2019-2020学年河北省邢台巿南和一中高二(上)第一次月考物理试卷

1、2019-2020 学年河北省邢台巿南和一中高二（上）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共7 小题，共28.0 分）1. 冬天在撕开包装盒外的塑料包装纸时，我们经常会发现撕开的包装纸粘在手上甩不掉的现象对上述的判断与分析，下列说法正确的是A. 塑料包装纸粘在手上甩不掉的原因和口香糖粘在手上甩不掉的原因相同B. 这种现象时摩擦起点后的库仑力造成的C. 手对塑料包装纸的引力等于塑料包装纸受到的重力D. 手对塑料包装纸有引力作用而塑料包装纸对手没有引力作用2.已知真空中两电荷量分别为、的点电荷相距为R，电荷间的作用力大小为F，那么真空中两电荷量分别为、的点电荷相距为2R，电荷间的作用力大小为A.

2、FB.C. 5FD. 10F3.如图所示，当一个带电的小球C 从远处慢慢移近不带电的金属棒AB 的 A 端时，下列说法正确的是A. 金属棒中的正、负电荷均不移动B. 金属棒中的负电荷向 A 端移动，同时正电荷向 B 端移动C. 金属棒中的正电荷向 B 端移动，负电荷不移动D. 金属棒中的负电荷向 A 端移动，正电荷不移动4. 如图为某匀强电场的等势面分布图， 每两个相邻等势面相距 2cm，则该匀强电场的场强大小和方向分别为A.，水平向左B.，水平向右C.，水平向左D.，水平向右5.如图中，实线和虚线分别表示等量异种点电荷的电场线和等势线，则下列有关P、 Q 两点的相关说法中正确的是A. 两点的

3、场强等大、反向B. P 点电场更强C. 两点电势一样高D. Q 点的电势较低6.在点电荷形成的电场中有一点A，当一个的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为 W，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为A.，B.，C.，D.，7.如图所示， a、 b、 c 是一条电场线上的三点，电场线的方向由a 到 c，a、 b间距离等于 b、c 间距离，用、 和、 、 分别表示 a、 b、 c 三点的电势和场强，可以判定第1页，共 11页A.B.C.D.二、多选题（本大题共5 小题，共20.0 分）8. 场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是A. a 点电势高于 b 点电

4、势B. c 点场强大于 b 点场强C. 若将一检验电荷由 a 点移至 b 点，它的电势能增大D. 若在 d 点再固定一点电荷，将一检验电荷由 a 移至 b 的过程中，电势能减小9.如图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N 质量相等，所带电荷的绝对值也相等现将M、N 从虚线上的O 点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示点 a、b、c 为实线与虚线的交点已知O 点电势高于 c 点，若不计重力，则A. M 带负电荷， N 带正电荷B. N 在 a 点的速度与 M 在 c 点的速度大小相同C. N 在从 O 点运动至 a 点的过程中克服电场力做功D.

5、 M 在从 O 点运动至 b 点的过程中，电场力对它做的功等于零10.如图甲是某电场中的一条电场线，A、B 是这条电场线上的两点，若将一负电荷从 A 点自由释放， 负电荷沿电场线从A 到 B 运动过程中的速度图象如图乙所示，比较A、 B 两点电势的高低和场强大小可知A.B.C.D.11. 平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部闭合电键 K，电容器充电， 这时悬线偏离竖直方向的夹角为则下述说法正确的是A. 保持电键 K 闭合，带正电的A 板向 B 板靠近，则变大B. 保持电键 K 闭合，带正电的A 板向 B 板靠近，则不变C. 电键 K 断开，带正电的A 板向 B 板靠近，

6、则不变D. 电键 K 断开，带正电的A 板向 B 板靠近，则增大12. 在如图所示的电路中，定值电阻的阻值为，电动机 M 的线圈电阻值为，a、b 两端加有 44V的恒定电压， 理想电压表的示数为24V，由此可知A.B.通过电动机的电流为12A电动机消耗的功率为48WC. 电动机线圈在1 分钟内产生的热量为480JD. 电动机输出的功率为8W三、实验题（本大题共2 小题，共18.0 分）第2页，共 11页13.描绘小电珠的伏安特性曲线的实验电路如图1，小电珠的额定电压是根据实验数据在坐标系中描点如图试在坐标系中画出该小灯泡的伏安曲线根据图象，下列说法正确的是_A、该小灯泡的额定功率为B、小灯泡在

