2019年上海市青浦区高考物理一模试卷

1、2019 年上海市青浦区高考物理一模试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共12 小题，共 40.0分）1.对牛频第一定律的建立作出过重要贡献的科学家是（）A. 卡文迪什B. 法拉第C. 伽利略D. 奥斯特2.以下核反应方程中属于a 衰变的是（）A.He+ Be n+CB.He+NH+ OC.Th Pa+eD.UTh+ He3.下列物理概念的提出或物理规律的研究中用到了“等效替代”方法的是（）A. “平均速度”的概念B.C. “瞬时速度”的概念D.4. 下列物理量单位中属于电量的单位的是（“质点”的概念研究加速度与合力、质量的关系）A. 焦耳（ J）B. 毫安时（ mAh）C. 电子

2、伏（ eV）D. 千瓦时（ kW?h）5.以下物理量数值中的正负号代表大小的是（）A. 磁感应强度B. 速度C. 功D. 电势能6.如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方有一条形磁铁（S极朝上，N 极朝下）由静止开始下落， 磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向 （从上向下看） ，下列说法正确的是 （）A. 总是顺时针B. 总是逆时针C. 先顺时针后逆时针D. 先逆时针后顺时针7.假设地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动，已知地球到太阳的距高小于火星到太阳的距离，那么（）A. 地球公转的线速度小于火星公转的线速度B. 地球公转的角速度大于火星公转的角速度C. 地球公转的加速度小于

3、火星公转的加速度D. 地球公转的周期大于火星公转的周期8. 如图所示，一列简谐横波向右传播，P、Q两质点平衡位置相距0.2m。当P运动到平衡位置上方最大位移处时，Q 刚好运动到平衡位置下方最大位移处，则这列波的波长可能是（）A. 0.8 mB. 0.6mC. 0.4mD. 0.2m9. 如图所示， 细线一端固定， 另一端栓一小球， 小球处于静止状态。现用一始终与细线垂直的力 F 缓慢拉着小球沿圆弧运动，直到细线水平， 在小球运动的整个过程中， F 和细线拉力的变化情况为（）第1页，共 18页A. F 先增大后减小B. F 不断增大C. 细线的拉力先增大后减小D. 细线的拉力不断增大10. 如图

4、所示，实线是电场中一簇方向未知的电场线，虚线是一个带正电粒子从 a 点运动到 b 点的轨迹，若带电粒子只受电场力作用，粒子从a 点运动到b 点的过程中（）A. 粒子运动的加速度逐渐增大B. 粒子所在位置的电势逐渐减小C. 粒子的电势能逐渐增加D. 粒子运动的速度逐渐增大11.某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是（）A. 一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B. 一个伏特表和多个定值电阻C. 一个安培表和一个电阻箱D. 两个安培表和一个滑动变阻器12. 从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后

5、落回地面。忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间 t 的关系图象是（）A.B.C.D.二、填空题（本大题共4 小题，共16.0 分）13.如图甲所示， 是某位同学在利用DIS 探究作用力与反作用力的关系，该实验所用的传感器为 _，图乙所示为实验时在计算机显示屏上得到的实验图线，观察图线可以得到关于作用力与反作用力关系的结论是：_。14. 一个物体由静止开始做直线运动，其加速度随时间变化的图象如图所示，物体_s 时速度为零，在0 到 6s 内的位移为 _ m。第2页，共 18页15. 如图所示， R1=R2=R3=2，电源的电动势为 6v，内电阻 r=1；当开关 S1 和 S2 都闭合时，电

6、压表读数为 _V；当开关 S1 闭合、 S2 断开时， R1 的电功率为 _W。16. 如图所示，一端封闭、粗细均匀的薄壁玻璃管开口端竖直插入水银槽中（水银截面积远大于玻璃管截面积），开始时管内封闭空气的长度为 20cm，玻璃管内外水银面的高度差为60cm，大气压强为75cmHg ，将玻璃管沿竖直方向缓慢下移，使管内外水银面的高度差变为50cm，此时管内空气柱的长度_cm，玻璃管竖直向下移动的距离为_cm。三、实验题探究题（本大题共1 小题，共10.0 分）17. 某同学在做“用单摆测当地重力加速度的实验时（ 1）摆线偏离竖直方向的角度要控制在_度之内； 实验中他测得摆线的长度为l0，摆球的直

