2019-2020学年广东省深圳市龙城高中高二(上)第一次月考物理试卷

1、2019-2020 学年广东省深圳市龙城高中高二（上）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共5 小题，共20.0 分）1. 下列四幅图中包含的物理思想方法叙述错误的是A. 图甲：观察桌面微小形变的实验，利用了放大法B. 图乙：探究影响电荷间相互作用力的因素时，运用了控制变量法C. 图丙：利用红蜡块的运动探究合运动和分运动的实验，体现了类比的思想D. 图丁：伽利略研究力和运动的关系时，运用了理想实验方法2. 如图所示，内壁光滑的绝缘真空细玻璃管竖直放置， A、B 端分别固定带电小球 a、b，另一带电小球其直径略小于管内径位于 AB 中点 O，处于静止状态，小球均带正电。轻晃玻璃管可观察到小球c

2、在 O 点附近的 M、 N 点间上下运动。下列说法正确的是A. M、 N 两点的电势相等B. 小球 c 在运动过程中机械能守恒C. 小球 a 的电荷量等于小球b 的电荷量D. 小球 c 从 O 点运动到 N 点电场力做负功3.物体做匀加速直线运动，相继经过相邻两段距离为的路程，第一段用时，第二段用时，则物体的加速度是A.B.C.D.4. 如图所示， 两物体与水平面间的动摩擦因数相同，它们的质量相等， 在甲图用力推物体， 在乙图用力拉物体， 两种情况下，物体都做匀速运动，经相同的位移，则和对物体做功和关系为A.B.C.D. 无法判断5. 如图所示，水平面内有一个匀强电场，在该平面内有一个以O 为

3、圆心， R 为半径的圆，其中 AB 为圆的直径， C、 D 为圆上两点，且一个带电量为的粒子，以初速度v 从 A 点三次沿不同的方向射出，分别运动到B、C、D 三点，粒子到达C 点的速度为，到达 B 点的速度为不计粒子重力，若粒子到达 D 点的速度大小为，匀强电场的场强大小为E，则第1页，共 12页A. ；C.；二、多选题（本大题共7 小题，共28.0 分）B.D.；6.一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下，如图所示为运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的图象，对于运动员的运动，下列说法正确的是A.s 做自由落体运动，15 s 末开始做匀速直线运动B. s 做加速度逐渐减小的

4、减速运动C. s 内的平均速度为D. 10 s 末打开降落伞，s内的位移小于75m7. 关于曲线运动，下列说法正确的是A. 曲线运动一定是变速运动B. 有些曲线运动不是变速运动， 比如人造卫星绕地球运动时， 如果它在相等的时间内通的路程相等，则这种运动就不是变速运动C.D.做曲线运动的物体速度方向沿物体在该点的切线方向做曲线运动的物体，所受的合力有可能为零8. 如图所示，我国有一种传统的民族体育项目叫做 “押加 ”，实际上相当于两个人拔河，如果甲、乙两人在 “押加 ”比赛中，甲获胜，则下列说法中正确的是A. 甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力，所以甲获胜B. 当甲把乙匀速拉过去时，甲对乙的拉力大小等

5、于乙对甲的拉力大小C. 当甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力D. 甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，所以甲获胜9.如图为两颗人造卫星绕地球运动的轨道示意图， 为圆轨道， 为椭圆轨道， AB 为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，C、 D 为两轨道交点已知轨道 上的卫星运动到 C 点时速度方向与 AB 平行，则下列说法正确的是A. 两颗卫星的运动周期相同B. 卫星在 轨道的速率为，卫星在 轨道 B 点的速率为，则C. 两个轨道上的卫星运动到C 点时的加速度相同D. 两个轨道上的卫星运动到C 点时的向心加速度大小相等第2页，共 1