7、1V 电压下灯丝的电阻约为C、小灯泡在2V 电压下灯丝的电阻约为D 、小灯泡在不同电压下的电阻不相同是因为灯丝的电阻率随温度升高而减小关于该实验的系统误差，下列说法中正确的是_A、系统误差主要是由电压表的分流引起的B、系统误差主要是由电流表的分压引起的C、系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的D 、系统误差主要是由读数时的估读引起的若将该灯泡接与的电阻串联后接在的电压两端，其实际功率是 _“”约为，14. 在 测定金属导体的电阻率的实验中，待测金属丝的电阻实验室备有下列实验器材A.电压表量程，内阻约为B.电压表量程，内阻约为C.电流表量程，内阻约为D .电流表E.变阻器F .变阻器G.电池组电动

8、势为3V，内阻约为H .开关 S，导线若干为减小实验误差，电流表应选用_；电压表应选用_；滑动变阻器应选_。 填实验器材代号A、B、 C、 D、 E、 F，其它不给分。为减小实验误差，在虚线框内画出该实验的最合适的电路原理图。四、计算题（本大题共4 小题，共40.0 分）15.真空中某位置固定一带电荷量的点电荷，在距此点电荷处放入一带电量的试探电荷，已知静电力常量求：试探电荷受到的电场力的大小F；试探电荷所在位置的电场场强大小E第3页，共 11页16. 一台铭牌上标有“220V 66W”6V的直流电路中，测得通过电风扇电动机的的电风扇，某同学将其接入电流为求电风扇正常工作时通过电动机的电流；转

9、化为机械能的功率和电机的效率17.如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间的距离为d，上板正中有一小孔。质量为 m、电荷量为的小球从小孔正上方高h 处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为。求：小球到达小孔处的速度；极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；小球从开始下落运动到下极板处的时间。18.如图所示，有一电荷量为、质量为m 的带电粒子经电压为U、板间距离为d 的加速电场加速后，沿电压为U、板长和板间距离均为d 的平行金属板A、板带正电的中心线进入偏转电场，从偏转电场射出后打到距离板 A、B 右边缘为 d 的足

10、够大荧光屏 CD 上。已知板 A、B 的中心线与屏 CD 垂直，交点为 O，粒子的初速度、加速电场与碰撞电场间距离、粒子重力均忽略不计。求：粒子从开始加速至打到荧光屏上的时间；粒子打到荧光屏上的位置带O 点的距离。第4页，共 11页答案和解析1.【答案】 B【解析】解： AB、冬天在撕开包装盒外的塑料包装纸时，塑料包装纸会引摩擦带上一定的电荷，带电荷而且又绝缘的包装纸会与附近的手发生静电感应，所以包装纸就会粘在手上甩不掉。可知这种现象时摩擦起点后的库仑力造成的，与口香糖粘在手上甩不掉的原因不相同。故A 错误， B 正确；C、种现象时摩擦起点后的库仑力造成的，不是手对包装纸的引力。故C 错误；D

11、、力的作用是相互的，手对塑料包装纸有引力作用，塑料包装纸对手也有引力作用。故D 错误。故选： B。根据摩擦起电与电荷之间的相互作用的特点分析即可该题属于物理知识在日常生活中的应用，掌握摩擦起电的实质、现象、原因，并能解释常见的现象是基本要求2.【答案】 B【解析】解：由点电荷库仑力的公式，电荷间的作用力大小为；两电荷量分别为、的点电荷相距为2R，可以得到，则两电荷间的作用力为，故 B 正确， ACD 错误。故选： B。本题考查了应用库仑定律公式解题能力，对题目中叙述的两种状态分别依据库仑定律公式列方程，即可求解结果本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出，属于简单基础题目3.