7、径为 d 然后记录了单摆完成n 次全振动所用时间为 t ，则重力加速度的表达式 g _（用题中物理量的字母表示）（ 2）他在实验中通过改变摆长l 并测出相应的周期 T，再以 T2 为纵坐标、 l 为横坐标，作出 T2l 图象，但在测量摆长 l 时没有加小球的半径，由此绘制的图线是图中的 _（ 3）如果实验测得的g 值偏大，可能的原因是_A开始计时时，早按秒表B测摆线长度时摆线拉得过紧C摆线上端悬点未圄定，振动中出现松动使摆线长度增大了D实验中误将n 次全振动计为n1次全振动第3页，共 18页四、计算题（本大题共3 小题，共34.0 分）18. 利用如图所示装置，可以在光屏上观察到明暗相间的条纹

8、，这是光的_ 现象，若保持单缝到光屏的距离不变，调节狭缝的缝宽，则屏上明暗相间的条纹间距将随单缝宽度的减小而_（选填“增大”、“减小”或“不变”）19. 如图所示， 两根足够长的光滑的平行金属导轨MN PQ固定在同一绝缘水平面上，、两导轨间距为 d=0.2 m，导轨电阻忽略不计，M、 P 端连接一阻值 R=1.5 的电阻。有一质量 m=0.08 kg、阻值 r=0.5 的金属棒 ab 垂直于导轨放在两导轨上， 棒与导轨接触良好。整个装置处于一竖直向下，磁感应强度大小为B=0.5T 匀强磁场中（磁场足够大）， t=0 秒时，给棒向右的初速度v=10m/s，则：（ 1）画出回路中的等效电路图，并求

9、出棒在t=0 秒时回路中的电流大小；（ 2）分析并说明棒向右过程中的运动情况；（ 3）若在 t=0 秒时给棒施加一水平向右的拉力F=0.05 N，求 10 秒内回路中产生的焦耳热。第4页，共 18页20. 一质量为 m 的烟花弹获得动能 E 后，从地面竖直升空，当烟花弹上升的速度为零时，弹中火药爆炸将烟花弹炸为质量相等（烟花爆炸损失的质量忽略不计）、速度大小相等的两部分，一部分竖直向上运动，另一部分竖直向下运动，且两部分获得的动能之和也为 E爆炸时间极短，重力加速度大小为 g，若烟花弹上升或下降过程中空气阻力恒定 f= ，求：（ 1）烟花弹从地面开始上升的初速度v0；（ 2）烟花弹从地面开始上

10、升到弹中火药爆炸所经历的时间t；（ 3）爆炸后烟花弹向上运动的部分距地面的最大高度；（ 4）爆炸后烟花弹向下运动的部分落回地面的速度大小。第5页，共 18页答案和解析1.【答案】 C【解析】解：在牛顿发现牛顿第一定律之前，伽利略就研究了力和运动的关系，得出了力不是维持物体运 动原因的结论，为牛顿第一定律的建立奠定了基础。故 C正确，ABD 错误 。故选：C。此题是物理学史 问题，根据相关科学家的物理学成就 进行解答。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大 发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.【答案】 D【解析】应n+C，是人工核反应方程。故 A错误；解：A 、核反

11、 方程 He+ Be应N+ He应发现质子的核反B、核反 方程O+ H；是人工核反 方程，是应方程，属于 衰变 。故B 错误；C、核反应方程ThPa+e，释放出一个 电子，是 衰变的过程。故 C错误；应UTh+He，是U 原子核分裂并只放射出氦原子核的D、核反 方程反应过程，属于 a 衰变。故D 正确。故选：D。衰变是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过这程，根据 一特定即可判断。该题考查衰变的本质与常见的核反应较简单时习中要掌方程，比，在平 学握衰变变变发现的方程式。，裂 ，聚 和几种粒子第6页，共 18页3.【答案】 A【解析】解：A 、平均速度是利用位移比 时间的数值来替代运 动过程中