6、2页10. 如图，一带正电的点电荷固定于O 点，两虚线圆均以O 为圆心，两实线分别为带电粒子 M 和 N 先后在电场中运动的轨迹， a、 b、 c、 d、 e 为轨迹和虚线圆的交点 不计重力 ，下列说法正确的是A. M 带负电荷， N 带正电荷B. M 在 b 点的动能小于它在a 点的动能C. N 在 d 点的电势能等于它在e 点的电势能D. N 在从 c 点运动到 d 点的过程中克服电场力做功11. 如图所示，做匀速直线运动的小车A 通过一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物 B，设重物和小车速度的大小分别为、 ，则A.B.C.D.绳的拉力大于B 的重力绳的拉力等于B 的重力12. 图示为某新型电动

7、汽车在阻力一定的水平路面上进行性能测试时的图象， Oa 为过原点的倾斜直线， bc 段是与 ab 段相切的水平直线，ab 段汽车以额定功率 P 行驶，下列说法正确的是A. 时间内汽车的功率一直增大B. 时间内汽车的功率一直减小C. 时间内牵引力不做功D. 汽车行驶时受到的阻力大小为三、实验题（本大题共2 小题，共15.0 分）13. 某同学用图示装置研究平抛运动及其特点，他的实验操作是：在小球A、B 处于同一高度时，用小锤轻击弹性金属片，使A 球水平飞出，同时 B 球被松开。他观察到的现象是：小球A、B_ 填 “同时 ”或 “不同时 ”落地；让 A、B 球恢复初始状态，用较大的力敲击弹性金属片

8、，A 球在空中运动的时间将_ 填 “变长 ”、“不变 ”或 “变短 ”；上述现象说明：平抛运动的时间与_ 大小无关，平抛运动的竖直分运动是 _运动。14. 某同学利用如图所示的装置探究功与速度变化的关系。小物块在橡皮筋的作用下弹出，沿水平桌面滑行，之后平抛落至水平地面上，落点记为；在钉子上分别套上2 条、 3 条、 4 条同样的橡皮筋，使每次橡皮筋拉伸的长度都保持一致，重复步骤，小物块落点分别记为、；测量相关数据，进行数据处理。为求出小物块抛出时的动能，需要测量下列物理量中的_ 填正确答案标号。A.小物块的质量mB.橡皮筋的原长xC .橡皮筋的伸长量D .桌面到地面的高度 h第3页，共 12页

9、E.小物块抛出点到落地点的水平距离L将几次实验中橡皮筋对小物块做功分别记为、，小物块抛出点到落地点的水平距离分别记为、若功与速度的平方成正比，则应以W 为纵坐标、 _为横坐标作图，才能得到一条直线。由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于_ 填 “偶然误差 ”或“系统误差 ”。四、计算题（本大题共1 小题，共12.0 分）15. 如图所示，在光滑水平地面上有一质量为轨道，轨道足够高小车右端有一质量为静止状态， 小车上表面光滑 一质量面没有射出，已知作用时间极短重力加速度的平板小车，小车的左端有一固定的圆弧形光滑的软木块 可视为质点 ，开始小车和木块均处于的子弹以的水平速度向左飞

10、来打到木块内求：子弹刚打到软木块内后，木块的速度大小；木块相对小车水平上表面沿圆弧形轨道上升的最大高度五、简答题（本大题共2 小题，共25.0 分）16. 民航客机机舱紧急出口的气囊是一条连接出口与地面的斜面，若斜面高，斜面长，质量为60kg 的人沿斜面滑下时所受阻力是240N，求下滑过程重力所做的功下滑过程克服阻力所做的功滑至底端时人的速度大小第4页，共 12页17. 如图所示，两个半圆形的光滑细管道管道内径远小于半圆形半径在竖直平面内交叠，组成“S”字形通道大半圆BC 的半径，小半圆 CD 的半径在“S”字形通道底部B 连结一水平粗糙的细直管一质量的小球 可视为质点 从 A 点以的速度向右

