江苏省南通市如皋市2015年中考物理一模试卷(解析版)

1、2015年江苏省南通市如皋市中考物理一模试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于它们的下列说法中，正确的是（）A条形码扫描器中的光敏元件是由半导体材料制成的B大亚湾核电站利用的是核聚变释放的能量C“北斗导航”系统是利用超声波进行定位和导航D太阳能、风能、天然气是可再生能源2下列关于声现象的说法中，正确的是（）A在噪声较大的环境中工作时，人们常佩带耳罩，属于在声源处减弱噪声B用一根棉线和两个纸杯可以制成“土电话”，说明固体能够传声C我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的响度太小D我们能区分出小提琴和二胡的声音，是因为它们发出声音

2、的音调不同3关于电磁转换，下列四幅图解释合理的是（）A甲：磁场能产生电流B乙：开关闭合，小磁针N极将向右偏转C丙：磁场对电流的作用D丁：开关闭合，将电能转化为机械能4地球上的水在不断地循环着，经历上升、在空中凝结和下降三个过程，从地面升空时主要发生的物态变化是（）A汽化 凝固B汽化 熔化C汽化 升华D液化 凝华5某同学观察蜻蜓在贴近平静的水面直线飞行时，获得了一张蜻蜓点水的俯视图片如图所示，图片反映了蜻蜓连续三次点水后某瞬间水面波纹的分布情况（2015如皋市一模）下列有关运动和力的关系中，正确说法是（）A子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹受到惯性B小张沿水平方向用力推课桌没推动，是因为他的推

3、力小于课桌受到的摩擦力C茶杯静止在水平桌面上，茶杯的重力和桌面对茶杯支持力是一对平衡力D乒乓球运动员用球拍击球，球拍的作用力只能够使球改变运动状态7关于从粒子到宇宙，下列说法中正确的是（）A物理学家汤姆生发现了电子从而揭示了原子核是可分的B海棉能吸水说明分子间存在间隙C两个表面光滑的铅块紧压后会“粘”在一起，说明分子间有引力D宇宙是一个有层次的天体结构系统，地球是宇宙的中心8如图所示是一种风速测定装置其中风速表是由电压表改装而成，R为定值电阻，R1为滑动变阻器，“T”型管道的竖直管内装有可上下无摩擦自由移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片相连则风速变大时（）A活塞上方气压变大，活

4、塞向下移动BR1接入电路的电阻变大，风速表示数变小CR1接入电路的电阻变小，风速表示数变大DR1接入电路的电阻变小，电路总功率变小9在学校体育课上，体育老师测试引体向上项目如图是引体向上的示意图，小丽同学在半分钟内做了12个规范的引体向上，则她在整个过程中引体向上的功率最接近于（）A100WB200WC300WD400W10如图所示，在水杯后放置一个小泥娃，透过水杯观察小泥娃的图象改变泥娃与水杯的距离，下面是关于我们所能看到的像的特点，其中说法正确的一项是（）A当泥娃比较靠近水杯时，可能看到泥娃变高又变粗的像B当泥娃离水杯足够远时，可能看到泥娃上下倒立又变高的像C当泥娃离水杯一定距离时，可能无

5、论人眼在什么位置都看不清泥娃的像D只要是人眼透过水杯看到的泥娃的像一定是虚像二、解答题（共5小题，满分23分）11小军利用天平、水和烧杯来测量一不规则小石块的密度，请将他的实验步骤补充完整（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡（2）用天平测量小石块的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图1所示，则小石块的质量为g（3）如图2所示：a往烧杯中加入适量的水，把小石块浸没，在水面到达的位置上作标记；b取出小石块，测得烧杯和水的总质量为153g；c往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为183g；d计算出小石块的体积（4）用密度公式计算出小

6、石块的密度为g/cm3在小军的方法中引起的密度测量值比真实值（选填：偏大、偏小或不变）（5）小明嫌小军的方法很麻烦，就找来了烧杯和适量的水，用弹簧测力计对矿石做了两次测量，就测出了石块密度那么小明除了要测出石块在空气中的重力G之外，还要测出石块密度的表达式为（用字母表示，水的密度为水）12周末，小华在爸爸的帮助下利用图示的电能表测量电热水壶的实际功率（1）从表盘信息可知，他家接入的用电器总功率不能超过W（2）该电水壶接入电路必须使用（选填“两孔”或“三孔”）插座，理由是（3）小华断开家中的其他用电器，仅让电热水壶接入家庭电路中并工作，观察到电能表的指示灯在1min内闪烁20次，则电热水壶实际功