12、的速度，属于等效替代；故 A 正确；B、质点是为了研究的方便把物体看做一个抽象的点，不属于等效替代；故B错误；C、瞬时速度是时间趋向于某一个点 时的速度，采用了极限思 维的方法，不属于等效替代；故 C 错误；D、研究加速度与合力、质量的关系 时，先让其中的一个物理量不 变，采用了控制变量法，不属于等效替代；故 D 错误故选：A。等效替代法，物理学研究 术语，是科学研究中常用的方法之一，是在保 证某种效果相同的前提下，将 实际的、复杂的物理 问题和物理 过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理 问题和物理过程来研究和 处理的方法，将复杂的问题简单化。等效替代的前提是在保 证某种效果相同的前提下

13、进行替代，否则不能等效替代，难度不大，属于基础题。4.【答案】 B【解析】解：A 、焦耳（J）是功和能的单位，不是电量的单位，故 A 错误 。B、根据 q=It 知毫安时（mAh ）是电量的单位，故 B 正确。C、电子伏（eV）是功和能的单位，不是电量的单位，故 C 错误 。D、千瓦时（kW?h）是功和能的单位，不是电量的单位，故 D 错误 。故选：B。根据各个 单位对应的物理量，确定是否 电量的单位。第7页，共 18页对于各个物理量的 单位以及物理量之 间的关系要掌握，可结合物理公式来分析。5.【答案】 D【解析】解：磁感应强度、速度、功三者均为矢量，正负号代表方向，电势能为标量，正负号代表

14、大小。故 D 正确，ABC 错误；故选：D。矢量是既有大小又有方向的物理量，正负号代表方向，标量是只有大小没有方向的物理量，正负号代表大小。矢量与 标量有两大区 别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法 则不同，矢量运算遵守平行四 边形定则，标量运算遵守代数加减法 则。6.【答案】 D【解析】解：由图示可知，在磁铁下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量 变大，在磁铁远离圆环时穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看， 圆环中的感应电流先沿逆 时针方向，后沿顺时针方向，故 ABC 错误，故 D 正确。故选：D。由楞次定律可以判断出感应电流的方向本题考查

15、了楞次定律的 应用，正确理解楞次定律阻碍的含 义是正确解 题的关键7.【答案】 B【解析】解：行星公转时，由太阳的万有引力提供 圆周运动的向心力，有 G=mr=m=ma=mr2式中 M 是太阳的 质量，m、r 分别是行星的 质量和轨第8页，共 18页道半径。得行星的公 转周期 T=2，线速度 v=，加速度 a=，=转线速度 v=为转半径小，故地球公转的线速度A 、行星公，因 地球公大于火星公 转的线速度，故 A 错误；转角速度 =为转半径小，故地球公转的角速度B、行星公，因 地球公大于火星公 转的角速度，故B 正确；转加速度 a=为转半径小，故地球公转的加速度大C、行星公，因 地球公于火星公

16、转的加速度，故 C 错误；D、由 T=2，知地球公转半径比火星的小，故地球的公 转周期小于火星的公转周期，故 D 错误；故选：B。行星绕太阳圆周运动的向心力由太阳的万有引力提供，据此求得公转周期、线速度、角速度、加速度与半径的关系，再进行比较即可。解决本题的关键是抓住万有引力提供 圆周运动向心力，并能据此求得描述 圆周运动的物理量与半径的关系。8.【答案】 C【解析】解：当P 运动到平衡位置上方最大位移处时，Q 刚好运动到平衡位置下方最大位移处，那么，P、Q 两质点平衡位置 间距离为波长的（n+）倍，n=0，1，2，3，故有：0.2m=（n+），所以波长为：=，n=0，1，2，3；当 n=0

17、时，=0.4m；由于n 是整数，其他值不可能，故 C 正确，ABD 错误；故选：C。根据两质点振动关系得到平衡位置 间距离和波 长的关系，从而得到波 长通项式，再求波长特殊值。第9页，共 18页解决本题时要知道：当两质点同时处于两个相反的最大位移 处时，两质点振动情况总是相反，这两质点平衡位置 间距离为波长的（n+）倍。9.【答案】 B【解析】解：以小球为研究对象进行受力分析，如图所示，拉力为：F=mgsin细线拉力为：T=mgcos，由于 逐 渐增大，所以 F 逐渐增大，T 逐渐减小，故 B 正确、ACD 错误 。故选：B。以小球为研究对象进行受力分析，根据平衡条件列方程求解。本题主要是考

