2017届福建省三明市清流一中高三上学期期中物理试卷(解析版)..

1、-1-2016-2017 学年福建省三明市清流一中高三（上）期中物理试卷一、选择题：本题共 8 8 小题，每小题 6 6 分在每小题给出的四个选项中，第14-1814-18 题只有一项符合题目要求，第 佃-21-21 题有多项符合题目要求.全部选对的得6 6 分，选对得不全的得 3 3 分，有选错的得 0 0 分.1 在赤道平面内绕地球做匀速圆周运动的三颗卫星mi、m2、m3，它们的轨道半径分别为口、匕、匕，且ri2 其中 m2为同步卫星，若三颗卫星在运动过程中受到的向心力大小相等，则（）A .相同的时间内，mi通过的路程最大B.三颗卫星中， m3的质量最大C. 三颗卫星中，m3的速度最大D.

2、 mi绕地球运动的周期小于 24 小时2.如图所示，一水平方向足够长的传送带以w=1m/s 的速度沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面.物块以V2=2m/s 的速度水平向左滑上传送带后，对物块的运动，下列判断正确的是（ ）A .最终从传送带左端滑落B.将以 1m/s 的速度返回光滑水平面C. 先向左匀减速后向右一直匀加速并回到光滑水平面D .若增大 vi,物块向左运动的位移将减小3.如图所示，墙上有两个钉子a 和 b,它们的连线与水平方向的夹角为37两者的高度差为 L. 一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a 点，另一端跨过光滑钉子 b 悬挂一质量为 mi的重物.在绳 ab 段

3、中点 c 有一固定细绳套.若细绳套上悬挂质量为 m2的钩码，平衡后绳的 ac 段正好水平，则重物和钩码的质量比为（ ）hA.7B. 2 C. 一 D.午4.如图所示，质量为 2kg 和3kg 的 A、B 两物体叠放在水平地面上，劲度系数为25N/m 的水平轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与 A 物体相连且处于原长状态.A 与 B 之间、B 与地面之间的动摩擦因数均为0.5 .设A、B 之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10m/s2.现用一水平推力 F 作用于物体 B 上使 B 缓慢地向墙壁移动，当移动 0.2m 时，水平推力 F 的大小为（ ）-2-A . 5 N B . 25 N C .

4、 30 N D . 20 N-3-5如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P 和 Q 都可视作质点，P 的质量为 m, Q 的质量为 2m, Q 与轻质弹簧相连.Q 原来静止，P 以一定初动能 E 向 Q 运动并与弹簧发生碰撞在整个过程中，弹簧具有的 最大弹性势能等于（）2A E B - E C -1D 3226.平抛运动任意时刻速度的方向与水平方向的夹角定义为速度的偏向角，某物体做平抛运动的时间与速度偏向角正切值之间函数关系如图所示，g 取 10m/s2，则下列说法中正确的是（）A .运动员的加速度为gtan9B .球拍对球的作用力为 mgC 运动员对球拍的作用力为D .若加速度大于 gsin

5、9,球一定沿球拍向上运动8 如图所示，楔形木块 abc 固定在水平面上，粗糙斜面ab 和光滑斜面 be 与水平面的夹角相同，顶角b 处安装一定滑轮.质量分别为M、m （Mm）的滑块通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平行两滑块由静止释放后，沿斜面做匀加速运动若不计滑轮的质量和摩擦，在两滑块沿斜面运动的过程 中（ ）A .重力对 M 做的功等于 M 动能的增加B .轻绳对 m 做的功等于 m 机械能的增加C. M 克服轻绳做的功等于 M 机械能的减少量D 两滑块组成系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第2222 题第 3232 题为必考题，每个试

6、题考生都必须作答第3333 题第 4040 题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共 129129 分）A 1s 末物体的速度大小为 m/sB .平抛的初速度大小为20m/sC.第 1s 内物体的位移大小为mD 第 1s 内物体位移的方向与水平方向夹角的正切值为17 趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为平面之间夹角为9,球拍与球保持相对静止，它们间摩擦力及空气阻力不计，则（M、m,球拍平面和水）COS 0-4-9某同学利用重物自由下落来验证机械能守恒定律，该同学组装好的实验装置如图所示.-5-(1) 请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方

