浙江省嘉兴市2020届高三物理下学期5月教学测试试题含解析

1、浙江省嘉兴市2020届高三物理下学期5月教学测试试题（含解析）一、选择题（本题共13小题，每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。）1.下列有关物理学家的贡献，说法正确的是（）a. 库仑通过实验精确测定了元电荷e的值b. 牛顿最早发现了行星运动的三大定律c. 法拉第最早引入场概念并用场线描述电场和磁场d. 玻尔基于粒子散射实验提出了原子的核式结构模型【答案】c【解析】【详解】a 密立根通过实验精确测定了元电荷e的数值，故a错误；b 开普勒最早发现了行星运动的三大规律，故b错误；c 法拉第最早引入场概念并用场线描述电场和磁场，故c正确；d 卢瑟福通过粒子散射实验提出了原子的核式结构模

2、型，故d错误。故选c。2.牙买加名将博尔特在柏林田径世界锦标赛上，创造了200m短跑世界纪录19.19s，则（）a. 200m指的是位移，19.19s指的是时刻b. 200m指的是路程，19.19s指的是时间间隔c. 博尔特全程的平均速度大小约为10.42msd. 博尔特冲刺速度大小一定为10.42ms【答案】b【解析】【详解】ab 200米比赛为弯道，位移大小不是200米，200m指的是路程，19.19s指的是时间间隔，故a错误，b正确；cd因为不清楚运动性质，故无法计算冲刺速度大小，而因为不清楚具体位移，故平均速度无法计算，故cd错误。故选b。3.建筑工地上，有时候需要通过抛的方式把砖块从

3、低处送往高处，如图所示为三块砖头在空中某时刻的照片，v为砖块该时刻的运动方向，不计空气阻力，则（）a. 砖块受到的合力为零b. a砖块对b砖块有向下的压力c. b砖块对a砖块有向左的摩擦力d. a、b砖块之间没有摩擦力【答案】d【解析】【详解】a对整体分析可知，砖块在空中运动时，只受重力作用，合力不为零，故a错误；bcd因为只受重力，处于完全失重状态，故砖块间无弹力，也无摩擦力，故bc错误，d正确。故选d。4.据分析，著名足球明星c罗曾在某次头球破门时重心上升了71cm，估算此次头球破门时c罗离地的时间应为（）a. 0.75sb. 0.38sc. 0.27sd. 0.54s【答案】a【解析】【

4、详解】根据可得故全过程用时故a正确，bcd错误。故选a。5.如图所示是输入电压为220v，输出电压为27v的变压器，相应的线圈匝数分别为n1和n2，则（）a. n1n2，故a错误；b根据电流与匝数成反比可知，输入的电流小于输出的电流，故b错误；c 因为输出功率输入功率相同，而副线圈两端电流大，为了减小导线上功率损失，故绕制输入端线圈的导线比输出端细，故c正确；d 输出端连接的用电器数量增加，输出功率增大，输入端功率增大，故d错误。故选c。6.下列说法正确的是（）a. 电动势就是电源两极间的电压b. 规格为“1.5f，9v”电容器中的9v指击穿电压c. 材料的电阻率都会随温度的升高而增大d. 长

5、为l的金属导线截去，将剩余部分均匀拉长至l，电阻变为原来的【答案】d【解析】【详解】a 根据闭合电路欧姆定律得知，电源的电动势等于内外电压之和，当电源没有接入电路时内电压等于零，则电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，故a错误；b 规格为“1.5f，9v”电容器中的9v指额定电压，即能承受的最大电压，故b错误；c 金属的电阻率随温度升高而增大，半导体的电阻率随温度升高而减小，故c错误；d 长为l的金属导线截去，将剩余部分均匀拉长至l，其体积减小了，变为原来的，故横截面积变为，根据电阻定律公式，电阻与横截面积成反比，故电阻变为原来的，故d正确。故选d。7.如图所示是一个趣味实验中的“电

