专项习题】南宁欧姆定律专项检测试题(含答案解析)0001

1、【专项习题】南宁欧姆定律专项检测试题（含答案解析）一、选择题1 .如图所示，电源电压不变，电阻R=30Qo当滑动变阻器滑片 P从阻值最大位置滑动到中点时，电压表示数的变化范围是12V-18V,则下列计算结果正确的是（）A.变阻器两端电压最大值是 24VC.电流表最大示数为 0.4A【答案】A【解析】【分析】由电路图可知滑动变阻器与电阻R串联，电压表测量 R两端的电压，则设滑动变阻器的最大阻值为R1出电压与滑动变阻器阻值的关系式，阻值及电流表的最大值.【解答】设滑动变阻器的最阻值为B.滑动变阻器的最大阻值是30 QII DI源电压是30V,则可分别由电压表的最大值及最小值利用欧姆定律可列 则可求

2、得Ri；则由欧姆定律可求得滑动变阻器的最大Ri ,当R1全部接入时，电压表示数最小；当接入一半“10 SA”.下列说法中错误的是（）时，电压最大为18V；则由欧姆定律可得：Ur小=1 小 R= * 心R=12V;/-JUr大=I 大* R=18V;两式联立可得：R1=60 Q;U=36V;因滑动变阻器与电阻R串联，故当电压表示数最小时，滑动变阻器两端电压最大，故最大UI最大值为 36V-12V=24V;=0.6A；当滑动变阻器接入总电阻的一半时，电流最大，最大电流故选A.【点评】本题中已知物理量较小，故应通过方程法得出要求的物理量；同时应注意掌握电 压表的测量范围，即正确找出与电压表并联部分电

3、路.2. 如图所示电路，电源电压保持不变，R1= 5Q,滑动变阻器 R2的最大阻值为15 Q.闭合开关S,向左移动滑动变阻器滑片 P的过程中，下列说法正确的是（）A. 电流表A的示数变小B. 电压表V的示数增大C. 滑片可在R2上任意移动D. 若滑片移到b端时，Ri与R2的电功率之比为3: 1【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，R,与F2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表测干路电流，（1）因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，B不Ri的电流不厶变，向左移动滑动变阻器滑片 P的过程中，R2接入电路中的电阻变小，由1 = 7可知，通过 R2的电流变大，因并联电路中干

4、路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电 流表A的示数变大，A不符合题意；（2）由电路图可知，F2的滑片移至a端时会造成电源 短路，所以，滑片不可在R2上任意移动，C不符合题意；（3）因并联电路中各支路两端护的电压相等，所以，若滑片移到b端时，由P= Ul= /可知，Ri与R2的电功率之比：耳严一局符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过&150,D符合题意。=7F=故答案为：D。R2的滑片移至a端P=UI求出电功率【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，根据电源的电压可知滑片 移动时电压表 V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不

5、影响可知滑片移动时 通过Ri的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过 R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化；明确当时会造成电源短路，若滑片移到b端时，根据并联电路的电压特点和之比.3. 小灯泡L的额定电压为3V,它的I-U图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电 路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关 S,电压表示数为1.5V;再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V .已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌上标有LA BB. 小灯泡的额定功率为C. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为D. 小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功

6、率为【答案】D【解析】【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片 和灯泡串联，由图象可知，当电压表示数为 1.5V时，电路中的电流1.5W2.5WP移至B端时，滑动变阻器的最大阻值l=0.3A,由1=弁可得，滑动变阻器两端的电压:U 滑=IR滑=0.3A X 10 Q =3V因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以，电源的电压：U=Ul+U滑=1.5V+3V=4.5V,故 A正确，不符合题意；（3V时，电路中的电流I =0.5A 因额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等， 所以，灯泡的额定功率：PlW=Ul额I =3VX 0.5A=1,5故B正确，不符合题意； 此时滑动变阻器两端的电压：2）由图象

7、可知，灯泡两端的电压为U 滑=UJUl额=4.5V- 3V=1.5V, 滑动变阻器接入电路中的电阻：鱼L 51/ =乔R滑滑动变阻器消耗的电功率:=3 Q,故C正确，不符合题意;P 滑=滑 1 =1.5V X 0.5A=0.故5VD 不正确，符合题意.故选：D.【分析】（1）当滑动变阻器的滑片 P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联,根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（2）由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据 P=UI求出灯泡的额定功率，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定 律求出滑动变阻