7、率是W，如果在使用该电热水壶的过程中，人因操作失误而触电时，能自动切断电路13某辆以蓄电池为驱动的环保汽车，当它在平直路面上20min匀速行驶了12km，驱动电机的输入电压为300V，电流为50A在此状态下驱动电机的输入功率W；若驱动电机能够将输入功率的80%转化为机械功率，则汽车所受的阻力为N若汽车发动机是汽油机，发动机工作时，冲程将内能转化为机械能，汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的较大的性质14为了将重为600N的物体运送到6m高的楼顶上，甲工人利用图甲的滑轮组施加300N拉力在30s的时间内完成任务，此过程中绳子自由端移动的距离为m，拉力的功率为W；乙工人搭建了图乙所示的斜面

8、，斜面长12m、高6m，乙工人沿斜面方向施加400N的拉力匀速将重物也成功运送到楼顶，该过程中斜面的机械效率为，物体所受斜面的摩擦力为N15如图甲是某晶体熔化时温度随时间变化的图象（1）根据图甲可知，该物质在B点时的内能（大于/小于/等于）在C点时的内能，理由是；（2）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c1、c2，则c1：c2=；（3）根据图象信息，请在图乙中粗略画出该晶体熔化时的时间温度图象三、解答题16按照要求作图：（1）请画出如图甲所示中球所受的重力和球对墙壁的压力的示意图（2）如图乙，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向；（3）小雨同学做

9、“用电流表测电流”实验的电路如图丙所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整，使灯L1和L2并联连接，开关控制两盏灯，电流表测量通过灯L1的电流172013年12月2日，玉兔号月面巡视探测器（月球车）成功发射，并成功实现软着陆，如图所示玉兔号有独立驱动的六轮摇臂式行走系统，（2015如皋市一模）小明家购置了一台温热饮水机，其如表，如图乙所示是饮水机的电路图，S0是自动温控开关，R1，R2是提供加热时的电阻丝，当热水箱内的水温达到90时，加热状态停止，进入保温状态，当箱内的水温降到60时，加热状态就启动 额定频率50Hz水箱容量20L加热功率440W最大容积1L额定电压220V保温功率40W（1）饮

10、水机在保温状态下工作时，通过R2的电流最大是；（2）正常工作时该饮水机最大容积的水从60升高到90，用时10min，求水吸收的热量和该饮水机加热状态时的效率；C水=4.2103J/（kg）（3）求该饮水机在加热状态工作时，电阻R1，R2的电阻19在测量小灯泡的电功率的实验中，小灯泡的额定电流为0.3A，灯丝阻值在1015之间所提供的器材有：电流表、电压表、电源（电压恒为6V）、开关各一个，滑动变阻器（50 1A）一个，导线若干（1）如图甲所示是小明没有连接完的实物电路，请用笔画线代替导线将实物图补充完整（2）闭合开关前，甲图中的滑片P应位于（选填“左”或“右”）端；闭合开关无论怎样移动变阻器滑

11、片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是（写出一种即可）（3）排除故障，闭合开关，移动滑片，当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数如图乙所示，读数为V，小灯泡的额定功率为W（4）小红没用电压表，但多用了一个开关，其它器材与小明的相同，也测出了小灯泡的额定功率她设计了如图丙所示电路图，请你帮她完成实验步骤并写出测定额定功率的表达式 实验步骤：按图连接电路； 然后只闭合开关S1，移动滑片P，使电流表的示数为；再闭合开关S2，滑片P位置 （填：“动”或“不动”），记下电流表示数为I；小灯泡的额定功率的表达式：P额=（可能用到的物理量有：电源电压U、灯泡的额定电流Ie、滑动变

12、阻器的最大阻值R0、实验中测得的I）（5）小亮利用该电路探究电流跟电阻的关系，他将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为2V，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于20体育运动会，小华发现水平抛出的铅球落地时的水平距离不尽相同，引起了他的思考于是他设计了如图所示装置进行探究，其中a为铁架台，b为有挡板、形状固定的光滑导轨，c为金属小球或乒乓球（乒乓球的体积比金属球大得多，但质量却小得多）探究前他猜想：水平抛出物体的落地点与抛出点的水平距离s可能与 A物体静止释放时的高度h有关B物体抛出点的高度H有关C物体的质量

13、有关（1）为了保证小球能水平抛出，安装导轨时，底端部分 应是的若请你用现有的器材来检验导轨的安装是否符合要求，最简单的做法是：（2）下表是小华在实验中测得的数据：分析实验序号为的数据，可得出的初步结论是：在其它条件相同的情况下，与小球在轨道上静止释放时的高度h成正比；综合分析表中所给数据，请你写出s与h、H之间的关系式：实验序号抛出点离地面的高度H/m小球释放时的高度h/m落地点与抛出点的水平距离s/m落地点与抛出点的水平距离的平方s2/m210.50.10.450.220.50.20.630.430.50.30.780.641.00.10.630.451.00.20.890.861.00.3