12、【答案】 D【解析】解： A、金属导电的实质是自由电子的移动，即自由电子在外电场的作用下发生移动，正电荷不移动。故 A 错误；B、当一个带电的小球C 从远处慢慢移近不带电的金属棒AB 的 A 端时，由于C 产生的电场的向右，故带负电的电子向 A 端移动， A 端积累负电荷而带上负电， B 端失去负电荷而带上正电；故 D 正确， BC 错误；故选： D。带正电荷的球 C 移近不带电的枕形金属导体时， 发生了静电感应现象， 金属导电的实质是自由电子的移动，正电荷不移动；电荷间的相互作用，同号电荷相互排斥，异种电荷相互吸引本题考查静电感应的本质，要注意明确静电感应时，电荷的移动；重点是金属导电的实质

13、是自由电子的移动，正电荷不移动4.【答案】 C【解析】解：根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左。两个相邻等势面相距，电势差，则电场强度；故选： C。电场线总是与等势面垂直，而且由高电势指向低电势根据匀强电场场强与电势差的关系求出电场强度的大小本题考查电场线与等势面的关系、场强与电势差的关系公式中，d 是沿电场线方向两点间的距离5.【答案】 C第5页，共 11页【解析】解：A、根据电场线的疏密判断场强的大小，由图看出，P、 Q 两点中， P 处电场线疏，Q 的电场线密。所以Q 的场强大于P 点场强，故A 错误， B 错误。C、一对等量异号电荷的连线的中垂

14、线是等势面，故P、 Q 两点的电势相等。故C 正确， D 错误。故选： C。根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆6.【答案】 A【解析】解：依题意，的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为， A 点的电势。故选： A。根据电场力做功多少，电荷的电势能就减小多少分析电

15、荷在A 点与无限远间电势能的变化量，确定电荷在A 点的电势能，由公式求解 A 点的电势。电场中求解电势、电势能，往往先求出电势能改变量、该点与零电势的电势差，再求解电势和电势能。公式一般代入符号计算。7.【答案】 C【解析】解： A、对于匀强电场，两点间的电势差，由于电场线的疏密情况无法确定，两点间的电势差的公式也不能适用，不能判断电势差的关系，故A 错误；B、 D 只有一条电场线，不能确定电场线的分布情况，无法比较场强的大小，故BD 错误。C、沿电场线方向电势降低，可以比较电势高低，根据电场线方向可知，故 C 正确。故选： C。本题根据顺着电场线方向电势逐渐降低，判断电势关系；电场线的疏密表

16、示电场强度的相对大小根据匀强电场中场强与电势差的关系，定性分析电势差的关系本题考查了电场线和电势、电场强度以及电势差之间的关系，尤其注意公式的适用条件以及公式中各个物理量的含义8.【答案】 AD【解析】解： A、沿着电场线方向电势降低，则知a 点电势高于 b 点电势，故 A 正确。B、电场线的密的地方场强大，b 点电场线密，所以b 点场强大，故 B 错误。CD、若在 d 点再固定一点电荷， a 点电势高于 b 点电势，将试探电荷由 a 移至 b 的过程中，电场力做正功，电势能减小，故C 错误， D 正确。故选： AD 。电场线的疏密反映电场的强弱沿着电场线方向电势降低根据电场力做功正负分析电荷

17、的电势能如何变化掌握电场线的特点和物理意义即可解决问题此题可通过动能定理判断电荷动能的变化，即可知道速度大小的变化9.【答案】 BD第6页，共 11页【解析】解： A、由题，等势线在水平方向，O 点电势高于 c 点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向垂直于虚线有b 指向 c，根据粒子的轨迹可判断出a 粒子所受的电场力方向垂直于虚线有 O 指向 a，M 粒子所受的电场力方向垂直于虚线有b 指向 c，故知 N 粒子带负电， M 带正电。故 A错误；B、由动能定理可知， N 在 a 点的速度与 M 在 c 点的速度大小相等，但方向不同，速度不同。故B 正确；C、 N 从 O

18、 点运动至 a 点的过程中电场力与速度的夹角为锐角，电场力做正功。故C 错误；D、 O、 b 间电势差为零，由动能定理可知M 从 O 点运动至 b 点的过程中，电场力对它做功为零。故D 正确。故选： BD 。根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，O 点电势高于 c 点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，从而确定出粒子的电性由动能定理可知，N 在 a 点的速度与 M 在 c 点的速度大小相等，但方向不同N 从 O 点运动至 a 点的过程中电场力做正功O、b 间电势差为零，由动能定理可知电场力做功为零本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，