8、器接入电路中的电阻，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率.2）由图象可知电压表的示数为4.地磅工作时，重物越重，电表的示数就越大。下列四幅电路图中,R是滑动变阻器，R是定值电阻。其中符合地磅工作原理的是(A.C.【答案】【解析】D.【解答】A.当物重增大时，滑片向下运动，变阻器的阻值增大,电流表的示数变小，故A不合题意;R的电压；当物重增大时, 因此电压表的示数变大， 电流表的示数不变，故滑片向下运动，变阻B符合题意；C不合题意；D不合题意。B. 电阻R和变阻器R串联，电压表测电阻 器阻值变小，它的电压变小；而总电压不变，C. 电流表将滑动变阻器短路，当物重增大时，D. 电压表串联在电路

9、里，当物重增大时，电压表的示数几乎不变，故 故选B。【分析】(1)当电压不变时，电阻越大，电流越小；(2) 在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，即电阻越大，电压越大；(3) 当物重增大时，判断滑动变阻器的滑片的运动方向，进而得到其阻值的变化，接下 来再判断电表的示数变化。5. 小海设计了一种测定油箱内油量的模拟装置，如图所示，其中电源两端电压保持不变，Ro是定值电阻，R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片P跟滑杆的一端连接，滑杆可以绕固定轴 0转动，另一端固定着一个浮子。油箱中的油量减少时，浮子随油面下降， 带动滑杆使变阻器的滑片 P向上移动，从而引起电流表的示数发生变化。下列说法中正确A

10、. 电流表示数变小时，表明油箱中的油量减少B. 电流表示数变小时，电阻Ro两端电压变大C. 当油箱中的油量减少时，电流表示数变大D. 当油箱中的油量减少时，变阻器R连入电路的电阻变小【答案】【解析】流。【解答】如图，定值电阻 Ro与滑动变阻器R串联在电路中，电流表测量电路中电A. C. D当油箱中的油量减少时，浮子下降，带动滑片上升，滑动变阻器接入电路的电阻变$ 二 1大，电路总电阻变大，根据月可知，电路中电流变小，所以电流表示数变小时，表明油箱中的油量减少，A符合题意，CD不符合题意；B. 电流表示数变小时，即通过Ro的电流变小，根据I知，电阻R0两端电压变小，B不符合题意； 故答案为：A。

11、【分析】滑动变阻器 R与定值电阻Ro串联，电流表测电路中的电流，根据油量的变化可知 浮子的变化，在杠杆的作用下可知滑片 P移动的方向，从而得出接入电路中电阻的变化， 根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电阻 Ro两端电压的变化.6. 如图所示，开关闭合后.当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，观察到灯泡变暗，该过 B电流表示数变大，电压表示数变大D电流表示数变小，电压表示数变大A. 电流表示数变大，电压表示数变小C. 电流表示数变小，电压表示数变小【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电 压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，灯泡

12、变暗，则灯泡的 实际功率变小，因串联电路中各处的电流相等，由P=I2R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，AB不符合题意；由 U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总 电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，C不符合题意、D符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器滑片向某一 方向滑动时，观察到灯泡变暗，则灯泡的实际功率变小，根据串联电路的电流特点和 P=UI=2R可知电路中电流的变化，再根据欧姆定律可知灯泡两端的电压变化，利用串联电 路的电压特点可知滑动变阻器两端电压变化.7. 在如图所示的电路

13、中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L变亮 示数变大【答案】CB.电压表V示数变大C电流表Ai示数变小D.电流表A【解析】【解答】解：由图可知，该电路为并联电路；电流表Ai测量干路中的电流，电流表A2测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压，亦即电源电压，保持不变， B不符合题意；根据并联电路的特点可知，滑动变阻器滑片移动时，对灯泡所在的支路无影响，灯泡的电流和电压都不变，故电流表 A示数不变，灯泡亮度不变，AD不符合题意；当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变 阻器的电流减小；通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流关