14、1.101.2（3）为了探究猜想C，小华固定导轨的位置，并选择了乒乓球和几个质量不同的金属小球，使它们均从导轨的挡板处开始释放，发现所有金属小球落地点的水平距离s几乎相同，但乒乓球落地点的水平距离s总是较小，这是否证明猜想C成立？（选填“是”或“不是”）你的理由是：21阅读短文，解答问题如图1所示是我国第一艘太阳能混合动力游船“尚德国盛号”其最具特色的太阳翼采用高效晶硅异型太阳能电池板拼装而成，整艘船最多可容纳170位旅客，满载时排水量为60吨“尚德国盛号”驾驶室里有个GPS（全球卫星定位系统）接收器装置，全船照明均采用节能型灯泡及LED灯，大大降低能源损耗，“尚德国盛号”年发电量可达1.71

15、04 kWh，相当于每年节约标准煤约6.2103kg，每年可减少二氧化碳排放量约15.7t（1）卫星通过发射向GPS接收器传送信息太阳能是能源（选填“常规”或“新”），太阳能电池板是将太阳能转化为（2）如果该船满载乘客从东海驶入黄浦江，游船所受到的浮力为N，船体排开水的体积将（选填“减小”、“增大”或“不变”）（已知g取10N/kg，海水江水）（3）LED灯是一种高效的节能光源，该LED灯泡的额定电压为36V、额定功率为3W，若它每天正常发光5h，一个月（30天）消耗的电能是kWh，与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，假设LED灯可以节约90%的电能，则这个LED灯与功率为W的白炽灯亮度

16、相当（4）该游船三相交流变频电机采用交流调速方式，在效率一定时，其耗电功率与转速的立方成正比，而行驶速度与电机转速成正比，下列关于游船匀速直线行驶时，所受阻力f与车速v的关系图线，图2中正确的是（5）若仅采用标准煤给“尚德国盛号”提供电能，为使其仍达到现行的年发电量，求完全燃烧标准煤产生的内能转化成电能的效率是（已知标准煤的热值为3.0107J/kg）2015年江苏省南通市如皋市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于它们的下列说法中，正确的是（）A条形码扫描器中的光敏元件是由半导体材料制成的B大亚湾核电

17、站利用的是核聚变释放的能量C“北斗导航”系统是利用超声波进行定位和导航D太阳能、风能、天然气是可再生能源【考点】核裂变；半导体的作用；电磁波的传播；能源的分类【专题】信息的传递；能源的利用与发展【分析】（1）光敏二极管的主要材料是半导体材料（2）核电站是利用铀核裂变发生链式反应释放出大量的核能来发电的，是可控链式反应（3）卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面（4）要解答本题需掌握：可再生和不可再生能源的特点【解答】解：A、光敏二极管的主要材料是半导体材料当光照发生变化时，由半导体材料做成的光敏电阻的阻值可发生变化，则可以感知条形码，故A说法正确

18、；B、核电站是利用铀核裂变发生链式反应释放出大量的核能来发电的，故B说法错误；C、卫星通信依靠的是电磁波来传递信息，故C说法错误；D、在“太阳能、天然气、风能”这些能源中，太阳能和风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，故D说法错误故选A【点评】本题考查了核裂变、半导体的作用、电磁波的传播、能源的分类，属于基础知识2下列关于声现象的说法中，正确的是（）A在噪声较大的环境中工作时，人们常佩带耳罩，属于在声源处减弱噪声B用一根棉线和两个纸杯可以制成“土电话”，说明固体能够传声C我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的响度太小D我们能区分出小提琴和二胡的声音，是因为它们发出声音的音调不同【考点

19、】防治噪声的途径；声音的传播条件；音调；频率及音调的关系【分析】噪声是指妨碍人正常学习和生活的声音生活中可以从三种渠道防治噪声：一是从声源处减弱，二是从传播过程中减弱，三是从人耳处减弱声音的传播需要介质音色是指声音的品质与特色【解答】解：A、人们佩戴耳罩，属于在人耳处（接收处）减弱错误B、棉线属于固体，固体可以传声正确C、蝴蝶翅膀振动频率慢，产生声音的音调低于20Hz，属于次声，人耳无法听到次声错误D、不同物体发出声音的特色不同，是指声音的音色不同错误故选B【点评】本题考查学生对噪声防治方法和与声音中物理量的定义的理解能力3关于电磁转换，下列四幅图解释合理的是（）A甲：磁场能产生电流B乙：开关