6、磁小火车”，“小火车”本体是两端都吸有强磁铁的电池，“轨道”是用裸铜线绕成的螺线管。将干电池与强磁铁组成的“小火车”放入螺线管内，就会沿螺线管运动，则（）a. “小火车”通过两端磁铁之间的排斥力而运动b. 干电池正负极对调后“小火车”运动方向将改变c. “小火车”放入绝缘铜线绕成的螺线管后会沿螺线管运动d. “小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后会沿铜管运动【答案】b【解析】【详解】a“小火车”通过两端磁铁与螺线管之间的作用力而运动，故a错误；b只将干电池的“+”“-”极左右对调，则螺线管产生的磁场的方向反向，“小火车”运动方向将改变，故b正确；c绝缘铜线不导电，螺线管中无电流，不会产生磁场，

7、故c错误；d“小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后不会沿铜管运动，因为铜管中会铁磁两侧的铜管可看成很多闭合小线圈，磁铁运动则磁通量变化，根据楞次定律可知，感应电流会阻碍磁铁运动，故d错误。故选b。8.我们的生活已经离不开电磁波，如：gps定位系统使用频率为10.23mhz（1mhz=106hz）的电磁波，手机工作时使用频率为8001900mhz的电磁波，家用5gwi-fi使用频率约为5725mhz的电磁波，地铁行李安检时使用频率为1018hz的电磁波。关于这四种电磁波的说法正确的是（）a. 家用5gwi-fi电磁波的衍射现象最明显b. gps定位系统使用的电磁波的能量最强c. 地铁行李安检时使

8、用的电磁波利用了其穿透本领d. 手机工作时使用的电磁波是纵波且不能产生偏振现象【答案】c【解析】【详解】a电磁波波长越长，频率越低，则衍射现象越明显，gps定位系统的电磁波衍射现象最明显，故a错误；b根据可知，频率越高，能量越强，则地铁行李安检时使用的能量最强，故b错误；c地铁行李安检时使用的电磁波利用了其穿透本领，故c正确；d电磁波是横波，能产生偏振现象，故d错误。故选c。9.由于锂离子电池的材料特性，在电池短路、过高或过低温度、过度充电或放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸。为安全起见，中国民航总局做出了如表相关规定。某款移动电池（锂离子电池）的参数如表格所示（）容量25000ma

9、h重量596g额定电压3.7v转换率85%充电时间15.5ha. 25000mah中的mah是能量的单位b. 这款移动电池充满电后所储存的总化学能为92500whc. 乘飞机出行时，这款移动电池可以直接随身携带d. 这款移动电池理论上能给3200mah的手机最多充电7次【答案】c【解析】【详解】a 根据 可知，mah是电量的单位，故a错误；b 这款移动电池充满电后所储存的总化学能为故b错误；c根据b分析可知，乘飞机出行时，这款移动电池可以直接随身携带，故c正确；d 这款移动电池理论上能给3200mah的手机最多充电故最多充电6次，故d错误。故选c。10.用中子轰击静止的li核，核反应方程如下：

10、。中子的速度为v，质量为m，生成的x核速度方向与中子的速度方向相反，x核与核的速度之比为7：8，质子的质量可近似为m，光速为c。则（）a. x核为核b. 反应过程质量守恒、电荷数也守恒c. 核反应过程中释放的核能全部转化为x核的动能d. 核的速度为【答案】d【解析】【详解】a根据质量数守恒，电荷数守恒可知，x电荷数为1，质量数为3，故x核为核，故a错误；b 反应过程电荷数守恒，但释放能量，存在质量亏损，质量不守恒，故b错误；c 核反应过程中释放的核能全部转化为x核和氦原子核的动能，故c错误；d反应中动量守恒x核与核的速度之比为7：8，代入解得故d正确。故选d。11.下列关于甲、乙、丙、丁四幅图

11、的说法中，正确的是（）a. 甲图：大量氢原子从n=4能级向低能级自发跃迁所辐射的电磁波照射逸出功为2.25ev的钾板，产生的光电子动能均为10.5evb. 乙图：此时刻振荡电流正在减小c. 丙图：这是光通过小孔衍射形成图样d. 丁图：不同强弱黄光对应的图像交于u轴同一点，说明光电子最大初动能与光的强度无关【答案】d【解析】【详解】a 大量氢原子从n=4能级向低能级自发跃迁所辐射的电磁波频率并非单一，故产生的光电子动能也并非单一，故a错误；b感应电流磁场向上，可知感应电流流向负极板，则电容器带电量减小，回路电流增大，故b错误；c 泊松亮斑是圆板衍射形成的图样，故c错误；d 不同强弱黄光对应的图像