14、系可知，干路中的电流减 小，即电流表Ai示数变小，C符合题意。故答案为：Co【分析】电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两 端的电压；根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化，根据欧姆定律判定其电流变 化，根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化.&某同学在探究 电流跟电压、电阻的关系 图像相符的是”时，根据收集到的数据画出了如图所示的一个A.电阻一定时, 增大电流随着电压的增大而增大” B电阻一定时，电压随着电流的增大而C.电压一定时, 减小电流随着电阻的增大而减小-D.电压一定时，电阻随着电流的增大而电流在减小，电流与电阻成反比例函定。并且是因为电阻

15、的变化而导【答案】C【解析】 点拨：从图中可以看出，当电阻增大时， 数，结合欧姆定律可以知道这个前提是电阻两端的电压 致电流发生变化，所以应该是电流随着电阻的变化而变化。全解；C回味：在电路中是因为电阻变化使电流随着变化，电阻是因，电流是果。在物理上这种因 果关系不能颠倒，如在光学中光的反射定律中只能讲反射光线与入射光线的关系。9. 如图所示，电源电压6V保持不变，测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是()A. 闭合开关前，滑片 P应移动到B端B. 闭合开关后，小灯泡不发光，可能是小灯泡灯丝断了C. 滑片P向A端移动时，小灯泡额定功率变大，亮度变亮D. 当电压表示数为3.8V

16、时，读出电流表的示数，可算出小灯泡的额定功率【答案】CB端，故A正【解析】【解答】A由图，为保护电路，开关闭合前，滑片应滑到最大值 确;B、 小灯泡灯丝断了，闭合开关后，小灯泡不能发光，故B正确；C、滑片P向A端移动时，灯泡电压大于额定电压，实际功率大于其额定功率，但额定功 率不会变，故C错误；D、当电压表示数为 3.8V时，读出电流表的示数，利用P=UI可计算其额定功率的大小，故D正确.故选C.【分析】(1)为保护电路，开关闭合前，滑片应滑到最大值处；(2) 小灯泡灯丝断了小灯泡不能发光；(3) 额定功率是指用电器在额定电压下的功率，一个用电器的额定功率只有一个，实际功率可以有多个；(4)

17、在额定电压下，可以运用公式P=UI计算其额定功率的大小.10. 如图所示的电路，电源电压保持不变，电路中各元件连接正确且均完好，闭合电键S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中()iA.电流表C.电压表小A的示数变大V与电流表A的示数的比值变大II电压表V的示数变大hD.电压表V与电流表A的示数的乘积变【答案】【解析】【解答】A.此电路为串联电路，电压表测量电阻Ri两端的电压，电流表测电路电流，当闭合电键 S,向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器的电阻增大，电路的总电阻增大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，A不符合题意他.B. 根据串联电阻分压关系，滑动变阻器的电阻增大

18、，分压将增大，根据串联电路电压特点，所以电阻Ri两端的电压减小，即电压表示数变小，B不符合题意.C. 电压表V与电流表A的示数的比值即为电阻 Ri的阻值，应不变，C不符合题意.D. 因电压表与电流表的示数都变小，所以乘积将变小，D符合题意.、故答案为：D.【分析】R与R2串联，电压表 V测Ri的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可 知电路中电流的变化分析.ii.将两个阻值不等的电阻Ri和R2按如图（甲）、（乙）所示的方式接入电路中。已知电源电压相同，Ri小于R2 ,则下列判断中正确的是（）A. 电压表B. 电流表V1的示数等于 V2的示数Ai的示数小于 A的示数C.电压表D.电压表【答案

19、】Vi与电流表Ai的比值等于电压表Vi与电流表Ai的比值大于电压表BV2与电流表A的比值V2与电流表A的比值Ri与R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压, 表Ai测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，U 的示数：R! *血，电压表 Vi的示数：如 -加 表Vi与电流表Ai的比值加源两端的电压，电流表【解析】【解答】（1）由甲电路图可知,（2）由乙电路图可知,所以，电路中电流表U的Ai电压Ri与R2并联，电压表 V2测电A2测R2支路的电流，则电压表 V2的示数Uv2 = U，因并联电路中各V二支路两端的电压相等，所以，电流表A2的示数：用，电压表V2与电流表 A的比值 -综上可知：