20、闭合，小磁针N极将向右偏转C丙：磁场对电流的作用D丁：开关闭合，将电能转化为机械能【考点】通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场；磁场对通电导线的作用；电磁感应【专题】应用题；磁现象、电生磁；电动机、磁生电【分析】甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；丙图：金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流；丁图：通电导体在磁场中受力而发生运动，是电动机的原理【解答】解：A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电

21、流的磁效应，故A错误； B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，故B错误；C、而该装置演示的是，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，所以该装置是研究电磁感应的，故C错误；D、通电导线在磁场中受力而发生运动，将电能转化为机械能，故D正确故选D【点评】本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机、电动机的原理4地球上的水在不断地循环着，经历上升、在空中凝结和下降三个过程，从地面升空时主要发生的物态变化是（）A汽化 凝固B汽化 熔化C汽化 升华D液化 凝

22、华【考点】汽化及汽化吸热的特点；生活中的升华现象【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华【分析】水循环时地面的水蒸发变成水蒸气，在空中液化成水下落到地面，或凝华成冰晶下落，有时在下落过程中熔化成水下落到地面【解答】解：地面上液态水经过汽化，变为气态，上升到空中，有时也会从固态的冰直接升华为气态，变为水蒸气故选：C【点评】水的循环是地面上的水蒸发到空中，然后在空中经过各种物态变化，有变成水的过程可能经历两种状态或三种状态，可能经历两种物态变化，可能经历两种以上的物态变化5某同学观察蜻蜓在贴近平静的水面直线飞行时，获得了一张蜻蜓点水的俯视图片如图所示，图片反映了蜻蜓连续三次点水后某瞬间水面波纹的分布

23、情况（2015如皋市一模）下列有关运动和力的关系中，正确说法是（）A子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹受到惯性B小张沿水平方向用力推课桌没推动，是因为他的推力小于课桌受到的摩擦力C茶杯静止在水平桌面上，茶杯的重力和桌面对茶杯支持力是一对平衡力D乒乓球运动员用球拍击球，球拍的作用力只能够使球改变运动状态【考点】惯性现象；力的作用效果；平衡力的辨别；力与运动的关系【专题】比较思想；运动和力【分析】利用对应的物理知识，逐个分析选择项中提到的物理情景，从而可以判断选择项的正误【解答】解：A、子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹具有惯性惯性不是力，不能说受到惯性的作用故A错误，B、桌子没动，即为静止状

24、态，即平衡状态，所以在水平方向上受到的推力和摩擦力是一对是平衡力根据二力平衡的条件可知，这两个力是相等的，而不是推力小于摩擦力故B错误C、茶杯静止在水平桌面上，茶杯的重力和桌面对茶杯支持力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一直线上，符合二力平衡的条件，是一对平衡力故C正确D、乒乓球运动员用球拍击球，球拍的作用力不仅能够使球改变运动状态，还可以改变球的形状故D错误故选C【点评】此题考查惯性、平衡力的辨别、力的作用效果、力与运动的关系，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题7关于从粒子到宇宙，下列说法中正确的是（）A物理学家汤姆生发现了电子从而揭示了原子核是

25、可分的B海棉能吸水说明分子间存在间隙C两个表面光滑的铅块紧压后会“粘”在一起，说明分子间有引力D宇宙是一个有层次的天体结构系统，地球是宇宙的中心【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程；人类探究微观世界的历程【专题】比较思想；推理法；粒子与宇宙、材料世界【分析】（1）电子的发现使人们认识到原子是可以再分的，原子由居于原子中心的原子核与核外电子组成，电子的发现揭示了原子是有结构的（2）分子间有间隙（3）分子间存在相互作用的引力和斥力（4）宇宙是由无数天体组成的，地球只是宇宙中一个很小的行星【解答】解：A、原子由原子核和核外电子组成，因此电子的发现揭示了原子是可分的，故A错误；B、海绵吸水，说明物质之间

26、有间隙，不是分子间有间隙，故该选项说法错误，故B错误；C、因为分子间存在相互作用的引力，所以将两个表面光滑的铅块相互紧压后，它们会黏在一起故C正确；D、宇宙没有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，而地球只不过是太阳的一颗行星，故D错误故选C【点评】本题考查了人们对宏观世界和微观世界的认识，属于比较基础的内容8如图所示是一种风速测定装置其中风速表是由电压表改装而成，R为定值电阻，R1为滑动变阻器，“T”型管道的竖直管内装有可上下无摩擦自由移动的轻质活塞，活塞通过轻质细杆和滑动变阻器的滑片相连则风速变大时（）A活塞上方气压变大，活塞向下移动BR1接入电路的电阻变大，风速表示数变小C

27、R1接入电路的电阻变小，风速表示数变大DR1接入电路的电阻变小，电路总功率变小【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小；（2）根据活塞的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化【解答】解：当风速变大时，活塞上方气压变小，活塞向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，定值电阻两端电压变大，电压表（风速表）示数变大；电源电压U不变，电路电流I增大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故ABD错误，C正确；故选C【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到

