得出拉力F的大小范围.【详解】2 2 2(1)物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A. B具有共同的速度V:U则： 竽L =亠+ L2心 2aB又.沁二生解得：aB=6ms1再代入 F+Mg=ma8 得：F=IN若FVlN,则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从B上滑落，所以F必须大于等于IN 当

25、F较大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止，才不会从B 的左端滑落，则由牛顿第二定律得：对整体：F=(m + M)a对物体A： Mg=Ma解得：F=3N若F大于3N, A就会相对B向左滑下综上所述，力F应满足的条件是1N<F<3N物体A滑上平板车B以后，做匀减速运动，由牛顿第二定律得：RMg=MaA解得：aA=g=lms1平板车B做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：F+Mg=maB解得：a8=14ms1两者速度相同时物体相对小车滑行最远，有：v°-aAt=Bt解得：t=0.15sA 滑行距离 XA=VOt-aAtl=m2 16B 滑行距离

26、：Xb= at1 m2 16最大距离：x=×a-x0.5m【点睛】解决本题的关键理清物块在小车上的运动情况,抓住临界状态,结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解.R17(巧 2R (2) t = -C【解析】在O点左侧，设从E点射入的光线进入玻璃砖后在上表面的入射角恰好等于全反射的临界角,则OE区域的入射光线经上表面折射后都能从玻璃砖射出，如图，由全反射条件有由几何关系有OE = Rsin由对称性可知，若光线都能从上表面射出，光束的宽度最大为=2OE联立各式，代入已知数据得I= R或者 S=RCOs速度 = -H18. 4 m/s【解析】【详解】 由题图甲知该波的波长为=4m,由题图乙

27、知周期为T=1.0s,所以波速为：v = = - = 4ms.2019-2020学年高二下学期期末物理模拟试卷一. 单项选择题：本题共8小题1.如图所示，关于对带电粒子在匀强磁场中运动的方向描述正确的是（）BB丄uXXXXX×XX×B×XXX XXD2. 下列实验中，深入地揭示了光的粒子性一面的有（充我Si校陵光岸×射线被石墨散射后部分波长增大 锌板被紫外线照射时有电子逸出但被可见光照射时没有电子逸出 轰击金箔的«粒子中有少数运动方向发生较大偏转 氢原子发射的光经三棱镜分光后，呈现线状光谱A.c.D.3. 右图是氧气分子在不同温度（OU和Ioo

28、eC）下的速率分布，由图可得信息（）W(In rl)A. 同一温度下，氧气分子呈现出“中间多，两头少"的分布规律B. 随着温度的升高，每一个氧气分子的速率都增大C. 随着温度的升高，氧气分子中速率小的分子所占的比例变高D. 随着温度的升高，氧气分子的平均速率变小4. 下列核反应方程中，属于衰变的是A. ,N+e ,O+; HB. 謬UT穿 Th+；HeC. ：H+：HT；He+：nD. W4Thf亍 Pa+*5. 如图所示，金属杆AD置于一形金属导轨上并与导轨形成闭合回路ABCD-圈环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面.虚线MN右侧区域有垂直导轨平面向内的匀强磁场现让金

29、属杆AD突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是（）A. ABCD中沿逆时针方向，T中无电流B. ABCD中沿逆时针方向，丁中沿顺时针方向c.ABCD中沿逆时针方向,T中沿逆时针方向D.ABCD中沿顺时针方向,T中沿顺时针方向6. 下列关于质点的说法中正确的是（）A. 研究乒乓球的旋转时，乒乓球可以被看成质点B. 研究一辆汽车从杭州到丽水的运动时可以将汽车视为质点C. 研究天宫一号与神舟八号对接时可以将天宫一号视为质点D. 研究一列火车通过钱塘江大桥的时间，火车可以被看成质点7. 物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8 s后，立即做匀减速直线运动，再经过4 s停下.