20、A.不符合题意；CD.由Ri小于由& *阻甘 可知，旳厂:伦，即电压表 V的示数小于V2的示数，A圏可知，lAiV Ia2 ,即电流表Ai的示数小于A2的示数，B符合题意；R2可知，加 加，即电压表 Vi与电流表Ai的比值小于电压表 V2与电流表A2的比值，CD不符合题意。Bo故答案为：【分析】禾U用欧姆定律的电流和电阻分析电压，结合串联电路和并联电路中电流规律分析12.如图所示电路中，电源两端电压保待不变，Ri为定值电阻，F2为滑动变阻器闭合开关S后，滑动变阻器滑片 P自b向a移动的过程中（）IfB.电压表V2的示数不变，电路消耗A. 电压表Vi的示数变大，电路消耗的总功率变小 的总功率变大

21、D.电流表A的C. 电流表A的示数变大，电压表 Vi的示数与电流表 A的示数之比变大示数变大，电压表 V2的示数与电流表 A的示数之比变大【答案】B【解析】【解答】由电路图可知，Ri与R2串联，电压表Vi测R2两端的电压，电压表 V2测电源的电压，电流表测电路中的电流，因电源两端电压保待不变，所以，滑片移动时，电 压表V2的示数不变，滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U/R可得，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表 Vi的示数变小，故

22、 A错误；因电压表 Vi的示数变小，电压表 V2的示 数不变，电流表的 A的示数变大，所以，电压表 Vi的示数与电流表 A的示数之比变小，电 压表V2的示数与电流表 A的示数之比变小，故 CD错误；由P=UI可得，电路消耗的总功率 变大，故B正确， 故答案为：B.【分析】本题考查学生对电路的动态分析能力。由电路图可知，Ri与R2串联，电压表 Vi测R2两端的电压，电压表 V2测电源的电压，电流表测电路中的电流。串联电路中总电压 等于各分电压之和。Si、S2同时闭合时，电流表的示数是0.3A，电压表3闭合、Si断开时，电流表示数是0.2A，则下列说13. 如图所示，电源电压不变，当开关 示数是6

23、Vo若两表互换位置，当开关 法不正确的是（）B. R2的阻值是20 Qr D. R2消耗的功率为 0.4WStA. Ri和R2的阻值之比是2: 1C.电压表示数仍是6V【答案】B【解析】【解答】当Si、S2同时闭合时，等效电路图如图所示:R1由图可知，电源电压为 6V,即Ri两端的电压为6V，红6V则Ri的阻值：Ri =&甜=20 Q当S2闭合Si断开时等效电路如图所示：6V,故C正确;由图可知两电阻串联，电压表仍测电源的电压，所以电压表示数为电路中的总电阻 R总=0卫=3OQ,R2的阻值 R2=R总-Ri=30 Q20 Q =10 Q故B错误 所以 Ri： R2=2O Q: i0 Q =2

24、i，故 A 正确；R2消耗的电功率 P =I2R2= ( 0.2A) 2X i0 Q =0.4W故 D 正确； 故选B.【分析】先画出等效电路图；当Si、S2同时闭合时，两电阻并联，电压表测量电源两端的电压，电流表测量通过 Ri的电流；由欧姆定律可得出Ri的阻值；两表位置互换，当S2闭合S1断开时，两表串联，电压表测量的仍为电源电压，电流表测电 路中的总电流；则由欧姆定律可得出电路中的总电阻，由串联电路的规律可得出R2的阻值；由卩=卩只可求R2消耗的功率.14. 如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S,当滑动变阻器滑片 P向右移动时，不变的是：电流表A的示数；电压表V的示数；电流表A与Ai示数

25、的差值；电压 表V与电流表A示数的比值（）5)A.【答案】有C.iiD.IIB.由电路图知道， Ri和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电Ai测R1支路的电流，A测干路电流；因为电源的电压不变，所以，电压【解答】，电流表【解析】 源电压） 表V的示数不变，故符合题意；因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑 片移动时，通过 R的电流不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由匸U/R知道，通过滑动变阻器 Ri支路的电流变小，即电流表 A1的示数变小，因为 并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变A的示数变小C符合题小，故不

26、符合题意；因为电流表 A与Ai示数的差值等于通过 F2的电流，所以，电流表 A与Ai示数的差值不变，故 符合题意；由电压表 V的示数不变、电流表 知道，电压表V与电流表A示数的比值变大，故 不符合题意，综上所述，只有 I 意， 故答案为：CoAi测【分析】Ri和R2并联，电压表测量并联电路支路的电压（等于电源电压），电流表 Ri支路的电流，A测干路电流；根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中 各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的 变化以及两电流表示数只差的变化，