28、滑动变阻器的使用和欧姆定律的应用，关键是根据流速与压强的关系判断出风速变大时活塞的运动方向9在学校体育课上，体育老师测试引体向上项目如图是引体向上的示意图，小丽同学在半分钟内做了12个规范的引体向上，则她在整个过程中引体向上的功率最接近于（）A100WB200WC300WD400W【考点】功率的计算【专题】估算题；功、功率、机械效率【分析】（1）首先估测出小丽的重力和引体向上移动的距离，根据公式W=Gh可求小丽每一次引体向上所做的功；（2）已知在半分钟内做了12个规范的引体向上，结合一次引体向上做的功进一步求出总功，然后利用P=求出克服重力做功的功率【解答】解：（1）小丽的重力约为600N，每

29、一次引体向上的高度约为0.4m，小丽每一次引体向上所做的功：W=Gh=600N0.4m=240J；（2）小丽半分钟做的总功：W总=240J12=2880J，t=0.5min=30s，小丽做功的平均功率：P=96W计算结果与A选项最为接近故选A【点评】本题考查做功和功率的计算，关键是估测出小丽的重力和引体向上移动的距离10如图所示，在水杯后放置一个小泥娃，透过水杯观察小泥娃的图象改变泥娃与水杯的距离，下面是关于我们所能看到的像的特点，其中说法正确的一项是（）A当泥娃比较靠近水杯时，可能看到泥娃变高又变粗的像B当泥娃离水杯足够远时，可能看到泥娃上下倒立又变高的像C当泥娃离水杯一定距离时，可能无论人

30、眼在什么位置都看不清泥娃的像D只要是人眼透过水杯看到的泥娃的像一定是虚像【考点】生活中的透镜【专题】透镜及其应用【分析】据凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像 物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距注意水杯是圆柱体，所成的像，左右颠倒、上下不颠倒对各个选项逐一分析即可【解答】解：A、当泥娃比较靠近水杯时，若泥娃到水杯的距离小于一倍焦距，会成正立、放大的虚像，看到泥娃变粗的像，但高度不变，故A错误；B、当泥娃离水杯足够远时，在水杯的2倍焦距之外，成倒立、缩小的实像，此时左右颠倒、上下不颠倒，故B错误；C、泥娃

31、放在焦点时，反射光线经水杯折射后变为平行光线，不成像，我们不能看的泥娃的像，故C正确；D、水杯相当于凸透镜，即能成实像也能成虚像，故D错误故选C【点评】本题主要考查的是凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律，并搞清物距像距之间的关系平时在学习物理知识时，要善于总结规律二、解答题（共5小题，满分23分）11小军利用天平、水和烧杯来测量一不规则小石块的密度，请将他的实验步骤补充完整（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到零刻度处，调节天平的平衡螺母使天平平衡（2）用天平测量小石块的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码如图1所示，则小石块的质量为72g（3）如图2所示：a往烧杯中加入适量的水

32、，把小石块浸没，在水面到达的位置上作标记；b取出小石块，测得烧杯和水的总质量为153g；c往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为183g；d计算出小石块的体积（4）用密度公式计算出小石块的密度为2.4g/cm3在小军的方法中引起的密度测量值比真实值偏小（选填：偏大、偏小或不变）（5）小明嫌小军的方法很麻烦，就找来了烧杯和适量的水，用弹簧测力计对矿石做了两次测量，就测出了石块密度那么小明除了要测出石块在空气中的重力G之外，还要测出石块浸没在水中时弹簧测力计示数F石块密度的表达式为（用字母表示，水的密度为水）【考点】固体的密度测量实验【专题】测量型实验综合题【分析】（1）（2）石块

33、的质量等于砝码质量加游码在标尺上所对的刻度值；（3）（4）根据V=V水=计算出石块的体积，根据=计算出石块的密度；由于将石块从水中捞出时，上面会沾有水，所测石块的体积偏大，根据公式知，所测密度偏小；（5）根据浮力知识，若测出石块完全浸没时的浮力，则可根据V=V排=计算出石块的体积，从而计算出石块的密度【解答】解：（2）由图1知，石块的质量m=50g+20g+2g=72g；（4）往烧杯中加入水的质量为m=183g153g=30g，所以石块的体积V=V水=30cm3；则=2.4g/cm3；由于将石块从水中捞出时，上面会沾有水，所测石块的体积偏大，则所测密度偏小；（5）根据浮力的知识，当物体完全浸没