30、关于该物 体的运动情况，下列说法正确的是（）A. 加速、减速过程中的加速度大小之比为2 ： 1B. 加速、减速过程中的平均速度大小之比为2 : 1C. 加速、减速过程中的位移大小之比为2：1D. 加速、减速过程中速度的变化率大小之比为2 ： 18. 一系列横波沿水平放置的弹性绳向右传播，绳上两质点A、B的平衡位置相距平波长，B位于A右方.t 时刻A位于平衡位置上方且向上运动，再经过均周期，B位于平衡位置A. 上方且向上运动B.上方且向下运动C.下方且向上运动D.上方且向下运动二、多项选择题：本题共4小题9. 在绝缘的水平地面上有矩形abed,直线MN分别过ad、be的中点，在直线MN上有A、B

31、两点分别固 定两个点电荷Q、Q2, A、B两点到矩形两条对角线的交点O的距离相等，a、b、c、Cl四点的场强和电势 分别为Ea、Eb、氏、Ed; a b c d;下列说法中止确的是A若 Q丄=Q,贝IJ a-bd-cB. 若 QIHQ,贝IJ a-bd-c c.若 Ql=Q2,则 Ea=ECD.若 Ql=-Q2,则 EHt10. 定质皋的某种理想气体经历如图所示的一系列过程，ab. be、Cd和da这四个过程在pT图上都是A.的延长线通过坐标原点6 be垂直于ab, Cd平行于ab,由图可以判断（）ab过程中气体体积不断减小B.be过程中气体体积不断减小C.Cd过程中气体体积不断增大D.da过

32、程中气体体积不断增大（1）下列操作正确的是（填选项前的字母）11. 两束单色光冬b平行地从空气射入水中，发生了如图所示的折射现象（邛）下列正确的是（）A. 光束b的频率比光束a的频率高B. 在水中的传播速度，光束a比光束b小C. 水对光束a的折射率比水对光束b的折射率小D. 若光束从水中射向空气，则光束b的临界角比光束a的临界角大12. 在潮湿天气里，若空气的相对湿度为98%,洗过的衣服不容易晾干，这时（）A. 没有水分子从湿衣服中飞出B有水分子从湿衣服中飞出，也有水分子回到湿衣服中C. 空气中水蒸气的实际压强賂小于同温度水的饱和汽压D. 空气中水蒸气的实际压强比同温度水的饱和汽压小很多三、实

33、验题:共2小题13. 在“探究单摆周期与摆长的关系实验中甲A. 甲图:小球从偏离平衡位置60。开始摆动B. 乙图:细线上端用铁夹固定住C-两图:小球到达最高点时作为计时开始与终止位置D. 丁图:小球自由下垂时测量摆长 (2)实验过程中，改变摆长，测量多组不同摆长情况下单摆的周期，以摆长为坐标，周期的平方为纵坐标,作出TU图象。理论上图线是一条过坐标原点的直线，但小周同学根据实验数据作出的图线如图所示，则造成图线不过坐标原点的原因可能是.油图像求出的重力加速度g=mso （取兀=9.86）14. 测量分子大小的方法有很多，如油膜法、显微法(1) 在“用油膜法估测分子大小的实验中，用移液管量取0.

34、25 mL油酸，倒入标注25OmL的容量瓶中，再加入酒精后得到25OmL的溶液然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中ImL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有排子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图甲所示坐标中每Cmr由此估算出油酸分子的个小正方形方格的大小为2 cm×2 on.由图可以估算出油膜的面积是m(保留一位有效数字)m(保留一位有效数字)直径是.甲直径是.(2)如图乙是用扫描隧道显微镜拍下的一个“量子围栏的照片这个量子围栏是由48个铁原子在铜的表面(2) 如图乙是用

35、扫描隧道显微镜拍下的一个“量子围栏的照片这个量子围栏是由48个铁原子在铜的表面m(结果保留两排列成直径为1.43×10-8 m的圆周而组成的由此可以估算出铁原子的直径约为.位有效数字)四、解答题：本题共4题15. 如图所示，两根足够长的平行光滑金属导轨MN、PQ与水平面的夹角为 =30,导轨电阻不计，导轨处在垂直导轨平面斜向上的有界匀强磁场中。两根电阻都为R=2、质量都为m=0.2kg的完全相同的细 金属棒ab和Cd垂直导轨并排靠紧的放置在导轨上，与磁场上边界距离为x=1.6m,有界匀强磁场宽度为 3x=4.8m.先将金属棒ab由静止释放，金属棒ab刚进入磁场就恰好做匀速运动，此时立

36、即由静止释放金 属棒cd,金属棒Cd在出磁场前已做匀速运动.两金属棒在下滑过程中与导轨接触始终良好（取重力加速 度 g=10ms2）.求：（1）金属棒ab刚进入磁场时棒中电流I；（2）金属棒Cd在磁场中运动的过程中通过回路某一截面的电量q；（3）两根金属棒全部通过磁场的过程中回路产生的焦耳热Q16. 如图所示，两物块A、B套在水平粗糙的CD杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD 中点的轴OO'转动，已知两物块质量均为杆CD与物块A、B的动摩擦力均为,开始时绳子处于自 然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块A到oo,轴的距离为R且为物块B到Ocy轴距离的两倍，现让该 装置绕OO,