7、._(2)该同学更正上述问题后进行实验，得到了几条点迹清晰的纸带.利用纸带验证机械能守恒时，有以下两种方案：方案一，利用起始点和第 n 点计算；方案二，任取两点计算；其中对选取纸带的第 1、2 两点间距离要求小于或接近 2mm 的是方案 _ (选填 一”或 二”.(3)该同学选择了方案一并结合图象法进行数据分析.他从纸带上选取多个点， 测量从起始点到其余各点的下落高度 h,并计算各点速度的平方 v2,根据实验数据作出v2-h 图象，其中图线的斜率表示.2 -10某探究学习小组的同学欲验证动能定理”他们在实验室组装了一套如图1 所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源一台，导线、复写

8、纸、纸带、垫块、细沙若干当滑块连接上纸带，用 细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态若你是小组中的一位成员，要验证滑块 所受合外力做的功等于其动能的变化，则：(1)_还需要补充的实验器材是,.(2) 为了简化实验，使滑块所受合外力等于绳子的拉力，应采取的措施是：要使绳子拉力约等于沙和沙桶的重力，应满足的条件是：保持沙和沙桶的质量(3)若挑选的一条点迹清晰的纸带如图 两个点之间的时间间隔为T,从 A 点到上由 B 点到 D 点所对应的过程中，沙和沙桶的重力所做的功 EK=.(结果用题中已知物理量的字母表示)11如图甲所示，质量为 m=0.5kg 的物体置于倾角为9=37。的固定

9、且足够长的斜面上，平行于斜面向上的拉力F, t1=0.5s 时撤去该拉力整个过程物体运动的速度与时间的部分图象如图乙所示不计空气阻力，g=10m/s2, sin37=0.6, cos370.8 求：物体与斜面间的动摩擦因数卩拉力 F 的大小物体沿斜面向上滑行的最大距离s.滑块的质量.rri图12 所示，且已知滑块的质量为 M，沙和沙桶的总质量为 m,相邻B、C、D、E 点的距离依次为 S1、S2、S3、S4,则由此可求得纸带W=_;该滑块动能改变量的表达式t=0 时刻对物体施以(1)(2)(3)-6-12如图所示，半径 R=0.80m 的 光滑圆弧轨道固定在光滑水平面上，轨道上方A 点有一质为

10、 m=1.0kg的小物块小物块由静止开始下落后打在圆轨道上B 点但未反弹，在瞬间碰撞过程中，小物块沿半径方向的分速度立刻减为零，而沿切线方向的分速度不变此后，小物块将沿圆弧轨道滑下已知A、B 两点到圆心 0 的距离均为 R,与水平方向夹角均为0=30 C 点为圆弧轨道末端，紧靠C 点有一质量 M=3.0kg 的长木板 Q,木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，小物块与木板间的动摩擦因数尸 0.30 ,取 g=10m/s2.求:(1) 小物块刚到达 B 点时的速度VB；(2)小物块沿圆弧轨道到达C 点时对轨道的压力 FC的大小；(3) 木板长度 L 至少为多大时小物块才不会滑出长木板.一. .(二)

11、选考题：共 4545 分，请考生从给出的 3 3 道物理题、3 3 道化学题、2 2 道生物题中每科任选一题作答， 并用 2B2B 铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑，注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分.物理- -选修 3-33-313.下列说法正确的是()A 分子质量不同的两种气体，温度相同时其分子的平均动能相同B 一定质量的气体，在体积膨胀的过程中，内能一定减小C 布朗运动表明，悬浮微粒周围的液体分子在做无规则运动D 知道阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度就可以估算出气体分子的大小E 两个分子的间距从极近逐渐

12、增大到1Oro的过程中，它们的分子势能先减小后增大14 如图所示，左右两个容器的侧壁都是绝热的、底部都是导热的、横截面积均为S 左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭两个容器的下端由容积可忽略的细管连通容器内两个绝热的活塞A、B 下方封有氮气，B 上方封有氢气.大气的压强为p0，外部气温为 TO=273K 保持不变，两个活塞因自身重力对下方气体产生的附加压强均为0 1po系统平衡时，各气体柱的高度如图所示.现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时 A 上升了一定的高度.用外力将 A 缓慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为0.8h.氮气和氢气均可视为理想气体