11、进入直管道，经到达 B 点，在刚到达半圆轨道 B点时，对 B 点的压力为取重力加速度求：小球在 B 点的速度及小球与 AB 轨道的动摩擦因数？小球到达 “S”字形通道的顶点D 后，又经水平粗糙的细直管DE ，从 E 点水平抛出，其水平射程小球在 E 点的速度为多少？求小球在到达C 点后的瞬间，小球受到轨道的弹力大小为多少？方向如何？第5页，共 12页答案和解析1.【答案】 C【解析】解： A、用镜面反射观察桌面微小变形时，是根据：入射光线不变时，当入射角改变时，反射角改变，所用的物理思想方法是放大法，故A 正确。B、探究影响电荷间相互作用力的因素时，所用的物理思想方法是控制变量法，故B 正确。

12、C、利用红蜡块的运动探究合运动和分运动的实验，采用物理思想方法是等效替代法，故C 错误。D、在研究力和运动的关系时，伽利略运用了理想实验方法，巧妙地设想了两个对接斜面的实验，故D 正确。本题选择错误的，故选： C。将微小的量放大研究的方法是放大法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；合运动与分一定是等效替代的关系。对于常用的物理研究方法，如控制变量法、等效替代法、理想化模型法等等，要在理解的基础上掌握，更要注意科学方法的积累和应用。2.【答案】 D【解析】解：A、小球在振动的过程中，只有重力和电场力做功，所以重力势能、电势能、动能三者的和守恒，在M、N 两点时动能

13、都为零，M 点的重力势能大于N 点的重力势能，所以M 点的电势能要小于N点的电势能，小球带正电，所以M 点的电势小于N 点的电势，故A 错误；B、小球在振动的过程中，除重力做功以外，电场力做功，机械能不守恒，故B 错误；C、小球 c 开始静止在O 点，知重力和电场力平衡，可知b 球对 c 球的库仑力大于a 球对 c 球的库仑力，则小球 a 的电量小于小球b 的电量。故C 错误；D、小球 c 从 O 点运动到N 点的过程中， 合力向上， 重力向下， 则电场力向上， 电场力做负功。 故 D 正确。故选： D。抓住开始处于静止状态，根据共点力平衡比较小球a 和小球 b 的电量大小。小球 C 在 O

14、位置上下附近的M、N 点间运动，根据小球的受力确定电场力的做功情况。解决本题的突破口在于通过静止时电场力和重力平衡，得出小球a、b 的电量大小， 知道小球在O 点上方，合力向下，在O 点下方，合力向上。3.【答案】 B【解析】【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，求出两个中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体的加速度。解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷。【解答】第一段时间内的平均速度为：，第二段时间内的平均速度为：，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，两个中间时刻的时间间隔为：，第6页，共 1

15、2页则加速度为：。选项 ACD 错误， B 正确。故选： B。4.【答案】 B【解析】解：对甲图中物体受力分析，受推力、重力、支持力和摩擦力，如图根据平衡条件，有x 方向：y 方向：其中：解得对乙图物体受力分析，受拉力、重力、支持力和摩擦力，如图根据平衡条件，有x 方向：y 方向：解得比较两式，得到由于位移相同，力与水平方向夹角相等，根据恒力做功的表达式，得到故故选： B。对两种情况下的物体受力分析，根据平衡条件求解出拉力，比较两个拉力的大小；然后根据功的定义列式比较功的大小本题关键是对物体受力分析后根据平衡条件列方程，求出拉力或推力的表达式并比较大小，最后根据功的定义式求解出两个功的表达式并

16、比较大小第7页，共 12页5.【答案】 A【解析】【分析】根据动能定理，知粒子到达 B 点和到达 C 点的动能变化量之比为1： 2，根据几何关系知电场方向。从而知道 D 点速度大小。此题考查电场中动能定理的应用，注意d 为沿电场线方向的距离，关键找到d 与动能变化量关系从而推知电场方向。【解答】由动能定理得，所以：同理，由动能定理可得：，所以：，故：，故：，得：，所以 AD 两点电势相等，得：，故 A 正确， BCD 错误故选： A。6.【答案】 BD【解析】解：A、B， 图象的斜率减小， 加速度减小， 不可能做自由落体运动， 15s末开始做匀速直线运动。故 内运动员做加速度逐渐减小的加速运动