18、查了共点力的平衡 问题，解答此类问题的一般步 骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四 边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐 标轴上建立平衡方程 进行解答。10.【答案】 C【解析】解：由粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受的 电场力向左，由于粒子带正电，故电场线向左。A 、由于a 点运动到 b 点过程中，电场线越来越稀疏，故电场强度减小，粒子所受的电场力减小，则加速度逐 渐减小，故 A 错误；B、沿电场线方向电势降低，a 点运动到 b 点，电势升高，故 B 错误；CD、电场力与速度方向的 夹角为钝角，则电场力做负功，动能减小，速度减小，电势能增大，故 C 正确，D 错误

19、；故选：C。第10 页，共 18页根据运动轨迹弯曲方向判定 电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，从而判断电势高低，根据电场力做功判断 电势能的变化。解决这类带电 粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出 电场力，利用电场中有关规律求解。11.【答案】 D【解析】解：通过改变电路的阻值从而获得多组数据，根据 U-I 图象与坐标轴的交点求解电动势和内阻。A 安培表测电流，伏特表测路端电压，滑动变阻改变电路的阻值从而获得多组数据，故 A 可取；B伏特表测路端电压，电流可由路端 电压和定值电阻求得，通过改变接入定值电阻的个数改 变电路的电阻，故 B 可取；C安培表测电流，再由电流和定值电阻可得路

20、端 电压，通过改变接入定值电阻的个数改 变电路的电阻，故 C 可取；D两个安培表和一个滑 动变阻器，不管怎么组合，不能测出路端电压，故不能测出电动势和内阻，故 D 最不可取。本题选最不可取的一 组器材，故选：D。根据 U-I 图象与坐标轴的交点求解 电动势和内阻解决本题的关键会从 U-I 图线获取电源的电动势和内阻，电源的内阻等于 图线的斜率绝对值，以及会分析误差的来源12.【答案】 D【解析】解：竖直向上过程，设初速为 v0，则速度时间关系为：v=v0-gt过动为：E222 2此程能k= mv =（）mg t -mv0gt+ mvm v0-gt=第11 页，共 18页即此过程 EK 与 t

21、成二次函数关系，且开口向上，故 AB 错误；下落过程做自由落体运 动，此过程动能为：Ek=mv2=mg2t2即此过程 EK 与 t 也成二次函数关系，且开口向上，故 D 正确，C 错误；故选：D。小球运动过程分两个，竖直向上，做匀减速直 线运动，速度减到零后，反向竖直向下做自由落体运 动，根据动能公式和 竖直上抛运 动的速度时间公式找到动能与时间表达式即可分析。本题考查动能表达式和 竖直上抛运 动规律，相对来说比较简单，但关键是要结合数学知 识，能根据函数关系确定出 图象。13.【答案】 力传感器作用力与反作用力一定大小相等，方向相反，同时变化【解析】解：利用DIS 探究作用力与反作用力的关系

22、， 该实验所用的传感器将压力信号转化为电信号，属于力传感器；观察分析两个力 传感器的相互作用力随 时间变化的曲线，可以看出作用力与反作用力一定大小相等，方向相反，作用力与反作用力大小一定同时变化；故答案为：力传感器，作用力与反作用力一定大小相等，方向相反，同 时变化作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上。解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上。14.或5 6.5【答案】 0【解析】第12 页，共 18页解：根据a-t 图象知，0 1s 物体做

23、初速度 为 0 的匀加速直 线运动，t=1s 时的速度为：=21m/s=2m/s，第 1s内的位移 为：=1m13s 物体做匀加速直 线运动，位移为：从 t=3s 时经速度减为 0，有：即 t=5s 时速度减为 0，t=3s t=6s 物体的位移 为：=23+=1.5m06s 内的位移 为：=1+4+1.5=6.5m故答案为：0 或 5，6.5根据 a-t 图象判断物体的运 动情况，分段运用速度公式和位移公式求解。解决本题的关键是知道物体的运 动情况，匀变速直线运动的加速度不 变，熟练运用匀变速直线运动的基本公式求解。15.【答案】 4.52.88【解析】解：都闭合：电压表示数为路端电压：U=