13、.求：(1) 第二次平衡时氮气的体积；(2) 水的温度.物理- -选修 3-43-415图(a)为一列简谐横波在 t=2s 时刻波形图，图(b)为媒质中平衡位置在x=1.5m 处的振动图象，P是平衡位置为 x=2m 的质点，下列说法正确的是()-7-nwA.波的传播方向向右B .波速为 0.5m/sC. 02s 时间内，P 运动的路程为 8cmD. 02s 时间内，P 向 y 轴正运动E.当 t=7s 时，P 点恰好回到平衡位置16如图所示，一个足够大的水池盛满清水，水深h=4m，水池底部中心有一点光源A，其中一条光线斜射到水面上距 A 为 l=5m 的 B 点时，它的反射光线与折射光线恰好垂

14、直.（1）求水的折射率 n；（2） 用折射率 n 和水深 h 表示水面上被光源照亮部分的面积（圆周率用n表示）.物理- -选修 3-53-517.下列说法正确的是（）A .经典电磁理论无法解释氢原子的分立线状光谱B.聚变又叫热核反应，太阳就是一个巨大的热核反应堆C. 根据玻尔理论，氢原子在辐射光子的同时，轨道也在连续地减小D .某放射性原子核经过 2 次 a 衰变和一次B衰变，核内质子数减少 3 个E.用能量等于氘核结合能的光子照射静止氘核，可以使氘核分解为一个质子和一个中子18.如图所示，物块 A、C 的质量均为 m, B 的质量为 2m，都静止于光滑水平台面上， A、B 间用一不可 伸长的

15、轻质短细线相连.初始时刻细线处于松弛状态，C 位于 A 右侧足够远处.现突然给 A 一瞬时冲量, 使 A 以初速度 V0沿 A、C 连线方向向 C 运动，A 与 C 相碰后，粘合在一起.1A 与 C 刚粘合在一起时的速度为多大？2若将 A、B、C 看成一个系统，则从 A 开始运动到 A 与 C 刚好粘合的过程中系统损失的机械能.-8-2016-20仃学年福建省三明市清流一中高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共 8 8 小题，每小题 6 6 分在每小题给出的四个选项中，第14-1814-18 题只有一项符合题目要求，第 佃-21-21 题有多项符合题目要求.全部选对的得6

16、6 分，选对得不全的得 3 3 分，有选错的得 0 0 分.1 在赤道平面内绕地球做匀速圆周运动的三颗卫星mi、m2、m3，它们的轨道半径分别为 门、2、3,且ri2 其中 m2为同步卫星，若三颗卫星在运动过程中受到的向心力大小相等，则（）A 相同的时间内，mi通过的路程最大B.三颗卫星中， m3的质量最大C.三颗卫星中，m3的速度最大D.mi绕地球运动的周期小于 24 小时【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.GMm 2/【分析】根据万有引力提供向心力可得 亠=m=，解得 v=，即可比较相同时间内路程关系；而万有r rV r口. ,GHm引力 F万= =_可求出各个卫星的质量大小关系，

17、从而根据F万= =口玄口玄求出三颗卫星的加速度大小关系，据万的周期越大，从而确定三颗卫星的周期大小关系.【解答】解：“mmv4GW丄“A、 C、根据万有引力提供向心力可得： =m，解得：v=.：二；由于 ri23,故 vi V2 V3,故r rV rm3的速度最大，在相同的时间内，m3通过的路程最大，故 A 错误，C正确.B、 由于 F万= =可得，在向心力大小相等的情况下，由于ri23,TGMm 4 H2D、据万有引力提供向心力可得：=m r,可得卫星运动的周期rT卫星运动的周期越大，故 mi的周期大于 m2的周期，而卫星 2 的周期为 24 小时，故 mi的周期大于 24 小 时，故 D

18、错误.故选：C.2.如图所示，一水平方向足够长的传送带以vi=im/s的速度沿顺时针方向运动，传送带右端有一与传送带等高的光滑水平面.物块以V2=2m/s 的速度水平向左滑上传送带后，对物块的运动，下列判断正确的是（ ）有引力提供向心力可得Glilm 4 7T 2=mr，可得卫星运动的周期T一T2T=2饗显然轨道半径越大，卫星运动故 mim2m3.故 B 错误.T=2nn,显然轨道半径越大,-9-A .最终从传送带左端滑落B. 将以 im/s 的速度返回光滑水平面C. 先向左匀减速后向右一直匀加速并回到光滑水平面D. 若增大 vi,物块向左运动的位移将减小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的

