精品高考化学总复习江西：第八章 课时3 盐类的水解

1、高考化学复习备考精品资料课时3 盐类的水解(时间：45分钟分值：100分)一、选择题(本题共10个小题，每题5分，共50分，每个小题只有一个选项符合题意。)1下列有关盐类水解的叙述中正确的是 ()。a溶液呈中性的盐一定是强酸、强碱生成的盐b含有弱酸根盐的水溶液一定呈碱性c盐溶液的酸碱性主要决定于形成盐的酸和碱的相对强弱d强酸强碱盐的水溶液一定呈中性解析如果弱酸、弱碱的电离程度相当，生成的盐的水溶液呈中性，如ch3coonh4。含有弱酸根盐的水溶液不一定呈碱性，如nahso3溶液呈酸性。强酸强碱盐的水溶液不一定呈中性，例如nahso4。答案c2下列根据反应原理设计的应用，不正确的是 ()。aco

2、32h2ohco3oh用热的纯碱溶液清洗油污bal33h2oal(oh)33h明矾净水cticl4(x2)h2o(过量)tio2xh2o4hcl制备tio2纳米粉dsncl2h2osn(oh)clhcl配制氯化亚锡溶液时加入氢氧化钠解析纯碱溶液中由于co32的水解溶液呈碱性，加热时水解程度增大，溶液中c(oh)增大，清洗油污能力增强，a对；明矾溶于水，al3发生水解生成al(oh)3胶体，能够吸附水中悬浮物，b对。答案d3为了除去mgcl2溶液中的fecl3，可在加热搅拌的条件下加入一种试剂，该试剂是 ()。anaoh bna2co3 c氨水 dmgo解析加入naoh、na2co3、氨水后，m

3、g2和fe3都生成沉淀，且也引入了新的杂质；加入mgo消耗fecl3水解生成的hcl，促使fecl3水解成fe(oh)3，同时mgo转化成mgcl2，即使mgo过量，它不溶于水也不会引入新杂质。答案d4下列有关问题，与盐的水解有关的是 ()。nh4cl与zncl2溶液可作焊接金属中的除锈剂用nahco3与al2(so4)3两种溶液可作泡沫灭火剂草木灰与铵态氮肥不能混合施用实验室盛放碳酸钠溶液的试剂瓶不能用磨口玻璃塞加热蒸干alcl3溶液得到al(oh)3固体a bc d解析本题考查盐类水解的应用与解释。中nh4cl与zncl2溶液水解均显酸性，可以除去金属表面的锈；hco3与al3两种离子水解

4、相互促进，产生二氧化碳，可作灭火剂；草木灰主要成分为碳酸钾，水解显碱性，而铵态氮肥水解显酸性，因而不能混合施用；碳酸钠溶液水解显碱性，而磨口玻璃塞中的二氧化硅会与碱反应生成硅酸钠将瓶塞与瓶口黏合而打不开，因此实验室盛放碳酸钠的试剂瓶应用橡胶塞；alcl3溶液中存在水解平衡：alcl33h2oal(oh)33hcl，加热时，hcl挥发使平衡不断右移，最终得到al(oh)3固体(如果灼烧，会得到al2o3固体)。答案d525 时，浓度均为0.2 moll1的nahco3与na2co3溶液中，下列判断不正确的是 ()。a均存在电离平衡和水解平衡b存在的粒子种类相同cc(oh)前者大于后者d分别加入n

5、aoh固体，恢复到原温度，c(co32)均增大解析选项a，nahco3、na2co3均属于强碱弱酸盐，都存在水解平衡，同时还存在h2o的电离平衡。选项b，na2co3、nahco3溶液中都含有na、co32、hco3、h2co3、h、oh、h2o，它们存在的粒子种类相同。选项c，co32的水解能力大于hco3的，故na2co3溶液中的c(oh)大。选项d，nahco3溶液中加入naoh时，hco3与oh反应导致c(co32)增大；na2co3溶液中加入naoh时，oh抑制了co32的水解，导致c(co32)增大。答案c6常温下，0.1 moll1的三种盐溶液nax、nay、naz的ph分别为7

6、、8、9，则下列判断中正确的是 ()。ahx、hy、hz的酸性依次增强b离子浓度：c(z)c(y)c(x)c电离常数：k(hz)k(hy)dc(x)c(y)c(hy)c(z)c(hz)解析nax、nay、naz的ph分别为7、8、9，则hx是强酸，hy、hz是弱酸，再根据水解规律可知hy的酸性强于hz的酸性。所以酸性：hxhyhz，故a、c错误。根据“越弱越水解”可知b错误。d选项是正确的物料守恒关系式。答案d7(2013广州诊断)常温时，某溶液中由水电离出的h和oh的物质的量浓度乘积为11010，则该溶液可能是 ()。h2so4；ch3cooh；nh4cl；koh；ch3coonaa b c