37、转动，求：（1）当3 J沁时，绳子拉力T和B所受的摩擦力大小；（2）当32至少为多少时，A、B会在CD上发生滑动.17. 直流电动机的工作原理可以简化为如图所示的情景，在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两 根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L,电阻不计。轨道端点MP间接有直流电源，电 源内阻不计；电阻为R的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好，以速度Vo（Vo平 行于MN）向右做匀速运动，通过滑轮匀速提升重物，电路中的电流为I。求：物体垂力；(2)从宏观角度看导体棒由于运动切割磁感线，产生动生电动势，该电动势总是削弱电源的电动势，我们把 这个电动势称为

38、反电动势； 试证明：电流克服反电动势做功的功率等于该“电动机"提升重物所增加的机械功率； 求出该'电动机”提升重物的机械效率。18. 如图所示，两根足够长平行金属导轨MN、PQ固定在倾角8=37。的绝缘斜面上，顶部接有一阻值R =3的定值电阻，下端开口，轨道间距L=Im.整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方 向垂直斜面向上.质量m=lkg的金属棒ab置于导轨上ab在导轨之间的电阻r=g,电路中其余电阻 不计.金属棒ab由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨，且与导轨接触良好.不计空气阻力影响.已 知金属棒ab与导轨间动摩擦因数=0.5, Sin 37o=0.6,

39、 COS 37o=0.8,取g=10 ms2.(1) 求金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度vm(2) 求金属棒ab沿导轨向下运动过程中，电阻R上的最大电功率Pr;(3) 若从金属棒ab开始运动至达到最大速度过程中，电阻R上产生的焦耳热总共为1.5 J,求流过电阻R的 总电荷量q参考答案一、单项选择题：本题共8小题1. B【解析】【分析】根据“对带电粒子在匀强磁场中运动的方向描述”可知，本题考査左手定则的应用，根据左手定则磁场指 向和四指指向，即可判断洛伦兹力方向.【详解】A. 根据左手定则可知A图中洛伦兹力向下，故A错误；B. 根据左手定则可知B图中洛伦兹力向上，故B正确；C. 根据左手定则可

40、知C图中洛伦兹力向上，故C错误；D. 根据左手定则可知D图中洛伦兹力向下，故D错误.故选B.2. A【解析】【分析】【详解】为康普顿散射，为光电效应，康普顿散射和光电效应都深入揭示了光的粒子性；为粒子散射， 不是光子，揭示了原子的核式结构模型.为光的折射，揭示了氢原子能级的不连续；故深入地揭示了光 的粒子性一面的有，故选A.【点睛】本题考査的知识点较多，在平时学习中要多注意积累一些特殊的光学现象，尤其是课本上涉及到的图片， 更要认真理解现象的原理.3. A【解析】【分析】【详解】A. 由图可知，同一温度下，氧气分子速率都呈现“中间多，两头少”的分布特点，A正确.B. 温度是分子热运动平均动能的

41、标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以温度 越高，平均动能越大，平均速率越大，单不是所有分子运动速率变大，B错误；CD.由图知，随着温度升高，速率较大的分子数增多，所以氣气分子的平均速率变大，氧气分子中速率小 的分子所占比例变低，故CD错误。故选A。4. B【解析】A是人工核反应方程，是发现质子的核反应方程，A错误；B是U原子核分裂并只放射出氮原子核的反应 过程，属于a衰变，B错误；C是轻核的聚变反应，C错误；D释放出一个电子，是0衰变的过程，D正 确.5. B【解析】AD向右运动，导体切割磁感线，根据右手定则，可知电流由D流向A,即逆时针方向，穿过形金属线框T 的磁通量向

42、外增大，根据楞次定律可知，T的感应电流产生的磁场应指向纸面里面，则感应电流方向为顺 时针.故ACD错误，B正确.故选B.6. B【解析】【分析】【详解】A、研究乒乓球的旋转悄况对发球效果的影响时，要研究旋转情况，所以不可以看作质点。故A错误；B、研究一辆汽车从杭州到丽水的运动时，汽车的长度和大小要以忽略；可以看作质点；故B正确；C、研究天宫一号与神舟八号对接时天宫一号的形状不能忽略；不能将天宫一号视为质点；故C错误；D、研究一列火车通过钱塘江大桥的时间，火车的长度与大桥的长度相差不大，火车不可以被看成质点， 故D错误.故选B.7. C【解析】【详解】设匀加速直线运动的末速度大小为V,则加速阶段