19、速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系.【分析】物体冲上皮带后，受到向右的滑动摩擦力，减速向左滑行，之后依然受到向右的滑动摩擦力，会 继续向右加速，最后与传送带速度相同，经一段匀速运动后离开传送带.【解答】解：A、根据牛顿第二定律可知，A 物体先向左减速，因传送带足够长，故A 一直减速到速度为零，然后开始向右加速，因加速度大小不变.设为a,则有：V? 2、辛？1、,.，丄X1= _=；反向加速过程达到与传送带速度相同时，X2=-=,故减速过程的位移一定大于向右加速过2a玄2a2a程的位移，故物体速度达到 1m/s 时还没有到达 A 点，此后匀速运动，最后以1m/s 的速度离开传送带

20、，故AC 错误，B 正确.D、若增大 vi,不会改变物体的加速度，由于初末速度均不变，故物体向左运动的位移不变，故D 错误.故选：B.3.如图所示，墙上有两个钉子a 和 b,它们的连线与水平方向的夹角为37两者的高度差为 L. 一条不可伸长的轻质细绳一端固定于a 点，另一端跨过光滑钉子b 悬挂一质量为 mi的重物在绳 ab 段中点 c 有一固定细绳套.若细绳套上悬挂质量为 m2的钩码，平衡后绳的 ac 段正好水平，则重物和钩码的质量比 为（ ）A.7B. 2C.7D.：書2【考点】【分析】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.根据题意画出平衡后的物理情景图.对绳子上 c 点进行受力分

21、析.根据几何关系找出 bc 段与水平方向的夹角根据平衡条件和三角函数表示出力与力之间的关系.【解【解答】 解：平衡后绳的 ac 段正好水平，对 C 点受力分析，如图所示:结合几何关系，有:ad=:61fde=匚 bd=.畀-10-故cosa=- )= -i-11-弹簧最大的弹性势能为:2omV1 2=mpE故选：D4如图所示，质量为 2kg 和 3kg 的 A、B 两物体叠放在水平地面上，劲度系数为25N/m 的水平轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与 A 物体相连且处于原长状态.A 与 B 之间、B 与地面之间的动摩擦因数均为0.5 .设A、B 之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10m/s

22、 现用一水平推力 F 作用于物体 B 上使 B 缓慢地向墙壁移动，当移动 0.2m 时，水平推力 F 的大小为（ ）A . 5 N B . 25 N C . 30 N D . 20 N【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.【分析】用一水平推力 F 作用于物体 B 上使 B 缓慢地向墙壁移动 0.2m 过程，先假设 A、B 间没有相对滑 动，根据胡克定律求解弹簧的弹力，与AB 间的最大静摩擦力进行比较；然后对物体AB 整体进行分析，根据平衡条件列式求解推力F 的大小.【解答】解：如果 A、B 间无相对滑动，则弹簧压缩0.2m，弹簧弹力 F弹=kx=25N/mX0.2m=5N ；A、

23、B 间的最大静摩擦力大小：fi= gAg=0.5X2X10=10N ;由于 F弹vfi,假设成立，即 A、B 间无相对滑动；再对 A、B 整体受力分析，受重力、支持力、推力F、弹簧的弹力和地面的摩擦力，根据平衡条件，有：F=F弹+f2,其中 f2=卩（mA+mB） g=0.5X（2+3）X10=25N ,联立解得：F=30N ；故 ABD 错误，C 正确；故选：C5如图所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P 和 Q 都可视作质点，P 的质量为 m, Q 的质量为 2m, Q 与轻质弹簧相连.Q 原来静止，P 以一定初动能 E 向 Q 运动并与弹簧发生碰撞在整个过程中，弹簧具有的 最大弹性势能等于（

24、）2 1KA.E B. - C . - D .-【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律.【分析】P 向 Q 运动并弹簧发生碰撞的过程中，系统的动量守恒，当P、Q 的速度相同时，弹簧的弹性势能最大，根据动量守恒和机械能守恒求解.【解答】 解：当 P、Q 的速度相同时，弹簧的弹性势能最大，设碰撞前P 的速度为 V0,共同速度为 v，则根据动量守恒得：mv0= （m+2m） v, 得： v=vo；根据平衡条件，有:cos 炉一:2oV2-12-贝 V 得Epm=故选：B.6.平抛运动任意时刻速度的方向与水平方向的夹角定义为速度的偏向角，某物体做平抛运动的时间与速度偏向角正切值之间函数关系如图所示，g

