四川省成都市高三物理第一次一诊模拟检测试题含解析

1、成都市2015届高中毕业班第一次诊断性模拟检测 理科综合 物理部分 总分110分 时间60分钟 物理试题卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）。 第I卷 （选择题共42分） 一、选择题 第1卷共7题，每题6分。每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是( ) A人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方 B两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受力越大则速度就越大 C两物体从同

2、一高度做自由落体运动，较轻的物体下落较慢 D一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”。 【答案】A. 【考点】考查物理学发展史 【解析】根据牛顿第二定律，物体受的力越大加速度a越大，而不是速度越大，故B选项错误；根据自由落体运动，两物体同时到达（加速度g一样），故C选项错误；一个运动的物体，如果不再受力了，它，根据牛顿第三定律，它将保持运动状态一直匀速直线运动，故D选项错误，故综上所述，只有A选项正确。 【点拨】物理学史的学习没有捷径可言，需要分门别类记住，可以借助于历史学科的思想，编成物理大事记。 2在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于

3、电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（ ） 变亮灯泡LA 电源的输出功率变大B C电容器上的电荷量减少C D电流表读数变小，电压表读数变大D 【答案】 【考点】考查闭合电路的欧姆定律R增大，向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻【试题分析】当滑动变阻器滑片P总2RR?IPL错误；当内、外电阻相等时，A电流I减小，灯泡的功率，不变，则灯泡变暗，故L电源的输出功率减小，R增大时，灯炮电源的输出功率功率最大L的电阻大于电源的内阻，当错误；变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量故BIr?EU D正确变大故错误；电流表读数

4、变小，电压表读数增大，故C，即当某一电阻增大时，与它并联或间接并联的“并同串反”法：所谓“并同”【思路点拨】电阻中的电流、两端电压、电功率都将增大；某一电阻减小时，与它并联或间接并联的电阻，则是指当某一电阻增大时，与它串联中的电流、两端电压和电功率都将减小。所谓“串反” 或间接串联的电阻中的电流、两端电压和电功率都减小，反之亦然。- 1 - 3一颗科学资源探测卫星的圆轨道经过地球两极上空，运动周期为T=1.5h，某时刻卫星经过赤道上A城市上空。已知：地球自转周期T0，地球同步卫星轨道半径r，万有引力常量为G，根据上述条件（ ） A. 可以计算地球的球半径 B. 可以计算地球的质量 C. 可以计

5、算地球表面的重力加速度 D. 可以断定，再经过12h卫星第二次到达A城市上空 【答案】B 【考点】考查万有引力定律的应用 2?r4Mm=mG 22Tr0 【解析】根据地球同步卫星万有引力提供向心力周期公式23?r4=M 2GT0，故B正确；根据探测卫星万有引力得：提供向心力周期公式 22GMT?R4Mm=R=mG3 222?4TR，因为M已经求得，所以可以求得卫星绕地球运解得：Mm=mgG 2r，因为不A错误；在地球表面有动的圆轨道半径，不能得到地球的球半径，故知道地球半径，所以无法求出地球表面的重力加速度，故C错误；经过12h时，赤道上A城市运动到和地心对称的位置了，而资源探测卫星正好转过了

6、8圈，又回到原位置，所以经过12h卫星不会到达A城市上空，故D错误 【思路点拨】若根据圆周运动知识估算天体的质量，规律是：知线速度、加速度（周期）、半径三个量中的任意两个即可。 4一物体从地面由静止开始运动，取地面的重力势能为零，运动过程中重力对物体做功W1，阻力对物体做功W2，其它力对物体做功W3，则该过程终态时（ ） A物体的动能为W1 W2 B物体的重力势能为W1 C物体的机械能为W2 W3 D物体的机械能为W1 W2 W3 【答案】C 【考点】考查动能定理的应用 【解析】合外力做功等于动能的增加量，初动能为零，所以末动能为W1+W2+W3，故A正确。重力做功等于重力势能的减少量，因为重