43、的加速度大小叭=+ ,减速阶段的加速度大小业= ,*1 *2 可知a1 : a2=t2 : t1=l : 2,则速度变化率大小之比为1：2,故A、D错误；根据匀变速直线运动的平均 速度推论知，匀加速和匀减速阶段的平均速度大小均为v=7，即平均速度大小之比为1： 1，故B错误:2根据X=Ot得，加速阶段和减速阶段的位移大小之比为2： 1,故C正确.8. D【解析】3 11试题分析：A、B之间的距离为-2, /时刻后再经过丁 7根据波形图自左向右平移-2,可知此时质4 442 2点B的振动与t时刻质点A右侧-A = -的振动情况相同，根据相差半个波长振动步调相反可判断此时质点B位于平衡位置下方且向

44、下运动，选项D对.考点：机械波二、多项选择题：本题共4小题9. AD【解析】若Q1=Q2,则由对称可知，a、Cl两点电势相等，b、C两点电势相等，即a-b=d-c,选项A正确；若Q1Q2,则由对称可知，a、Cl两点电势相等，b、C两点电势相等，即a-b=d-c,选项B错误；若QIg, 则由叠加原理可知，a、C两点的场强大小相同，方向不同，即EaMEc,选项C错误；若Q=Q,则由叠加 原理可知，a、C两点的场强大小相同，方向相同，即Ea=EO选项D正确；故选AD.10. BCD【解析】【详解】A.由理想气体状态方程PWT=C整理得：P=名T,在PT图象中a到b过程斜率不变，P/T不变，贝得气 体

45、的体积不变，故A错误；CCBC.由理想气体状态方程整理得：P=-T,可以判断图象上的各点与坐标原点连线的斜率即为亍，所以 be过程中气体体积不断减小，cd过程中气体体积不断增大，故BC正确；D. da过程中，Od线的斜率大于。ax线的斜率，P/T减小，则气体的体积变大，故D正确.故选BCD.H. AC【解析】 由图看出，两束光的入射角相等，折射角a>9由/2 = ,可知b光的折射率较大，则b的频率较高;SlnrC1由V = -,分析可知，b光在水中传播速度较小，由临界角公式SmC =-,分析可知，水对b光的临界角 nH较小，故AC正确，BD错误；故选AC.【点睛】两光束从空气射入水中，入

46、射角相等,折射角Ct>i根据折射定律分析折射率的大小,根据卩=£H 判断光束在水中速度的大小根据临界角公式分析临界角的大小12. BC【解析】AB、分子在不停地做无规则运动，有水分子从湿衣服中飞出，也有水分子回到湿衣服中，故A错课，B正 确；CD、空气相对湿度是指水在空气中的汽压与同温度同压强下水的饱和汽压的比值，现空气的相对湿度为 98%,故空气中水蒸气的实际压强略小于同温度水的饱和汽压，故C正确，D错误；故选BC.三、实验题:共2小题13. BD；漏加小球半径；9.86【解析】【详解】(I) A项：摆线与竖直方向的夹角不超过5。时，可以认为摆球的运动为简谐运动，故A错误；B

47、项：细线上端应用铁夹子固定，防止松动引起摆长的变化，故B正确；C项：当小球运动到最低点时开始计时误差较小，故C错误；D项：实验时应该让小球自由下垂时测量摆线的长度，故D正确。（2）图象不通过坐标原点，将图象向右平移就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小，故可能是漏加小球半径；4防k= 4S%=986 0.9914. 2568 X10F9. 4 × IOno【解析】【分析】【详解】（1）本题通过数格就能计算模的面积，多于半个格的算一个，少于半个格的舍去，分子的宜径等于油膜体积除以油膜面积（2）圆周周长为2 = 1.43×10-8m,为48个铁分子的直径长度，所以铁分子的直

48、径长度为1.43xIO48m = 9.4×101Om四. 解答题：本题共4题15. I=lA；g = 0,8£ Q = SJ【解析（1）方法一：WgXSina= ,（1分）V = sin. exx = 4（?» / S） （1 分）=jng a BL = 1（2） （1 分） IRBLl =WgSma 分）Z=U （1 分）方法二：Wgxsma=-Wiv2,（1分）V= sin ere = 4（w, j） （1 分）JfIg s av = 2R 9 （2 分）Z=IG4）（1 分）（2）方法一: 通过金属棒ab进入磁场时以速度V先做匀速运动，设经过时间t1,当金属