25、取 10m/s2，则下列说法中正确的是（）A . 1s 末物体的速度大小为 7m/sB .平抛的初速度大小为20m/sC.第 1s 内物体的位移大小为 .mD .第 1s 内物体位移的方向与水平方向夹角的正切值为1【考点】平抛运动.【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合运动学公式求出时 间 t 的表达式，通过表达式，结合图线的斜率分析求解.【解答】解: B、平抛运动速度偏向角的正切值一厶仝所以 t= W，即图象斜率为 k=； ,vovog匡所以 .,故 B 错误；芷UA、1S 末的竖直速度大小为-z - - , 1s 末物体的速度大小；: 11- -I -

26、,故A正确；C、 由平抛运动规律可知，第 1s 内水平位移二二：二鳥门竖直位移 y-；-./-丄覽 J J i第 1s 内位移大小-忑二,故 C 错误；宀v 5D、 第 1s 内位移与水平方向夹角的正切值.丄故 D 正确.x 5故选：AD .7趣味运动会上运动员手持网球拍托球沿水平面匀加速跑，设球拍和球质量分别为 平面之间夹角为0,球拍与球保持相对静止，它们间摩擦力及空气阻力不计，则（M、m,球拍平面和水 ）c.l Q-E-13-A .运动员的加速度为 gtan 0 B .球拍对球的作用力为 mg-14-C.运动员对球拍的作用力为JCOS yD .若加速度大于 gsin0,球一定沿球拍向上运动

27、【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力.【分析】不计摩擦力，分析网球的受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律求解加速度和球拍对球的作用力；分析网球竖直方向的受力情况，判断球能否向上运动.【解答】 解：A、对网球：受到重力 mg 和球拍的支持力 N，作出力图如图，根据牛顿第二定律得：ITIENsin0=ma, Ncos0=mg ,解得，a=gtan0N=- - ，故 A 正确、B 错误；cos yc、以球拍和球整体为研究对象，如图2,根据牛顿第二定律得：运动员对球拍的作用力为F=，故 C 正确.cos yD、 当 agtan0时，网球将向上运动，由于 gsin0与 gtan0的大小关系未知，故球不

28、一定沿球拍向上运动.故D 错误.故选：AC .8.如图所示，楔形木块 abc 固定在水平面上，粗糙斜面ab 和光滑斜面 be 与水平面的夹角相同，顶角 b 处安装一定滑轮.质量分别为M、m (Mm)的滑块通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平 行两滑块由静止释放后，沿斜面做匀加速运动若不计滑轮的质量和摩擦，在两滑块沿斜面运动的过程 中( )A .重力对 M 做的功等于 M 动能的增加-15-B.轻绳对 m 做的功等于 m 机械能的增加C.M 克服轻绳做的功等于 M 机械能的减少量D 两滑块组成系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功【考点】功能关系.【分析】功与能量转化是相联系的，功是

29、能量转化的量度重力对做功决定了重力势能的变化，合外力做 功决定了动能的变化除了重力以外的其他力做功影响机械能的变化根据功能关系分析即可.【解答】解：A、由动能定理得知：重力、拉力、摩擦力对M 所做的总功等于 M 动能的增加，故 A 错误.B、根据功能关系得知：轻绳对 m 做的功等于 m 机械能的增加，故 B 正确.C、 根据功能关系得知： M 克服轻绳做的功和克服摩擦力做功之和等于M 机械能的减少量，故 C 错误.D、根据功能原理得知：除重力和弹力以外的力对物体做的功，将导致物体的机械能变化，摩擦力做负功，造成系统的机械能损失，则知：两滑块组成系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功故 D 正

30、确.故选：BD二、非选择题：包括必考题和选考题两部分第2222 题第 3232 题为必考题，每个试题考生都必须作答第3333 题第 4040 题为选考题，考生根据要求作答.(一)必考题(共 129129 分)9某同学利用重物自由下落来验证机械能守恒定律，该同学组装好的实验装置如图所示.(1) 请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方.1打点计时器不能接直流电2重物离打点计时器太远(2)该同学更正上述问题后进行实验，得到了几条点迹清晰的纸带.利用纸带验证机械能守恒时，有以下两种方案：方案一，利用起始点和第 n 点计算；方案二，任取两点计算；其中对选取纸带的第 1、2 两点间距离要求

31、小于或接近 2mm 的是方案 一 (选填一”或 二”.(3)该同学选择了方案一并结合图象法进行数据分析.他从纸带上选取多个点， 测量从起始点到其余各点的下落高度 h,并计算各点速度的平方 v2，根据实验数据作出v2-h 图象，其中图线的斜率表示重力加速度 g .【考点】验证机械能守恒定律.【分析】(1)解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项,清楚该实验的误差来源.打点计时器应使用交流电源，重物释放时应紧靠打点计时器.(2) 根据自由落体运动规律进行判断；(3) 根据机械能守恒的规律进行判断.【解答】 解：(1)本实验要求采用打电计时器，打点计时器采用的