7、力做功W1，所以重力势能减少W1，原来为零，现在为-W1，故B错误。机械能是动能、重力势能、弹性势能之和，因为此题不涉及弹性势能，所以机械能的改变量就取决于动能和势能的改变量，那么机械能的改变量为（W1+W2+W3）-W1=W2+W3，故C正确，D错误。 【思路点拨】几种典型的功能关系：动能的变化取决于合外力的功，重力势能的变化取决于重力的功，机械能的变化取决于除重力外其他力的功。 - 2 - )?xab2kBIabmg(cb?x)B?Imgk(cbx?mgk2.5 AImmm同位素和质谱仪的研究荣获了诺贝尔化学奖。年英国物理学家阿斯顿因质谱仪的发明、5. 1922mv?r 若一束粒子（不计重

8、力）由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示，则下列说法正确的是（ ）Bq 该束带电粒子带负电A B速度选择器的上极板带负电Px? B2中运动半径越大的粒子，质量越大C在磁场P 越小B2中运动半径越大的粒子，比荷q/mD在磁场x?D 【答案】 【考点】考查带电粒子在磁场中的运动分析2 【解析】由带电粒子在磁场中的偏转方向知磁场的方向垂直纸面向外，由左手定则知，vm?qvB A该粒子带正电，故错误；由左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则r 电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向下，所以速度选择器的P1极板带正 D越大，比荷越小，正确。，知电，故B正确；根据公式，得rq 【思路点拨

9、】粒子的电性根据磁场判断，然后根据复合场中粒子的运动判断极板的电性。m 的中点处通过一m6. 右下图所示为一电流表的原理示意图。质量为的均质细 MN 金属棒内有匀强磁场，磁k；在矩形区域abcd挂钩与一竖直悬挂的弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的的右端，B方向垂直纸面向外；与MNN感应强度大小为abcd与矩形区域的。当的长度大于MN读数，中没有电流通过且处于平衡状态时，MNMN MN 边重合；当中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。则（） mgk 当电流表示数为零时，弹簧伸长量是AB若要电流表正常工作，MN的N端应与电源正极相接 B0.20 Tcbab， =0.05

10、0 cm， k=200 N/mC若，=0.20 m 此电流表的量程是2A 12 倍，磁感应强度应变为原来的若将量程扩大到D2【答案】AD 【考点】考查电流表的工作原理 【解析】(1)设当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为，则有 mg?k, 所以A正确；为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒 由式得MN的安培力必须向下，因此M端应接正极，所以B错误；设电流表满偏时通过MN间 电流强度为Im，则有，联立并代入数据得， ，由 故C错误；设量程扩大后，磁感应强度变为B，则有- 3 - kcbam)MM?m)g?(?F?k(gvM)?mP?fv?k(B?mmabI2m 正确。，所以磁感应强度减半，故D

11、式得【易错警示】分析杆的平衡时，不可丢掉重力，杆在重力、安培力、弹簧拉力三个力作用下 处于平衡状态。 其中额定车速是指电动车满载情况下在平直道路上下表是一辆电动自行车的部分技术指标，7. 以额定功率匀速行驶的速度。 额定输 电动机额定工充电时 电源输出电压电源 载重额定车速 车质量 作电压和电流间 出功率 36 V6 A 18 km/h 40 kg 80 kg 36 V/12 Ah 36 V/68 h 180 W 若该车满载时在平直道路上以额定功率行驶，且所受阻力大小恒定。请参考表中数据，判断 ）g下列说法正确的是（取10 m/s2）（216W A. 该过程中，自行车电动机的热功率是 B该车所