12、交于u轴同一点说明光电子最大初动能与光的强度无关，故d正确。故选d。12.如图所示为“嫦娥五号”探月过程的示意图。探测器在圆形轨道上运动，到达轨道的a点时变轨进入椭圆轨道，变轨前后的速度分别为v1和v2；到达轨道的近月点b时再次变轨进入月球近月轨道绕月球作圆周运动，变轨前后的速度分别为v3和v4，则探测器（）a. 在a点变轨需要加速b. 在轨道上从a点到b点，速度变小c. 在轨道上b点的加速度大于轨道上b点的加速度d. 四个速度大小关系满足v3v4v1v2【答案】d【解析】【详解】a 探测器在圆形轨道上运动，到达轨道的a点时变轨进入椭圆轨道，轨道半长轴变小，近心运动，故需要在a点减速，故a错误

13、；b 在轨道上从a点到b点，引力做正功，动能增大，速度增大，故b错误；c根据牛顿第二定律可知在轨道上b点的加速度等于轨道上b点的加速度，故c错误；d到达轨道的近月点b时再次变轨进入月球近月轨道绕月球作圆周运动，变轨前后的速度分别为v3和v4，变轨做近心运动所以需要减速，故v3v4，探测器在圆形轨道上运动，到达轨道的a点时变轨进入椭圆轨道，轨道半长轴变小，近心运动，故需要在a点减速，v1v2，根据可知圆周运动中，轨道半径大则速度小，所以v4v1，故v3v4v1v2，故d正确。故选d。13.如图所示的竖直平面内，一带电体位于a处。一个质量为m的带负电圆环套在倾角为=45的绝缘直杆上，静止于p处且恰

14、好不受摩擦力。abc为pq的中垂线，与水平面交于c点，a与p等高。则（）a. a处带电体带正电b. 直杆受到的压力值为mgcos45c. a处带电体带等量异种电荷时圆环将以g加速度做匀加速直线运动d. 把带电体从a移到c处，圆环同样不受摩擦力【答案】d【解析】【详解】a对圆环受力分析，有重力，杆给的支持力，还有库仑力，因为静止于p处且恰好不受摩擦力，故可判断库仑力为斥力，库仑力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故a处带电体带负电，故a错误；b垂直杆方向合力为零，故根据牛顿第三定律可知，压力大于mgcos45，故b错误；c a处带电体带等量异种电荷时，斥力变成引力，如果仍不受摩擦力则库仑力沿

15、斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，故加速度为g，而此时由于存在摩擦力，加速度不再是g，故c错误；d 把带电体从a移到c处，斥力方向改变，与杆夹角仍不变，故库仑力沿斜面向上的分力平衡了重力向下的分力，不存在摩擦力，故d正确。故选d。二、选择题（本题共3小题，每小题四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。）14.如图所示分别为100多个、3000多个、70000多个电子通过双缝后的干涉图样，则（）a. 图样是因为电子之间相互作用引起的b. 假设现在只让一个电子通过单缝，那么该电子一定落在亮纹处c. 图样说明电子已经不再遵守牛顿运动定律d. 根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量【

16、答案】cd【解析】【详解】a根据图样可知，是因为电子的波动性引起的干涉图样，故a错误；b 根据概率波的概念，对于一个电子通过单缝落在何处，是不可确定的，但概率最大的是落在亮纹处，故b错误；c根据图样可知，电子已经不再遵守牛顿运动定律，故c正确；d 根据不确定性关系，不可能同时准确地知道电子的位置和动量，故d正确。故选cd。15.a、b两列波在同一介质中沿x轴正负两个方向相向传播，t=0时刻波形如图所示，波速均为v=25cm/s，则下列说法正确是（）a. x=15cm处的质点是振动加强点b. 只有波峰与波谷相遇处质点才会处于y=4cm或-4cm位置c. t=0.08s时，第一次有质点处于y=-2