32、是交流电源，而本实验中采用了直流电源；同时，由于加速度较大，故纸带应在1 米左右，且应让重物紧靠打点计时器，而本实验中离打点计时器太-16-远，故错误为：打点计时器接了直流电源；重物离打点计时器太远；-17-1 2(2)根据自由落体运动规律应有h= . 一(0.02) =0.002m=2mm ,U选用点迹清晰，第 1、2 点间距离接近 2mm 的纸带，也就以利用起始点和第n 点计算,所以方案是一.(3)重物由静止开始下落距离h 获得速度 v，根据动能定理得mghmv2即:V2=gh所以v2-h 图线的斜率是重力加速度 g.2故答案为：(1)打点计时器接了直流电；重物离打点计时器太远;(2) 一

33、;(3)重力加速度 g10某探究学习小组的同学欲验证动能定理”，他们在实验室组装了一套如图1 所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源一台，导线、复写纸、纸带、垫块、细沙若干当滑块连接上纸带，用 细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态若你是小组中的一位成员，要验证滑块 所受合外力做的功等于其动能的变化，则：(1)还需要补充的实验器材是天平，毫米刻度尺(2)为了简化实验， 使滑块所受合外力等于绳子的拉力，应采取的措施是：平衡摩擦力；要使绳子拉力约等于沙和沙桶的重力，应满足的条件是：保持沙和沙桶的质量远小于 滑块的质量.2 所示，且已知滑块的质量为M，沙和沙桶的总质量

34、为 m,相邻两个点之间的时间间隔为 T,从 A 点到 B、C、D、E 点的距离依次为S?、S3、S4,则由此可求得纸带上由 B 点到 D 点所对应的过程中，沙和沙桶的重力所做的功W= mg (S3S1)_ ;该滑块动能改变量的匚M(S4-s2)2-SEK=8T【考点】探究功与速度变化的关系.【分析】(1)实验需要测出滑块的质量，需要测出纸带上两点间的距离，根据实验需要测量的量选择实验 器材.(2)为使滑块受到的合力等于沙和沙桶的重力，实验前应平衡摩擦力， 应控制沙和沙桶的质量远小于滑块 的质量.(3)应用匀变速直线运动的推论求出滑块的瞬时速度， 然后根据题意求出沙与沙桶做功，求出滑块动能的 变

35、化量.【解答】 解：(1)实验需要用天平测滑块质量，需要用毫米刻度尺测纸带上两点间的距离，因此需要的实 验器材为：天平、毫米刻度尺.(2)为使滑块受到的合力等于沙和沙桶的重力，实验前应平衡摩擦力， 需要把长木板的一端适当垫高，使滑块在木板上恰好做匀速直线运动；(3)若挑选的一条点迹清晰的纸带如图表达式(结果用题中已知物理量的字母表示)-18-当沙和沙桶的质量远小于滑块质量时可以近似认为滑块受到的拉力等于沙与沙桶的重力.-19-11 如图甲所示，质量为 m=0.5kg 的物体置于倾角为9=37。的固定且足够长的斜面上，t=0 时刻对物体施以平行于斜面向上的拉力F, ti=0.5s 时撤去该拉力整

36、个过程物体运动的速度与时间的部分图象如图乙所示不计空气阻力，g=10m/s2, sin370.6, cos370.8 求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数卩(2) 拉力 F 的大小(3)物体沿斜面向上滑行的最大距离 s.【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律.【分析】由速度的斜率求出加速度，根据牛顿第二定律分别对拉力撤去前、后过程列式，可拉力和物块与 斜面的动摩擦因数为匕根据V-t 图象面积求解位移【解答】(1)由图象可知，物体向上匀减速时加速度大小为：10-52a2=10m/s11 U* b此过程有： mgs in9+ jimgcos9=ma2代入数据解得：尸 0.5(2)由图