27、进一步得出电压表V与电流表A示数的比值变化.15. 有两只分别标有” 6V3W和” 9V3W“的小灯泡Li、L2 ,不考虑温度对灯丝电阻的影 响，下列说法正确的是（）A. Li和L2正常工作时的电流一样大B. Li和L2串联在一起同时使用时，两灯一样亮C. L和L2并联在一起同时使用时，两灯消耗的功率一样大D. 将Li串联在一个12 Q的电阻，接在电源电压为 i2V的电路中，Li也能正常发光【答案】D【解析】【解答】解：A. 由P=UI可得，两灯泡正常发光时的电流分别为:博3&I1=创=0.5A,|2 =习=A,所以两灯泡正常发光时的电流不一样，故A错误;1R1=鬥=4F =120R2=出=3

28、WB.由P=UI=斤可得，两灯泡的电阻分别为：=27 0,两灯泡串联时通过的电流相等，但灯泡的电阻不同，由 相等，亮度不同，故 B错误；P=2R可知，两灯泡的实际功率不p=/r 可C. L1和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，知，两灯泡消耗的电功率不相等，故C错误；D将Li串联在一个12 Q的电阻时，电路中的总电阻1=尬=21Q =0.5A，因电路中的电流和灯泡L1正常发光时的电流相等，所以故 D正确.但灯泡的电阻不同，由R 总=Ri+R=12Q +12 Q =24 Q电路中的电流L1能正常发光，故选D.【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据时的电流，然后比较两者的

29、关系；（2）根据P=UI=N求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（护P=UI求出两灯泡的正常发光3）Li和L2并联在一起同时使用时，它们两端的电压相等，根据P=N比较两灯泡消耗的电功率关系；（4）将L1串联在一个12 Q的电阻时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然 后与灯泡L1正常发光时的电流相比较判断其是否能正常发光.16. 一盏调光台灯，其原理如图所示，闭合 两端的电压变化分别是（S,将滑片从左向右移动，电流表的示数和灯LA.变大、大变大B变大、变小C变小、变小D变小、变【答案】【解析】流，C【解答】解：由电路图可知

30、，灯泡L与滑动变阻器 R串联，电流表测电路中的电将滑片从左向右移动时，接入电路中的电阻变大,电路的总电阻变大,由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，AB不符合题意；变阻器接入电路中的电阻变大，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变 大，灯泡两端的电压变小，C符合题意、D不符合题意。故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变LL两端的电压化，根据欧姆定律I孑可知电路中电流的变化，根据串联电路的电压特点可知 变化.S,当滑动变阻器的滑片向右端移动17.如图所示电路（电源电压保持不变），闭合开关 时，下列说法正确的是（）KSHRiA

31、.电压表示数不变，电流表示数变大C.电压表示数变小，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】由图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器的滑片向右移动IIB电压表示数变大，电流表示数变小D电压表示数变大，电阻 Ri的电功率变大八7，电阻Ri的电流增大，两端ABC不符合题意、D符合题时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路总电阻减小，而电源电压一定，由 知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据 的电压也增大，根据 P二也知，电阻Ri的电功率变大，可见 意、。故答案为：D【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路中的电阻的变化并结合欧

32、姆定律电压表和电流表示数的变化及功率变化.丁一 I爪电功率计算公式P八:】分析18.图是一种输液时所用报警电路：电源电压恒定， 处的传感器 M接触到从针口处漏出的药液后，其电阻 大而触犯警报器（图中未画出）报警，贝yR为定值电阻，闭合开关 S,贴在针口Rm发生变化，导致电压表的示数增M接触药液后（）R传感器AA. M的电阻Rm变大C.电压表与电流表的示数乘积不变【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻的电压，电流表测电路中的电流.由题意可知，M接触药液后，警报器报警，电压表Z由1= X的变形式u=ir可知，电压表示数增大时，大，则电压表与电流表的乘积变大，故C错误；由P=UI可知，