17、，运动员做加速度减小的减速运动，15s 末开始做匀速直线运动。故 A 错误， B 正确。C、 内，若运动员做匀加速运动，平均速度为。根据图象的 “面积 ”等于位移可知，运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以内的平均速度大于。故 C 错误。D、由于图象的斜率在减小，则运动员在10s 末打开降落伞后做变减速运动至15s 末。在内，若做匀减速运动的位移为。故内的位移小于 75m。故 D 正确。故选： BD 。速度时间图象的斜率等于加速度，根据斜率分析加速度大小如何变化，判断运动员的运动情况自由落体运动是初速度为零的加速度为 g 的匀加速直线运动本题考查理解速度问题的能力关键根据图线的斜率等于加速度，

18、来分析运动员的运动情况7.【答案】 AC【解析】解：A、曲线运动的速度方向不断变化，一定是变速运动，故A 正确；B、曲线运动的速度方向不断变化，一定是变速运动；匀速圆周运动的速度大小不变，但方向不断变化，故 B错误；C、做曲线运动的物体速度方向沿物体在该点的切线方向，故C 正确；D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，所以合外力不可能为故 D 错误；第8页，共 12页故选： AC物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题就可以解决了，要牢记平抛运动与匀速圆周

19、运动的特点8.【答案】 BD【解析】解：对甲、乙两人及绳子为一整体进行研究，水平方向的外力就是地面分别对甲、乙两人的摩擦力；整体从静止到运动起来产生了加速度，故受外力不平衡，由此可判断甲所受摩擦力大于乙所受摩擦力；甲拉乙的力与乙拉甲的力是一对作用力与反作用力，大小相等；即不管哪个获胜，甲对乙的拉力大小始终等于乙对甲的拉力大小，只是当地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力，甲才能获胜；故 AC 错误， BD 正确；故选： BD 。“押加 ”比赛中两队对绳子的拉力等大反向，之所以甲获胜，原因是地面对甲的摩擦力大于地面对乙的摩擦力。由此题的知识我们可以知道，在拔河比赛中要挑选一些体重大的同学，以增加与

20、地面之间的最大静摩擦力。9.【答案】 AC【解析】解： A、根据几何关系知，椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律知，两颗卫星的运动周期相等。故A 正确。B、 B 点为椭圆轨道的远地点，速度比较小，表示做匀速圆周运动的速度，故 B错误。C、两个轨道上的卫星运动到C 点时，所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律知，加速度相同。故C 正确。D、因为两个轨道上的卫星在C 点的速度不等，设曲率半径为r，根据知，向心加速度大小不等。故D 错误。故选： AC。根据开普勒定律比较两卫星的运动周期，根据万有引力的大小，通过牛顿第二定律比较加速度，结合速度的大小比较向心加速度的大小本题考查万有引力定律

21、、 开普勒第三定律、 牛顿第二定律等知识， 知道卫星变轨的原理是解决本题的关键10.【答案】 ABC【解析】【分析】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方法，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。根据轨迹的弯曲，确定粒子所受的力是吸引力还是排斥力，从而确定粒子的电性；根据动能定理，结合库仑力做功情况判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化。【解答】A.由粒子运动轨迹可知，M 受到的是吸引力，N 受到的是排斥力，可知M 带负电荷， N 带正电荷，故A 正确；B.M 从 a 到 b 点，库仑力做负功，根据动能定理知，