34、时，V=V排=，所以测出石块的重力后，将其完全浸没在水中，读出此时测力计的示数F，则F浮=GF，V=V排=所以=故答案为：（2）72；（4）2.4；偏小；（5）石块浸没在水中时弹簧测力计示数F；【点评】此题是测量石块的密度，要测量密度，需得知质量和体积两个量，题目中告诉我们两种测量物体体积的方法，应注意掌握12周末，小华在爸爸的帮助下利用图示的电能表测量电热水壶的实际功率（1）从表盘信息可知，他家接入的用电器总功率不能超过2200W（2）该电水壶接入电路必须使用三孔（选填“两孔”或“三孔”）插座，理由是电热水壶是金属外壳，金属外壳必须接地（3）小华断开家中的其他用电器，仅让电热水壶接入家庭电路

35、中并工作，观察到电能表的指示灯在1min内闪烁20次，则电热水壶实际功率是750W，如果在使用该电热水壶的过程中，人因操作失误而触电时，漏电保护器能自动切断电路【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；信息给予题；电能和电功率【分析】（1）电能表上所标“220V”是指正常工作电压；“10（20）A”，其中10A是平时工作允许通过的最大电流，20A是短时间内允许通过的最大电流，据此计算他家接入用电器总功率的最大值；（2）为了安全用电，有金属外壳的家用电器的电源插座都用三孔插座，三脚插头的接地脚应与用电器的金属外壳相连通，这样若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导

36、入大地，以防触电事故的发生；（3）根据1min指示灯闪烁的次数结合参数“1600imp/kWh”求出消耗的电能，再根据P=计算出功率；漏电保护器俗称漏电开关，是用于在电路或电器绝缘受损发生对地短路时防人身触电的保护电器，一般安装于每户配电箱的插座回路上【解答】解：（1）由表盘知道电能表的正常工作电压为220V，平时工作允许通过的最大电流为10A，小华家接入用电器总功率的最大值P=UI=22010A=2200W；（2）因为电热水壶是金属外壳，金属外壳必须接地，所以要用三孔插座，若金属外壳的用电器外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，以防触电事故的发生；（3）根据参数1600imp/（kWh）知，

37、每消耗1kWh的电能，电能表的指示灯闪烁1600次；所以闪烁20次消耗的电能为：W=kWh=kWh，电热水壶的功率：P=0.75kW=750W；如果在使用该电热水壶的过程中，人因操作失误而触电时，电路中流入电流和流出电流不相等，此时漏电保护器会自动切断电路故答案为：（1）2200；（2）三孔；电热水壶是金属外壳，金属外壳必须接地；（3）750；漏电保护器【点评】此题考查了电功率的计算和使用电热水壶的安全用电知识，关键是对电能表参数的含义理解13某辆以蓄电池为驱动的环保汽车，当它在平直路面上20min匀速行驶了12km，驱动电机的输入电压为300V，电流为50A在此状态下驱动电机的输入功率1.5

38、104W；若驱动电机能够将输入功率的80%转化为机械功率，则汽车所受的阻力为1200N若汽车发动机是汽油机，发动机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的比热容较大的性质【考点】电功率与电压、电流的关系；功率计算公式的应用；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程【专题】计算题；简答题；其他综合题【分析】（1）知道驱动电机的输入电压和电流，根据P=UI求出驱动电机的输入功率；（2）根据效率公式求出牵引汽车前进的机械功率，再根据P=Fv求出牵引力，汽车匀速直线行驶时受到的牵引力和受到的阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件求出汽车所受阻力（3）在内燃机的四个冲

39、程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能；（4）水的比热容比其他物质大，常常用来做冷却剂【解答】解：（1）在此行驶状态下，驱动电机的输入功率：P=UI=300V50A=1.5104W；（2）因为驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率，所以牵引汽车前进的机械功率：P=P80%=1.5104W80%=1.2104W，由P=Fv，且v=36km/h=10m/s，所以汽车受到的牵引力F=1200N，因为汽车匀速直线行驶时受到的牵引力和受到的阻力是一对平衡力，所以汽车所受阻力：f=F=1200N（3）发动机工作时，做功冲程将内能转化为

40、机械能 （4）因为水这种物质的比热容较大，在吸收相同的热量时，相同质量升高的温度相对较小，常用来作为冷却剂使用故答案为：1.5104；1200；做功；比热容【点评】本题考查了电功率公式和效率公式、功率公式、二力平衡条件的应用，关键是公式及其变形式的灵活应用，计算过程要注意单位的换算14为了将重为600N的物体运送到6m高的楼顶上，甲工人利用图甲的滑轮组施加300N拉力在30s的时间内完成任务，此过程中绳子自由端移动的距离为18m，拉力的功率为180W；乙工人搭建了图乙所示的斜面，斜面长12m、高6m，乙工人沿斜面方向施加400N的拉力匀速将重物也成功运送到楼顶，该过程中斜面的机械效率为70%，