12、配电动机的内阻是1 该过程中，自行车受阻力是车重的0.02倍C. 0.2 m/s2 该过程中，当车速为3m/s时，加速度为D 【答案】BD 【考点】考查输入功率、输出功率、总功率间的关系及牛顿第二定律的应用。 =UI=366 W=216 W，出=180 W，额定输入功率P入P【解析】从表中知，额定输出功率180216?1?r26正确；当达到最大速度时，有错误， B ，所以A，Pr=I2r=P入P出 ，根据牛顿第二定P=Fk=0.03，C错误；发电机的输出功率为，则 D正确。，由上式得a=0.2 m/s2 律有，故 分）68 第卷（非选择题共二、实验题：8、（17分） （6分）利用通电导线在磁场

13、中受到的安培力与磁感应强度的关系就可以测定磁感应强度的大小。实验装置如图所示，弹簧测力计下端挂一矩形导线框，导线框接在图示电路中，线框的短边置于蹄型磁体的N、S极间磁场中的待测位置。 在接通电路前，待线框静止后，先观察并记录下弹簧测 F0 力计的读数；待线框I, 接通电路，调节滑动变阻器使电流表读数为 。F F0）静止后，观察并记录下弹簧测力计的读数F（； 由以上测量数据可知：导线框所受重力大小等于 小力大的作用一位于磁场中的条边形磁场对矩线框、若已知导线框在磁场中的这条边的长度为L 。 为 。 B= ，则利用上述数据计算待测磁场的磁感应强度的表达示为 N线圈匝数为”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡

14、两端的电压需要由零0.6W分）要测绘一个标有“3V 11（ ，并便于操作。已选用的器材有：逐渐增加到3 V- 4 - ；4.5V，内阻约1）电池组（电动势为 ）；250mA，内阻约电流表（量程为50 ；，内阻约3k）0电压表（量程为3V 电键一个、导线若干。 （填字母代号）。实验中所用的滑动变阻器应选下列中的 ，额定电流1A）A滑动变阻器（最大阻值20 ，额定电流0.3A）B滑动变阻器（最大阻值1750 请将设计的实验电路图画入下面的表格中：实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现将这个小灯泡接到请在图中作出该电源输出电5的电源两端，电动势为1.5V，内阻为 是 耗由电端压的关系图线，此得到小

15、灯泡消的功率流与路 。WFF?0FINL0 ）1 F-F0 【答案】（0 .1W 作图外接分压 （2）A 测绘小灯泡的伏安特性曲线【考点】安培力 在接通电路前，待线框静止时弹簧测力计的拉力与导线框的重力等大反向，即 【解析】 Fmg?F?F安0，得；通电后再次平衡时有：重力大小为FF?0NBIL?FFFF?INL0安安 ，得B=；而由于滑动变阻器采用分压式连接方式，为便于调节，滑动 A变阻器用。开始变化，灯泡电阻较小，电流表外接，灯泡的电压需要从0 滑动变阻器用分压式，电路图如右图。图线，因为灯泡上的电压电流同时满足两条图线，故I-U在小灯泡的伏安曲线上做出电源的1.UI?0W?P。1V 灯泡

16、的实际电压和电流即两图线交点的坐标（，）0.1A 图线U-I【导师点睛】在测小灯泡的伏安特性曲线的实验中，若灯泡的伏安特性曲线和电源的- 5 - 可知，则两线的交点即为小灯泡实际工作的电压和电流，通过作图可求。 分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算51三、计算题（本题共3个小题，共计 步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）届悉尼奥运会，蹦床被列为正式比赛项目，比赛要求选手蹦起的27（15分） 2000年，第9.。蹦床比赛分成预备运动和比赛动作，最初，运动员静止站在蹦床上，在预备8 m高度至少为运动阶段，他经过若干次蹦跳，逐渐增加上升高度，最终达