37、象可知，物体向上匀加速时加速度大小为：a1=20m/s2此过程有： Fmgs in9 pmgcos9=ma1代入数据解得：F=15N(3)由图象可知，物体向上滑行时间11 - J. :.m答：(1)物体与斜面间的动摩擦因数(2) 拉力 F 的大小 15N(3) 物体沿斜面向上滑行的最大距离12 .如图所示，半径 R=0.80m 的.光滑圆弧轨道固定在光滑水平面上，轨道上方A 点有一质为 m=1.0kg的小物块小物块由静止开始下落后打在圆轨道上B 点但未反弹，在瞬间碰撞过程中，小物块沿半径方向的分速度立刻减为零，而沿切线方向的分速度不变此后，小物块将沿圆弧轨道滑下已知A、B 两点到(3)由 B

38、点到 D 点所对应的过程中，沙和沙桶的重力所做的功:W=mg (S3- Si)；SS S打 B 点时滑块的速度：VB=，打D点时滑块的速度：心“,该滑块动能改变量的表达式 EK=：MVD2-亠 Mv2 22,rL :；B =-；8T2故答案为：(1)天平；毫米刻度尺；(2)平衡摩擦力;远小于；(3)mg(S3-S1);牛戸1.5s，向上滑行过程位移为:为 0.5s 为 7.5m imS-)-20-圆心 0 的距离均为 R,与水平方向夹角均为0=30 C 点为圆弧轨道末端，紧靠 C 点有一质量 M=3.0kg 的 长木板 Q,木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，小物块与木板间的动摩擦因数 尸 0.

39、30,取 g=10m/s2.求:(1) 小物块刚到达 B 点时的速度VB；(2)小物块沿圆弧轨道到达C 点时对轨道的压力 Fc的大小；(3) 木板长度 L 至少为多大时小物块才不会滑出长木板.【考点】动量守恒定律；自由落体运动；牛顿第二定律；机械能守恒定律.【分析】(1)物体由 A 到 B 的过程中，做自由落体运动，由几何关系可得出AB 间的距离，由运动学公式可求得 B 点的速度；(2) 由速度的合成与分解可求 B 点切向分速度；由 B 到 C 由机械能守恒可求得 C 点的速度，再由牛顿第 二定律可求得轨道对物体的支持力，由牛顿第三定律可求得物体对轨道的压力；(3) 物体滑上木板后，物体与木板

40、的动量守恒，由动量守恒和机械能守恒可求得木板的最小长度.【解答】 解：(1)由题意可知，ABO 为等边三角形，则 AB 间距离为 R,小物块从 A 到 B 做自由落体运 动，根据运动学公式有：2VB=2gR代入数据解得：VB=4.0m/s;方向竖直向下(2)设小物块沿轨道切线方向的分速度为VB切，因 OB 连线与竖直方向的夹角为 60故VB =VBSin60。从 B 到 C,只有重力做功，据机械能守恒定律有：mvc= ( m+M ) v联立、式得：L= _2口g (H+m)代入数据解得：L=2.5m在 C 点，根据牛顿第二定律有：Fc-mg=mR代入数据解得：Fc=35N据牛顿第三定律可知小物

41、块可到达Fc=35Nc 点时对轨道的压力mgR (1 cos60(3)小物块滑到长木板上后， 组成的系统在相互作用过程中总动量守恒，减少的机械能转化为内能， 当小物块相对木板静止于木板最右端时，对应着物块不滑出的木板最小长度.根据动量守恒定律和能量守恒定 律有：+ mvB2=, Mvc2jiu-i 2pmgL+ , mvc(m+M)v2-21-答：(1) B 的速度为 4.0m/s；(2)小物块沿圆弧轨道到达 C 点时对轨道的压力 FC的为 35N ；(3)木板长 度至少为 2.5m.一. .(二)选考题：共 4545 分，请考生从给出的 3 3 道物理题、3 3 道化学题、2 2 道生物题中

42、每科任选一题作答, 并用 2B2B 铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑，注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分.物理- -选修 3-33-313.下列说法正确的是()A .分子质量不同的两种气体，温度相同时其分子的平均动能相同B .一定质量的气体，在体积膨胀的过程中，内能一定减小C.布朗运动表明，悬浮微粒周围的液体分子在做无规则运动D .知道阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度就可以估算出气体分子的大小E.两个分子的间距从极近逐渐增大到10ro的过程中，它们的分子势能先减小后增大【考点】阿伏加德罗常数；布朗运动；分子势