49、棒Cd也进入磁场，速度也为V,金属棒cd： x=v2 t1,此时金属棒ab在磁场中的运动距离为：X=,v, t1=2x两棒都在磁场中时速度相同，无电流，金属棒Cd在磁场中而金属棒ab已在磁场外时，cd棒中才有电流, 运动距离为2x （得到Cd棒单独在磁场中运动距离为2×9即可得2分）=Zr = = = O.S（C）（公式 2 分、结果 1 分）ZR - Dr O （在第一问中用方法二解，此问再求BL的，仍然的5分，没有求出BL,写出q=" = V 得2分，只求2RBL的得1分） 方法二 两金属棒单独在在磁场中时扫过的距离都为2x,因而通过的电童大小相等。（2分）q = qa

50、. =It1 = I- -= 1 K0.8 = 0.8(C)(公式 2 分、结果 1 分)（4）方法一：金属棒ab在磁场中（金属棒Cd在磁场外）回路产生的焦耳热为：Ol = WgSina2x= 3.2J （或：Ql = P2Rt1 = mgsna2x） （2 分）金属棒ab、金属棒Cd都在磁场中运动时，回路不产生焦耳热金属棒Cd在磁场中（金属棒ab在磁场外），金属棒Cd的初速度为sin2x,末速度为阳in叱 由动能定理 mg Sin a2x -O2 =斗 用Q2g Sin ox): - + 祕 J2gsin 2x)2Q2 = Tng Sin (XyX= 4.8 J (2 分)O = Wgsin

51、 qi5x = 8J （2 分）方法二：两根金属棒全部通过磁场的过程中回路产生的焦耳热Q等于两棒损失的机械能Q = mg a2x-mg sin aix = mg Sin 5 = 87 （6 分）16. (1) T = 2jtmg , f = -ng【解析】时，对A有mg + T = m尿R解：（1）当3详解得T = 2mgR对 B 有 T _ j = mco： 2解得 / = I Pnlg(2) A. B会在CD上发生滑动，对A有mg+Tf = ml R=R对 B 有厂一 Pmg = ml -217.解得® =(l)BZL； (2)E明见解析，机械效率=BILVoUR+ BLv)【解

52、析】【详解】棒ab受到的安培力：F2=BIL物体重力：G = Ing = BlL ；证明：克服反电动势做功为:VVl = BLVolAt亟物增加的机械能:E = mg%N因为：mg = BIL所以：VVl = E得证；电动机输入功率:PI=El电动机输出功率:P2 =MgVo可得:E = IR + BLVo, 则电动机的机械效率为:二 mgv° _ BL% /一 El 一 (JR + BLVo)I。18. (1) VM = 2.0l ； (2) Pr = 3W i (3) 1C.【解析】 【分析】 【详解】 解：(1)金属棒由静止释放后，在重力.轨道支持力和安培力作用下沿斜面做变加速

53、运动，加速度不断减mgsin - mgcos FB=O小，当加速度为零时达到最大速度Vm后保持匀速运动.有:FB=BlLF/ =E=BLVm(4)电阻R上的电功率最大，根据功率公式有:联解得：vm=2ns(2)金属棒以最大速度Vm匀速运动时,PR = I-R联解©©： Pr=3W(3) 设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中沿导轨下滑距离为X,由能量守恒定律: (mgsin-PmgCOSe)x = mv；Il +Q+ Qr 根据焦耳定律：IL = 7®-=BS) = BLr J /联解®©得：q=lC(g)2019-2020学年高二下学期期末物

54、理模拟试卷一、单项选择题：本题共8小题1. 如图为弹簧振子在XO到t=4s内的振动图象，下列判断正确的是A. 在t = 2s时刻振子的振动方向向上B. 在t = 0到t = Is时间内振子的速度减小，回复力增大C. 在t = :LS到t=2s时间内振子的加速度和速度都增大D. 从t = ls到t = 3s时间内振子的位移为零2. 物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展，下列说法符合事实的是（）A. 库仑通过一系列实验证实了麦克斯韦关于光的电磁理论B. 査德威克用粒子轰击7 N获得反冲核*7O,发现了中子C. 贝克勒尔发现的天然放射性向下，说明原子核有复杂结构D. 波尔利用氢原子能级量子化解释了氢原子光谱，从而创建了量子力学3. 下列关于交变电流的说法正确的是（）A. 若交变电流的峰值为5A,则它的最小值为一 5 AB. 用交流电流表测交变电流时，指针来回摆动C. 我国工农业生产和生活用的交