17、到完成比赛动作所需的高度，此为床面下(x后，进入比赛动作阶段。现把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧，弹力大小F=kx ，此时弹x0=0.10m为常量)，质量m=50kg的运动员静止站在蹦床上，床面下沉沉的距离，k全部用于增加其机WEP弹=25J。在预备运动阶段，假设运动员所做的总功簧具有的弹性势能 ，忽略空气阻力的影响。械能。取重力加速度g=10m/s2 （1）求常量k。 t=2.0 s， 2（）若选手每次离开床面做竖直上抛运动的腾空时间均为 请通过计算说明比赛选手蹦起的高度是否符合比赛规则。 的值。3）请求出选手要到达比赛要求，至少要做的功W（J4025W? K=5000N/m （2）不符合比

18、赛要求 （3）【答案】（1） 【考点】能量守恒定律与胡克定律的应用 mg=kx0 （【解析】1根）据 （2分）mgm?/k=5000Nx 分） （3 解得 012m?5h?gt2，）根据匀变速直线运动公式，上升下落时间相等，即上升时间为1s，即（2 分） （ 5，所以不符合比赛要求。小于规定的要求8m W 3（）设人至少做功 要达到比赛要求，人蹦起的高度至少为h=8 m 3分） （ ）弹由能量守恒定律有W+EP=mg（h+ x0J4025W? 分）（2 解得 2）问出错。【易错警示】本题容易把腾空时间均为t=2.0 s当成上升时间，导致第（ 圆弧与直轨道组合成光滑绝缘轨道，在高度4分）如图所示

19、，在竖直平面内，两个1/1510（、方向水平向右的匀强电场，其它几何尺寸E=mg/qh=2R以下存在 处以初速Am的带正电的小球从如图所示，一带电量为q、质量为 v0向右运动度的大小应满足什）若小球始终沿轨道内侧运动而不脱离，则v0（1 么条件？ 1）中的临界值时，求轨道对小球的最大弹力；取（2）在v0，试求小球从时对轨道的压力等于Bmg）若小球运动到最高点（3 点落回水平轨道过程中电场力所做的功B- 6 - gRv2W?2(2?1)mgR（N?2?32）mg ） （2 ）（【答案】13）0【考点】考查动能定理的应用及带电粒子在电场中的运动 12qE?2R?mg?3R?0?mv 02）若刚好不

20、脱离轨道，则（2分）【解析】（1 v?2gRv?2gR（解得所以应有2分） ， 00 2mg，方向与水平方向成450）重力与电场力的合力角斜向下F= （2所以在下边1/4圆弧中点（设为C）处弹力最大，则 221122)R?mg（?1?)RqE（?1?mv?mv 0C2222 （2分） 22vv00CCN?F?mN?qEcos45?mgsin45?m 22RR）（2分） （或 （2?32）mgN?解得1分） （2vBmg?N?m v?2gR B2R，B3）在最高点1分） 1解得分） （B 4R?t1g 进入电场的时间从B R8?t2g到达水平轨道的时间B从 R ）1?t?（22?t?t12g所以

21、，在复合场中的运动时间 （1分）qE?ga? xm（1分），水平方向 1 2?x?v?t?a（）R?t）=2（2?1 xB2 （1分） 方向向左 W?qE?x?2（2?1）mgR （B点到落回水平轨道过程电场力做功1分） 【易错警示】对题目中的信息“若小球始终沿轨道内侧运动而不脱离，则v0的大小应满足什2mvmg? R求得，导致动能么条件？”理解为能够通过最高点，认为最高点的临界速度根据- 7 - 定理方程出错。 带负电，电荷量大小AB两物块用一根轻绳跨过定滑轮相连，其中19分）如图所示，A、11.（，其上部分37A静止于斜面的光滑部分（斜面倾角为为q。 上方下部分粗糙且足够长，粗糙部分的摩擦系数为，光滑A ，轻绳拉直而无形变。不有一个平行于斜面向下的匀强电场）通过一根轻弹簧拴接在一起，且处于静止状态，、C带电的BB ，的质量为2 m均为m，A弹簧劲度系数为k