24、E-Ir=6-1=4.5VS1闭合，断开：R不工作，=I 2R1=R1=2.88WS23故答案为：4.52.88先求出外电路总电电压分配关系求出电压表读数。开关 S2断开时，阻，再由分析总电阻的，判断总电流，即可分析 R1 的电功率。对于直流电路的计算问题，首先要搞清电路的结构，求出总电阻，运用串联电路电压的分配规律求路端 电压。第13 页，共 18页【答案】 121816.【解析】设为S解： 玻璃管的横截面封闭气体初态：P=P - gh=15cmHg、体积为 V=LS=20S10111末态：P=P - gh=25cmHg、体积为 V=LS20222由玻意耳定律得：P1V 1=P2V 2代入数

25、据解得：L 2=12cm由几何关系得玻璃管 竖直向下移 动的距离为：x= （20+60）-（50+12）cm=18cm故答案为：12、18。根据管内外水 银面的高度差，求出被封 闭气体的压强，然后根据等温变化气态方程即可求解。根据几何关系求解玻璃管竖直向下移 动的距离。本题考查气体实验定律，关键是找出封 闭气体的状 态参量，判断出气体做何种变化，选择合适气体 实验定律列式求解即可。17.A B【答案】 5【解析】【分析】（1）“用单摆测重力加速度 ”的实验原理是单摆的周期公式 T=2，据此变形即可得到 g 的表达式。（2）通过重力加速度的表达式， 结合周期或 摆长关系分析即可。（3）根据单摆的

26、周期公式列式分析即可。本题关键是明确单摆模型成立的前提条件，以及 实验原理和误差来源，并能够运用图象分析数据。【解答】解：（1）单摆看作简谐振动的条件是 摆角要尽量小一些，一般要求 摆角小于 5；第14 页，共 18页据题 单摆的周期 T=：单摆的周期公式 为 T=2，l=联立解得：g=。（2）根据单摆周期公式，有，故图象的斜率 为，不影响 g 的计算；但在测量摆长 l 时没有加小球的半径 时，l=0 时对应的周期：故图 A 正确，图 BCD 错误；故选：A计时时，早按秒表则时间偏大，周期偏大，根据 g=，重力加速（3）A 、开始度的测量值偏小。故 A 错误 。B、根据 g=，测摆线长 度时摆

27、线拉得过紧，使摆线测量值偏大，知摆长的测量值偏大，导致重力加速度的 测量值偏大。故 B 正确。C、根据 g=摆线动现松动摆线越，上端未牢固地固定于 O 点，振 中出，使摆越长，知摆长的测量值偏小，导致重力加速度的 测量值偏小。故 C 错误 。D、根据 g=测时 误摆球 n次全振动的时间t记为了（n-1）次全， 量周期， 将振动的时间，知周期的测量值导测量值偏小。故 D错误。偏大， 致重力加速度的故选：B故答案为：（1）5，；（2）A；（3）B18.【答案】 衍射增大【解析】解：光传播到障碍物的后面的区域，由于是 单缝不可能发生两列光的叠加，故只能发生衍射现象第15 页，共 18页发生明显衍射现

28、象的条件是：孔缝的宽度或障碍物的尺寸与波 长差不多或比波长还小，故单缝宽度越小越容易 发生衍射现象，故缝越小，条纹间距越大故答案为：衍射，增大光传播到障碍物的后面的区域，由于是 单缝不可能发生两列光的叠加，故只能发生衍射现象单缝宽度越小越容易 发生衍射现象，故缝越小，条纹间距越大掌握了单缝衍射的现象和特点即可 顺利解决此 类题目19.【答案】 解：（ 1）金属棒切割磁感线相对于电源，等效电路图如图所示；感应电动势： E=Bdv，感应电流： I=，代入数据解得： I=0.5A；（ 2）金属棒受到的安培力： F 安培 =Bdv=，由牛顿第二定律得：=ma，加速度 a 与速度 v 的方向相反，金属棒做减速运动，加速度 a 减小，金属棒做加速度减小的减速运动，最终速度减为零；（ 3） t=0 时刻金属棒受到的安培力：F 安培 =BId=0.5 0.5 0.2=0.05N由此可知： F 安培 =F ，金属棒所受合力为零，金属棒做匀速直线运动，回路产生的焦耳热：Q=I