22、动能减小，则b 点的动能小于在a 点的动能，故B 正确；C.d 点和 e 点在同一等势面上，电势相等，则N 在 d 点的电势能等于在e 点的电势能，故C 正确；D.N 从 c 到 d，库仑力做正功，故D 错误。第9页，共 12页故选 ABC。11.【答案】 AC【解析】解：小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向的两个运动，设斜拉绳子与水平面的夹角为，由几何关系可得：，所以；因汽车匀速直线运动， 而 逐渐变小，故 逐渐变大，物体有向上的加速度，绳的拉力大于 B 的重力，故 AC 正确， BD 错误。故选： AC。将汽车的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于重物的速度大小

23、，从而判断出重物的运动规律解决本题的关键将汽车的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，知道沿绳子方向的速度等于重物的速度大小12.【答案】 AD【解析】解：A、 时间内，电动汽车做匀加速直线运动，速度逐渐增大，根据知，汽车的功率逐渐增大，故A 正确， B 错误。C、 时间内，电动汽车做匀速直线运动，牵引力等于阻力，牵引力做功，故C 错误。D、匀速行驶时，牵引力等于阻力，根据得：，故 D 正确。故选： AD 。 时间内，电动汽车做匀加速直线运动，根据分析汽车功率的变化 时间内，电动汽车做匀速直线运动，牵引力等于阻力，牵引力做功不为零根据求出汽车行驶时所受的阻力解决本题的关键知道汽车在匀加速运动阶

24、段，牵引力不变，达到额定功率后，功率不变，结合进行分析求解13.【答案】同时不变 初速度自由落体【解析】解：小锤轻击弹性金属片时， A 球做抛运动，同时B 球做自由落体运动。通过实验可以观察到它们同时落地；用较大的力敲击弹性金属片，则被抛出初速度变大，但竖直方向运动不受影响，因此运动时间仍不变；上述现象说明： 平抛运动的时间与初速度大小无关，且可以证明平抛运动在竖直方向上做自由落体运动。故答案为：相同； 不变；初速度，自由落体。本实验是研究平抛运动竖直方向分运动的实验。小锤轻击弹性金属片后，A 球做平抛运动，同时B 球做自由落体运动。通过实验可以观察到它们同时落地，所以可以证明平抛运动在竖直方

25、向上做自由落体运动。本实验是研究平抛运动竖直方向做自由落体运动的实验，通过观察两球落地的时间，证明平抛运动竖直方向上的运动与自由落体相同，难度不大。14.系统误差【答案】 ADE【解析】 解：小球离开桌面后做平抛运动，根据桌面到地面的高度，可计算出平抛运动的时间，再根据小物块抛出点到落地点的水平距离，可计算出小球离开桌面时的速度，根据动能的表达式，还需要知道小球的质量。故 ADE 正确、 BC 错误。故选： ADE。第10 页，共 12页根据，和，可得，因为功与速度的平方成正比，所以功与正比，故应以 W 为纵坐标、为横坐标作图，才能得到一条直线。一般来说， 从多次测量揭示出的实验误差称为偶然误

26、差，不能从多次测量揭示出的实验误差称为系统误差。由于小物块与桌面之间的摩擦不能忽略，则由此引起的误差属于系统误差。故答案为：；系统误差。小球离开桌面后做平抛运动，根据桌面到地面的高度，可计算出平抛运动的时间，再根据小物块抛出点到落地点的水平距离，可计算出小球离开桌面时的速度，再知道小球的质量，就可以计算出小球的动能。根据，和，可得，因为功与速度的平方成正比，所以功与正比。明确实验原理，根据相应规律得出表达式，然后讨论。还要知道系统误差和偶然误差的区别，系统误差是由于仪器的某些不完善、测量技术上受到限制或实验方法不够完善没有保证正确的实验条件等原因产生，如停表测时间时，停表不准确，慢了，测的时间间隔总是偏小。偶然误差的特点是它的随机性。如果我们对一些物理量只进行一次测量，其值可能比真值大也可能比真值小，这完全是偶然的，产生偶