41、物体所受斜面的摩擦力为100N【考点】滑轮组绳子拉力的计算；摩擦力的大小；斜面的机械效率；功率的计算【专题】机械与功【分析】（1）由滑轮组结构看出，承担物重的绳子股数n=3，s=3h知道物体上升高度，利用s=3h求绳的自由端移动的距离；利用W总=Fs求拉力做功，利用P=求功率；（2）人做的有用功是将物体沿斜面推上汽车，即将物体升高了h，故有用功为人克服重力做功，由W=Gh求解；人做的总功为人的推力做功，由W=Fs求解，再利用机械效率公式求斜面的机械效率；人做的额外功是人克服摩擦力做功，等于总功减去额外功，再利用W额=fs求摩擦力【解答】解：（1）由题知，n=3，s=3h=36m=18m，W总=

42、Fs=300N18m=5400J；P=180W（2）人做的有用功：W有=Gh=600N6m=3600J；人所做的总功：W总=Fs=400N12m=4800J；人做功的机械效率：=100%=100%=75%；W总=W有+W额Fs=Gh+fsf=100N故答案为：18；180；75%；100【点评】本题考查了使用滑轮组、斜面时有用功、总功、机械效率的计算方法，理解他们的工作原理是本题的关键15如图甲是某晶体熔化时温度随时间变化的图象（1）根据图甲可知，该物质在B点时的内能小于（大于/小于/等于）在C点时的内能，理由是晶体熔化吸热；（2）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c

43、1、c2，则c1：c2=1：2；（3）根据图象信息，请在图乙中粗略画出该晶体熔化时的时间温度图象【考点】熔化和凝固的温度时间图象【专题】温度计、熔化和凝固；图像综合题【分析】（1）晶体熔化的过程中吸热而不升温；（2）晶体熔化过程中质量不变，吸收热量的多少与加热时间成正比，根据Q=cmt可判断比热容的比值；（3）根据甲图中四个点对应的时间和温度，在乙图中先描点再用线将各点相连即可【解答】解：（1）晶体熔化过程要吸收热量，故C点内能大于B点；（2）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段温度升高10，被加热5min；在CD段温度升高10，被加热10min；则该物质在AB段吸热与CD段吸热之比为1：2

44、，根据Q=cmt可得， =；（3）根据甲图中四个点对应的时间和温度，在乙图中先描点再用线将各点相连，图形如下所示：故答案为：（1）小于；晶体熔化吸热；（2）1：2；（3）时间温度图象如上所示【点评】关键在于理解：相同加热器加热相同时间，则被加热物质吸收相同的热量三、解答题16按照要求作图：（1）请画出如图甲所示中球所受的重力和球对墙壁的压力的示意图（2）如图乙，一束光从水中斜射到水面，请画出反射光线和折射光线的大致方向；（3）小雨同学做“用电流表测电流”实验的电路如图丙所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整，使灯L1和L2并联连接，开关控制两盏灯，电流表测量通过灯L1的电流【考点】重力示意图；

45、作光的反射光路图；作光的折射光路图；实物的电路连接【专题】作图题；图像综合题【分析】（1）重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心上压力的方向总是垂直于接触面，并且指向接触面；根据压力的作用点在接触面上，确定出压力的作用点，然后过作用点表示压力的方向（2）过入射点做出法线，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线（3）电流表的使用规则是：串联在电路中；电流由正接线柱流入，负接线柱流出；所测电流不能超过电流表的量程；绝对不允许将电流表直接连在电源的两极上【解答】解：（1）重力的方向竖直向下，压力的作用点是球与墙壁的接触点，然后过作用点作垂直于墙壁，并指向墙里面的压力如图所示：

46、（2）过入射点做出法线，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小然后利用光的反射规律做出对应的反射光线光从水中斜射入空气，所以折射角大于入射角，由此可以做出对应的折射光线如下图所示：（3）按分析中的两条路径连接电路，将电流表左端接线柱与灯泡L1右端接线柱相连，开关左端接线柱与灯泡L2左端接线柱相连，如下图所示：【点评】（1）画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图（2）做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节，若告诉了入射角的大小，一定要标出反射角的大小（3）本题考查了电流表的使用和设计电路

47、，会根据要求设计串并联电路172013年12月2日，玉兔号月面巡视探测器（月球车）成功发射，并成功实现软着陆，如图所示玉兔号有独立驱动的六轮摇臂式行走系统，（2015如皋市一模）小明家购置了一台温热饮水机，其如表，如图乙所示是饮水机的电路图，S0是自动温控开关，R1，R2是提供加热时的电阻丝，当热水箱内的水温达到90时，加热状态停止，进入保温状态，当箱内的水温降到60时，加热状态就启动 额定频率50Hz水箱容量20L加热功率440W最大容积1L额定电压220V保温功率40W（1）饮水机在保温状态下工作时，通过R2的电流最大是0.18A；（2）正常工作时该饮水机最大容积的水从60升高到90，用时