19、分析能否判定电性由动能定理分析电场力做功是常用的方法10.【答案】 BC【解析】解：负电荷从 A 释放 初速为后，能加速运动到B，说明负电荷受到的电场力方向是从A指向 B，那么电场方向就是由 B 指向 A，由于沿电场线方向电势逐渐降低，所以AB 两点的电势关系是。负电荷从 A 运动到 B 的过程中，它的加速度是逐渐减小的乙图中的“斜率 ”表示加速度 ，由牛顿第二定律知，负电荷从 A 到 B 时，受到的电场力是逐渐减小的，由知，故 BC 正确。故选： BC。根据受力方向判断电场线方向，根据加速度的大小判断场强大小的变化。本题考查了对图象的认识和理解，能从图象中获取有用的物理信息，本题是小型的综合

20、题。11.【答案】 AC【解析】【分析】保持电键 K 闭合时，电容器板间电压不变，由分析板间场强的变化，判断板间场强的变化，确定的变化电键K 断开，根据推论可知，板间场强不变，分析是否变化本题解答的关键是抓住不变量进行分析，当电容器保持与电源相连时，其电压不变；当电容器充电后断开时，其电量不变【解答】保持电键K 闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A 板向 B 板靠近时，板间距离d 减小，由分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大故 A 正确， B 错误；电键 K 断开，两极板带电量不变，根据推论，可知，板间场强不变，小球所受电场力不变，则不变故C 正确， D 错误故选： AC。12

21、.【答案】 BC【解析】解：A、通过电动机的电流故 A 错误。B、电动机消耗的功率故 B 正确。第7页，共 11页C、电动机线圈在1 分钟内产生的热量故 C 正确。D、电动机的输出功率出故 D 错误。故选： BC。A、根据 ab 两端的电压和电压表的示数，求出R 两端的电压，再根据欧姆定律求出通过电动机的电流。B、根据求出电动机的输入功率，即电动机消耗的功率。C、根据求出电动机在1 分钟内产生的热量。D、电动机的输出功率等于输入功率减去电动机内部消耗的功率。解决本题的关键会灵活运用欧姆定律，以及知道电动机的输出功率等于输入功率减去电动机内部消耗的功率。13.【答案】 ABCA【解析】解：根据描

22、点法将各点用平滑的曲线相连接，如图所示；、由力可知，当电压为时，电路中电流为；故灯泡的功率；故 A正确；B、 1V 时电压为；故电阻；故 B 正确；C、 2V时的电流为；故电阻；故 C 正确；D、小灯泡在不同电压下的电阻不相同是因为灯丝的电阻率随温度升高而增大；故D 错误；故选： ABC；由电路图可知，本题采用了电流表的外接法，由于电压表的分流而使电流表示数偏大；故选：A；将等效为内阻， 4V等效为电源的电动势；则相当于是将灯泡接在电动势为4V，内阻为的电源两端，在图中做出等效电源的伏安特性曲线，则交点为电灯泡的工作点，则可知，此时电压为1V，电流为；则功率；故答案为：如图根据描点法得出对应的

23、伏安特性曲线；根据给出的电压在图象中找出对应的电流值，由欧姆定律可求得电阻；根据电路结构分析误差原因；由于灯泡电阻随电压的变化而变化， 故不能由欧姆定律求解； 而是做出电源的伏安特性曲线； 两图的交点为灯泡的工作点，由功率公式可求得功率本题考查灯泡伏安特性曲线的实验，对于本实验要注意实验原理、电路接法及数据处理的方法；特别明确灯泡电阻随温度的升高而增大14.【答案】 DAE【解析】解：电源电动势为3V，电压表应选择A；通过待测电阻的最大电流约为：，电流表应选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择E。第8页，共 11页由题意可知， 电压表内阻远大于待测电阻阻值， 电流表应采用外接法， 滑动变阻器最大阻值远大于待测电阻阻值，滑动变阻器可以采用限流接法，实验电路图如图所示：故答案为：； A；E；电路图如图所示。根据流过电阻的最大电流选择电流表， 根据电源电动势选择电压表， 为方便实验操作， 应选择最大阻值较小的滑动变阻器。根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后根据实验原理作出实验电路图。本题考查了实验器材的选择， 要掌握实验器材的选择原则： 安全性原则、 精确性原则、 方便实验操作原则；根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法是作出实验电路的关键。15.【答案】解：由库仑定律得由电场强度公式得答：试探电荷受到的电场力的大小；试探电荷所在位置的