7、 d解析由水的离子积常数易求得c(h)c(oh)1105 moll11107 moll1，说明所加试剂促进了水的电离；酸和碱抑制水的电离，而能水解的盐促进水的电离。答案b8常温下，对于ph均为5的hcl溶液和nh4cl溶液，下列说法正确的是()。a两溶液稀释10倍后，ph相等b两溶液加热至相同的温度后，ph相等c两溶液中各加入等体积的ph等于9的naoh溶液后，ph相等d两溶液中水的离子积相等解析hcl属于强电解质，稀释10倍后，h浓度变为原来的，nh4cl溶液中nh4发生水解作用，稀释10倍后，水解程度增大，h浓度大于原来的，a项错；加热，hcl溶液中h浓度不变，nh4cl溶液中由于nh4水

8、解程度增大，h浓度增大，b项错；naoh溶液与盐酸恰好反应，溶液呈中性，nh4cl溶液与naoh溶液反应生成nh3h2o和nacl，但剩余大量的nh4cl，溶液为酸性，c项错；水的离子积与温度有关，温度不变，离子积不变，d项正确。答案d9向三份0.1 moll1ch3coona溶液中分别加入少量nh4no3、na2so3、fecl2固体(忽略溶液体积变化)，则ch3coo浓度的变化依次为 ()。a减小、增大、减小 b增大、减小、减小c减小、增大、增大 d增大、减小、增大解析ch3coo离子水解显碱性，so32水解也呈碱性会抑制ch3coo离子的水解，ch3coo浓度增大，nh4和fe2水解均呈

9、酸性，会促进ch3coo离子水解，ch3coo离子浓度会减小。答案a10下列各溶液中，微粒的物质的量浓度关系正确的是 ()。a10 ml 0.5 moll1 ch3coona溶液与6 ml 1 moll1盐酸混合：c(cl)c(na)c(oh)c(h)b0.1 moll1 ph为4的nahb溶液中：c(hb)c(h2b)c(b2)c在naha溶液中一定有：c(na)c(h)c(ha)c(oh)c(a2)dc(nh4)相等的(nh4)2so4溶液、(nh4)2co3溶液和nh4cl溶液中溶质的物质的量浓度：c(nh4)2so4c(nh4)2co3c(oh)，错误；b项，ph4的nahb溶液中，h

10、b以电离为主，即hbb2h(主要)，h2ohbh2boh(次要)，溶液中离子浓度的大小顺序为c(hb)c(b2)c(h2b)，错误；c项，溶液中存在的离子有na、h、oh、haa2，电荷守恒式为c(na)c(h)c(oh)c(ha)2c(a2)，错误；d项，假设硫酸铵、碳酸铵、氯化铵溶液的物质的量浓度为1 moll1，不考虑水解时溶液中铵根离子的浓度依次为2 moll1，2 moll1，1 moll1。但是碳酸铵水解相互促进，所以，碳酸铵溶液中铵根离子的浓度小于硫酸铵溶液中铵根离子的浓度，最终溶液中铵根离子的浓度大小顺序为(nh4)2so4(nh4)2co3nh4cl，如果铵根离子浓度相同，电

11、解质溶液的浓度大小顺序为nh4cl(nh4)2co3(nh4)2so4，正确。答案d二、非选择题(本题共5个小题，共50分)11(8分)co2可转化成有机物实现碳循环：co2ch3ohhcooh(1)用离子方程式表示hcoona溶液呈碱性的原因_，写出该反应的平衡常数(kh)表达式：kh_，升高温度，kh_(选填“增大”、“减小”或“不变”)。(2)常温下，将0.2 moll1的hcooh和0.1 moll1的naoh溶液等体积混合，所得溶液的phc(na)c(h)c(oh)12(10分)(2013江西重点中学联考)常温下，向100 ml 0.01 moll1 ha溶液中逐滴加入0.02 mo

12、ll1moh溶液，图中所示曲线表示混合溶液的ph变化情况(体积变化忽略不计)。回答下列问题：(1)由图中信息可知ha为_酸(填“强”或“弱”)，理由是_ _。(2)常温下一定浓度的ma稀溶液的pha，则a_7(填“”、“”、“c(a)c(oh)c(h)。(4)由物料守恒得c(m)c(moh)2c(a)，由电荷守恒得c(m)c(h)c(a)c(oh)，故c(moh)c(oh)c(a)c(h)0.005 moll1。答案(1)强0.01 mol ha溶液中c(h)0.01 moll1(2)c(a)c(oh)c(h)(4)0.00513(10分)(1)已知25 时0.1 moll1醋酸溶液的ph约为

13、3，向其中加入醋酸钠晶体，等晶体溶解后发现溶液的ph增大。对上述现象有两种不同的解释：甲同学认为醋酸钠水解呈碱性，增大了c(oh)，因而溶液的ph增大；乙同学认为醋酸钠溶于水电离出大量醋酸根离子，抑制了醋酸的电离，使c(h)减小，因此溶液的ph增大。上述两种解释中_(填“甲”或“乙”)正确。为了验证上述哪种解释正确，继续做如下实验：向0.1 moll1的醋酸溶液中加入少量下列物质中的_(填写编号)，然后测定溶液的ph。a固体ch3cook b固体ch3coonh4c气体nh3 d固体nahco3若_(填“甲”或“乙”)的解释正确，溶液的ph应_(填“增大”“减小”或“不变”)。(已知25 时c