48、10min，求水吸收的热量和该饮水机加热状态时的效率；C水=4.2103J/（kg）（3）求该饮水机在加热状态工作时，电阻R1，R2的电阻【考点】电功率与电压、电流的关系；电功与热量的综合计算【专题】电和热综合题【分析】（1）根据P=UI求出保温状态下的电流；（2）根据=求出水的质量，根据Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；再根据W=Pt求出加热时消耗的电能，根据=求出加热效率；（3）由电路图可知，温控开关断开时电路为R2的简单电路，饮水机处于保温状态，根据P=求出R2的阻值；温控开关闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，加热功率减去保温功率等于R1消耗的电功率，再根据P=求出R1的阻值【

49、解答】解：（1）由P=UI得该饮水机保温状态下的电流：I=0.18A；（2）由=得水箱中水的质量：m=V=1103kg/m31103m3=1kg，水箱中的水吸收的热量：Q吸=c水m（tt0）=4.2103J/（kg）1kg（9060）=1.26105J，饮水机工作10min消耗的电能：W=Pt=440W600s=2.64105J，该饮水机加热时的效率：=100%=100%48%；（3）由电路图可知，温控开关断开时电路为R2的简单电路，饮水机处于保温状态，根据P=可得：R2=1210，温控开关闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，R1在正常加热状态功率：P1=P加热P保温=440W40W=40

50、0W，R1的阻值：R1=121答：（1）0.18A；（2）水吸收的热量为1.26105J，该饮水机加热状态时的效率为48%；（3）求该饮水机在加热状态工作时，电阻R1为121，R2的电阻为1210【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用以及密度公式、热量的计算等，关键是饮水机加热和保温状态的判断，要注意单位的换算19在测量小灯泡的电功率的实验中，小灯泡的额定电流为0.3A，灯丝阻值在1015之间所提供的器材有：电流表、电压表、电源（电压恒为6V）、开关各一个，滑动变阻器（50 1A）一个，导线若干（1）如图甲所示是小明没有连接完的实物电路，请用笔画线代替导线将实物图补充完整（2）闭合开关前，甲图

51、中的滑片P应位于右（选填“左”或“右”）端；闭合开关无论怎样移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路（写出一种即可）（3）排除故障，闭合开关，移动滑片，当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数如图乙所示，读数为4V，小灯泡的额定功率为1.2W（4）小红没用电压表，但多用了一个开关，其它器材与小明的相同，也测出了小灯泡的额定功率她设计了如图丙所示电路图，请你帮她完成实验步骤并写出测定额定功率的表达式 实验步骤：按图连接电路； 然后只闭合开关S1，移动滑片P，使电流表的示数为0.3A；再闭合开关S2，滑片P位置不动 （填：“动”或“不动”），记下电流表示

52、数为I；小灯泡的额定功率的表达式：P额=Ie2（）（可能用到的物理量有：电源电压U、灯泡的额定电流Ie、滑动变阻器的最大阻值R0、实验中测得的I）（5）小亮利用该电路探究电流跟电阻的关系，他将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电压表示数始终为2V，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于25【考点】电功率的测量【专题】实验题；压轴题；探究题；实验分析法；测量型实验综合题【分析】（1）由电路图可知，电压表连线不完整，根据题意确定电压表量程，电压表应与灯泡并联（2）在连接电路时，为防止电路中电流过大，开关应断开，滑动变阻器的滑片

53、应滑到电阻最大位置；小灯泡不亮，原因有二：断路或短路具体故障根据电流表或电压表示数确定；（3）由图乙确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由电功率公式P=UI求出灯泡的功率（4）灯泡与滑动变阻器串联，根据额定电流，首先用变阻器调节使灯泡正常发光，然后将变阻器单独接入电路，保持其阻值不变，根据电源电压和电流表的示数计算出变阻器的阻值，从而可计算出灯泡正常发光时的电压，由P=UI得出灯泡的额定功率表达式（5）根据电压表的示数；结合串联电路的电阻与电压的关系，并结合滑动变阻器的最大阻值解答【解答】解：（1）灯泡额定电流为0.3A，灯丝阻值在1015之间，则灯泡额定电压U=IR在3V4.5V间，电压表应选015V量程，电压表与灯泡并联，电路图如图1所示：（2）在连接电路时，为防止电路中电流过大，开关应断开，滑动变阻器的滑片应滑到电阻最大