17、0cm位置处d. 再经过31.2s时间x=15cm处的质点将第2次处于y=20cm位置处【答案】cd【解析】【详解】a根据图像可知，两波波长不同，而在同一介质中，波速相同， 可知，两波频率不同，故不能发生稳定的干涉，故a错误；b根据题意可知，当两波未相遇时，也会有质点处于y=4cm或-4cm位置，故b错误；c当波谷与波谷相遇质点处于y=-20cm位置处，所以故c正确；d x=15cm处的质点将第2次处于y=20cm位置处，设a波传播了m个周期，b波传播了n个周期，有解得n=13，m=15时，等式成立，故所需时间为故d正确。故选cd。16.如图所示为宽度为d，折射率为n的足够大平行玻璃砖，其下表

18、面镀有特殊的镀层，距离上表面位置有一光源p，pq与上下表面垂直。以入射角射入玻璃上表面，经过上表面和下表面多次反射并从上表面出射后在pq上生成多个像。其中第一次被下表面反射并出射所生成的像最明亮，称之为主像。则（）a. 主像到上表面的距离为b. 上表面出射的所有光线的反向延长线与pq的交点间距相等c. 增大至一定值时经下表面反射的光线不会从上表面出射d. 沿pq方向看到的主像到上表面的距离为【答案】abd【解析】【详解】a 如图主像位置为o，设折射角为r，则有根据几何关系可知，主像到上表面的距离将折射率关系代入解得故a正确；b 因为每次成像在上表面均向左移动距离2dtanr，故根据几何关系可知

19、，上表面出射的所有光线的反向延长线与pq的交点间距相等，故b正确；c根据光路可逆性可知，光线不会在上表面发生全反射，故c错误；d 沿pq方向时，即 ，所以看到的主像到上表面的距离为，故d正确。故选abd。三、非选择题（本题共6小题）17.（1）如图甲所示为强强同学在“探究做功与物体速度变化的关系”实验中所用的学生电源，其接线端口应选择_（填“左侧”或“右侧”）。使用该电源选用的打点计时器应为_（填“乙”或“丙”）（2）他又利用如图丁所示装置进行“探究碰撞中的不变量”实验，在平衡摩擦力操作中应把垫片垫在图丁中平板的_（填“左侧”或“右侧”），该实验_（填“需要”或“不需要”）测量两小车的质量。（

20、3）下列两条纸带，“探究碰撞中的不变量”实验的纸带是_，请计算出两小车碰撞以后的速度_。【答案】 (1). 右侧 (2). 乙 (3). 左侧 (4). 需要 (5). 纸带2 (6). 0.65m/s【解析】【详解】(1)12打点计时器使用交流电，故实验中所用的学生电源，其接线端口应选择右侧，电火花打点计时器电压为220v，故学生电源应与电磁打点计时器相连，即乙。(2)34因为平衡摩擦力，故应把垫片垫在图丁中平板的左端，且验证动量守恒，动量中包含质量，故需要测量质量。(3)56 “探究碰撞中的不变量”实验的纸带描述的是前后速度不同的，不是匀速的，故纸带2是正确的，根据动量守恒可知，碰后速度变

21、小，故碰后速度18.小曹同学欲测定标称为“2.5v，0.6w”小灯泡的伏安特性曲线。（1）他拆开一个电表后盖，其内部结构如图甲所示，判断此电表是_（填“伏特表”或“安培表”，应选用量程是_（填“a”或“b”）（2）图乙为已连接的部分电路，请在答题卷上相应位置用笔画线代替导线补全实物连接图_。（3）该同学正确测量了2组数据，对应的表盘和刻度如图丙所示图示数应为_，其对应的电阻值为_。【答案】 (1). 伏特表 (2). b (3). (4). 0.25v0.29v (5). 2.52.9【解析】【详解】(1)12通过图像可知，电阻与表头串联，故为电压表，额定电压为2.5v，故应选择小量程，则分压