43、能.【分析】布朗运动是指在显微镜下观察到的固体颗粒的无规则运动；温度是分子的平均动能的标志；分子 之间的作用力与距离的关系，要掌握其变化的规律；根据热力学第一定律，物体在对外做功的同时，若吸 收热量，物体的内能可能增大.【解答】 解：A、温度是分子平均动能的量度，故温宿相同，分子的平均动能相同，故A 正确；B、 一定质量的气体，在体积膨胀的过程中，温度可能升高，内能不一定减小，故B 错误；C、 布朗运动表明，悬浮微粒周围的液体分子在做无规则运动，故C 正确；D、知道阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度就可以估算出气体分子所占空间的大小，但不能计算出 分子的大小，故 D 错误；E、 两个分子的间

44、距从极近逐渐增大到1Oro的过程中，分子间表现出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做负功，它们的分子势能先减小后增大，故E 正确；故选：ACE14.如图所示，左右两个容器的侧壁都是绝热的、底部都是导热的、横截面积均为S.左容器足够高，上端敞开，右容器上端由导热材料封闭.两个容器的下端由容积可忽略的细管连通.容器内两个绝热的活塞A、B 下方封有氮气，B 上方封有氢气.大气的压强为po，外部气温为 To=273K 保持不变，两个活塞因自身重力对下方气体产生的附加压强均为O.lpo.系统平衡时，各气体柱的高度如图所示.现将系统的底部浸入恒温热水槽中，再次平衡时 A 上升了一定的高度.用外力将 A 缓

45、慢推回第一次平衡时的位置并固定，第三次达到平衡后，氢气柱高度为o.8h.氮气和氢气均可视为理想气体.求：(1)第二次平衡时氮气的体积；【考点】气体的等温变化；气体的等容变化和等压变化；封闭气体压强.【分析】第一个过程是等温过程，应用玻意耳定理可解得，第二步为等压变化，用盖-吕萨克定理可以解 得.【解答】 解：(1)考虑氢气的等温过程，该过程的初态压强为Po,体积为 hS,末态体积为 o.8hS,设末态的压强为 P,由玻意耳定理得：PohSP=1.25Po匚:注-22-活塞 A 从最高点被第一次推回平衡位置的过程是等温过程，该过程的初态压强为1.1Po，体积为 V，末态压强为 P,末态体积 V

46、则：P=P+o.1Po=1.35PoV =2.2hSL 35 PD由玻意耳疋理得：V=X 2.2hS=2.7hS1 1 F &（2）活塞 A 从从最初位置升到最高位置过程为等压过程，该过程的初态体积和温度分别为2hS 和 TO=273K ,末态体积为 2.7hS,设末态温度为 T,由该吕萨克定律得：T=368.55K2hS 答：第二次平衡时氮气的体积为2.75hS;水的温度为 368.55K .物理- -选修 3-43-415图（a）为一列简谐横波在 t=2s 时刻波形图，图（b）为媒质中平衡位置在 x=1.5m 处的振动图象，PA .波的传播方向向右B.波速为 0.5m/sC.02s

47、 时间内，P 运动的路程为 8cmD.02s 时间内，P 向 y 轴正运动 巳巳当 t=7s 时，P 点恰好回到平衡位置【考点】 横波和纵波；波长、频率和波速的关系.【分析】先根据质点的振动图象，判断波的传播方向，再根据波长和周期求波速；据波形成的条件和特点 分析各质点的振动情况.【解答】解：A、根据图（b）的振动图象可知，在 x=1.5m 处的质点在 t=2s 时振动方向向下，所以该波向 左传播，故A 错误；X 2B、 由图（a）可知该简谐横波波长为 2m,由图（b）知周期为 4s,则波速为 v=m/s=0.5m/s，故 B 正 确；C、 由于 t=2s 时，质点 P 在波谷，且 2S=0.

48、5T，所以质点 P 的路程为 2A=8cm，故 C 正确；D、 由于该波向左传播，由图（a）可知 t=2s 时，质点 P 已经在波谷，所以可知 02s 时间内，P 向 y 轴负 方向运动，故 D 错误；TE、当 t=7s 时， t=5s=1, P 恰好回平衡位置，故 E 正确.故选：BCE.16.如图所示，一个足够大的水池盛满清水，水深 h=4 m,水池底部中心有一点光源A，其中一条光线斜射到水面上距 A 为 l=5m 的 B 点时，它的反射光线与折射光线恰好垂直.（1）求水的折射率 n；（2） 用折射率 n 和水深 h 表示水面上被光源照亮部分的面积（圆周率用n表示）.-23-【考点】光的折射定律.-24-【分析】（1）由几何关系求出入射角，结合反射光线与折射