14、h3coonh4溶液呈中性)(2)有甲、乙两同学做了如下实验：甲同学在制得的mg(oh)2沉淀中加入浓的nh4cl溶液，结果沉淀溶解；乙同学在制得的mg(oh)2沉淀中加入浓ch3coonh4溶液，结果沉淀也完全溶解。对此甲、乙两同学用学过的有关知识各自解释了上述实验事实：甲同学的解释为：因为nh4cl溶液中，nh4h2onh3h2oh，且mg(oh)2(s)mg2(aq)2oh(aq)；又hoh=h2o，所以mg(oh)2溶解平衡向右移动，促进mg(oh)2的溶解。乙同学的解释为：因为ch3coonh4=ch3coonh4，且mg(oh)2(s) mg2(aq)2oh(aq)，nh4oh=n

15、h3h2o，所以mg(oh)2溶液平衡向右移动，促进mg(oh)2的溶解。你认为哪一位同学的解释是正确的？_，为什么？_。解析(1)溶液中存在ch3coohch3cooh电离平衡，加入ch3coona，增大了ch3coo浓度，平衡向左移动，c(h)减小，ph增大。(2)存在溶解平衡：mg(oh)2(s)mg2(aq)2oh(aq)。加入nh4cl，nh4与oh结合生成nh3h2o，溶解平衡向右移动，mg(oh)2沉淀溶解。答案(1)乙b乙(或甲)增大(或不变)(2)乙同学的解释是正确的甲同学认为由nh4的水解所提供的h中和了由mg(oh)2电离出来的oh，而忽视了nh4cl电离的nh4也能结合

16、oh，且电离的nh4浓度又远远大于nh4水解出的h浓度。由于ch3coonh4溶液呈中性，因此不可能是溶液的水解产生的酸引起的mg(oh)2沉淀溶解14(11分)(2013兰州模拟)()常温下，将某一元酸ha(甲、乙、丙、丁代表不同的一元酸)和naoh溶液等体积混合，两种溶液的物质的量浓度和混合溶液的ph如表所示：实验编号ha的物质的量浓度(moll1)naoh的物质的量浓度(moll1)混合后溶液的ph甲0.10.1pha乙0.120.1ph7丙0.20.1ph7丁0.10.1ph10(1)从甲组情况分析，如何判断ha是强酸还是弱酸？_。(2)乙组混合溶液中c(a)和c(na)的大小关系是_

17、。a前者大 b后者大c二者相等 d无法判断(3)从丙组实验结果分析，该混合溶液中离子浓度由大到小的顺序是_。(4)分析丁组实验数据，写出该混合溶液中下列算式的精确结果(列式)：c(na)c(a)_moll1。()某二元酸(化学式用h2b表示)在水中的电离方程式是h2b=hhbhbhb2回答下列问题：(5)在0.1 moll1的na2b溶液中，下列粒子浓度关系式正确的是_。ac(b2)c(hb)0.1 moll1bc(b2)c(hb)c(h2b)0.1 moll1cc(oh)c(h)c(hb)dc(na)c(oh)c(h)c(hb)解析(1)一元酸ha与naoh等物质的量反应，酸性强弱取决于完全

18、中和后盐溶液的ph，a7时为强酸，a7时为弱酸。(2)据电荷守恒，有c(na)c(h)c(a)c(oh)，因c(h)c(oh)，所以c(na)c(a)。(3)丙为等浓度的ha与naa的混合溶液，由ph7知a水解程度大于ha的电离程度，离子浓度大小关系为c(na)c(a)c(oh)c(h)。(4)据电荷守恒c(na)c(h)c(a)c(oh)，推导c(na)c(a)c(oh)c(h)1041010(moll1)。(5)注意题干中的电离方程式，一级电离为完全电离。判断a项为b原子的物料守恒，c项为溶液中的质子守恒。答案(1)a7时，ha是强酸；a7时，ha是弱酸(2)c(3)c(na)c(a)c(oh)c(h)(4)1041010(5)a、c15(11分)10 时加热nahco3饱和溶液，测得该溶液的ph发生如下变化：温度()102030加热煮沸后冷却到50 ph8.38.48.58.8(1)甲同学认为，该溶液的ph升高的原因是hco3的水解程度增大，故碱性增强，该反应的离子方程式为_。乙同学认为：该溶液ph升高的原因是nahco3受热分解，生成了na2co3，并推断na2co3的水解程度_(填“大于”或“小于”)nahco3。(2)丙同学认为甲、乙的判断都不充分。丙认为：只要在加热煮沸的溶液中加入足量的试剂x，若产生沉淀，则_(填“甲”或“乙”)的判断正确。试剂x是_。aba(oh