22、电阻较小，只需一个，即图中的b接线柱。(2)3因为灯泡电阻较小，故选择外接法，电压从零开始，故采用分压式接法，如图(3)45 图示数应为0.25v，则对应电流为0.10a，所以阻值为19.如图甲所示，小同学携带滑雪板和滑雪杖等装备在倾角=30的雪坡上滑雪。他利用滑雪杖对雪面的短暂作用获得向前运动的推力f（视为恒力），作用时间为t1=0.8s，后撤去推力运动了t2=1.2s。然后他重复刚才的过程总共推了3次，其运动的v-t图像如图乙所示。已知小和装备的总质量m=60kg，下滑沿直线运动且下滑过程阻力恒定。求；（1）小同学开始运动时的加速度a1；（2）全过程的最大速度vmax；（3）推力f和阻力f

23、的大小。【答案】（1）4m/s2；（2）7.2m/s；（3）f=300n；f=360n【解析】【详解】（1）根据图像可知加速度=4m/s2（2）根据题意可知所以a2=1m/s2最大速度vmax=a2t3=7.2m/s（3）根据牛顿第二定律f+mgsin=ma2所以f=360n同理f-f-mgsin=ma1解得f=300n20.如图所示，一个质量m=1kg的小物块（视为质点），压缩弹簧后释放以v0=6m/s冲上长度6m的水平传送带。在传送带右侧等高的平台上固定一半径r=0.5m的圆轨道abcd，a、d的位置错开，以便小物块绕行一圈后可以通过d到达e位置抛出在距离平台边缘e水平距离s=1.6m，高

24、度h=1m处有一可升降的接物装置，通过调节装置的高度可以接收不同速度抛出的小物块。已知小物块与传送带之间的动摩擦因素，其它摩擦均忽略不计，求：（1）小物块释放前，弹簧所储存的弹性势能；（2）若传送带以m/s的速度顺时针转动，判断小物块能否通过圆轨道最高点c；（3）若传送带速度大小、方向皆可任意调节，要使小物块在运动过程中不脱离圆轨道abcd传送带转动速度的可能值；（4）小物块到达接物装置时的最小动能。【答案】（1）18j；（2）到不了c点；（3）v5m/s或者0vm/s：（4）17.62j【解析】【详解】（1）根据能量守恒可知，弹性势能转化成动能=18j（2）物体速度6m/s大于传送带速度，所

25、以在摩擦力作用下要减速，减速到和传送带相同速度的需要的位移满足，a=g，x=3.2m6m以后和传送带相同速度运动到右端。到达顶端c的过程满足vc=0最高点速度的最小值为所以到不了c点（3）要不脱离轨道，满足两种情况:过c点或过不了b点，根据能量关系求解得物块离开传送带的速度必须满足大于5m/s或则小于m/s，所以传送带速度的可能值顺时针转动v5m/s或者0vm/s，逆时针均可以（4）要进接物装置，满足平抛规律s=vt得当时，存在极小值，此时v=4m/s因为要过最高点到达e的最小速度为5m/s，所以不符合要求，根据不等式的特点，5m/s取最小值为17.62j21.如图所示为某手摇发电装置的原理简

26、化图，可自由转动的水平金属杆cd上固定两个半径分别为r和的均匀金属圆盘g、n圆盘的圆心位于cd杆上。金属圆盘g处于水平向右与盘面垂直的匀强磁场中，磁感应强度的大小为b。圆盘n绕有绝缘细线，在恒力作用下，圆盘g、n和杆按图示方向匀速转动手摇发电装置通过电刷p和q与两电阻、小型电动机m、平行板电容器构成如图所示的电路平行板电容器两板间距为d，上极板通过长度为0.75d的绝缘细线悬挂一带电量为-q的金属小球。开始时开关s与a连接，测得电动机m两端的电压为u，通过它的电流为i。已知两电阻的阻值分别为2r和r，金属圆盘g接入电路的电阻也为r，不计金属杆、导线、电刷电阻及接触电阻。忽略转动的摩擦阻力，求:（1）金属圆盘匀速转动的角速度；（2）恒力f的大小；（3）当开关s与b连接，金属圆盘g仍以角速度匀速转动时，小球在两极板间做简谐运动且最大摆角为，小球摆动过程的最小电势能和振动周期。【答案】（1）；（2）；（3）；【解析】【详解】（1）电动机并联电阻r的电流为，干路电流为，所以转动切割产生的电动势为转动切割产生的电动势表达式则转动的角速度为（2）金属杆和金属盘属于同轴转动，角速度相同，所以盘的线速度为，根据能量守恒力