33、电源电压不变时，电路消耗的总功率变大，故I由R=1可知，电路中的总电阻变小， 因串联电路中总电阻等于各分电压之和， 所以，M的电阻Rm变小，故A错误；Z由R=可知，电压表 V与电流表值不变，故D错误.故选B.【分析】由电路图可知，定值电阻表测电路中的电流.根据题意可知，I B.电路消耗的总功率变大iiD.电压表与电流表的示数之比变大R与传感器电阻 M串联，电压表测 R两端V的示数增大,电路中的电流变大，即电流表的示数变B正确;A的比值等于定值电阻 R的阻值，则电压表与电流表的比R与传感器电阻 M串联，电压表测 R两端的电压，电流M接触药液后，警报器报警，电压表V的示数增大，V与电流表A的乘积变

34、化；根据根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电压表P=UI可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，根据电阻的串联可知M的电阻变化；根据欧姆定律结合定值电阻的阻值可知电压表V与电流表A的比值变化.19.新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2.增大导线横截面积的目的是（）A.增大导线的电阻 的功率B.减小通过导线的电流C增大导线的电压D.减小导线发热【答案】D【解析】【解答】A.减小导线的电阻，A不符合题意;B. 由I=石知当U 定时R越小I越小，B不符合题意;C. 由

35、1= i/的变形式 U=IR知当I 一定时R越小U越小，C不符合题意；D. 根据P=FR知当I 一定时R越小P越小，D符合题意。 故答案为：Do【分析】A、影响导体电阻大小的因素：材料、长度、横截面及温度，当材料、长度、温度不变时横截面越大电阻越小； 断；D、根据P=I2R分析判断。LB、根据I=h分析判断；C、根据I=卉的变形式U=IR分析判20.灯泡L与定值电阻 R组成的电路如图甲所示，L和R的I-U图线分包为图乙中的A、/ ACl hB, 闭合开关S, L正常发光，电路的总功率为4.8W，此时灯泡L的（）IKIirA.电压为 7VI B.电流为0.3AC.电阻为 20 QD.功率为3W【

36、答案】D【解析】【解答】由图甲知 L和R并联，L和R两端的电压相等；由电路的总功率为4.8W和图乙分析判断L和R两端的电压为6V、通过灯泡的电流为 0.5A，此时L正常发光，所以Zz _的二 T此时灯泡L的为6V,灯泡的电阻 Rl=血7.54=12 Q灯泡的功率 PL=LLIl=6VX 0.5A=3VyA、B、C不符合题意，D符合题意。故答案为：Do【分析】先根据图甲判断电路的连接方式，再根据图乙提供的信息和电路的总功率分析判断电路两端的电压及通过灯泡的电流，根据1=歼的变形式R=求出灯泡的电阻，根据P=UI求出灯泡的功率。10欧。下列判断中正确的是21.将电阻列与100欧的电阻并联后，它们的

37、总电阻小于（）A.创一定小于10欧为10欧B血可能大于10欧C心一定大于10欧D血不可能【答案】B7允，所以并联电路的总电阻小Ri可能大于10欧.【解析】【解答】因为并联电路电阻的关系为： 于任一支路的电阻，即小于各支路中最小的电阻，故电阻 故答案为：B.22 .如图所示，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电路中（）A.电流表的示数变大，小灯泡变亮C.电压表的示数变小，小灯泡不亮【答案】D【解析】【解答】解： 当开关S断开时，: 流表测电路中的电流；S闭合时，L短路，灯不亮，电路中只有 I流；根据串联电路电压的规律，故电压表示数变大,B.电流表的示数变小，小灯泡变亮ID.电压表的示数变

38、大，小灯泡不亮L与电阻R串联，电压表测 R两端的电压，电R，此时电压表测电源电压，电流表测电路中的电【分析】根据并联电路的总电阻小于任何一支路的电阻分析解答即可I r根据串联电阻的规律， S闭合时电阻变小，根据欧姆定律1=詞可知，电路中电流变大,流表示数变大；综上所述，只有 D正确，ABC错误.故选D.【分析】分析当开关 S由断开到闭合时电路的变化，根据串联电路的规律和欧姆定律确定正确答案.滑动L电23.如图所示，电源电压为 4.5V,电压表量程为“3V”，电流表量程为“0 0.6A :变阻器规格为 “10Q 1A”小灯泡L标有“2.5V1.25W（灯丝电阻不变）。在保证小灯泡 流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是 小灯泡的额定电流是 0.6A 滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4 Q10 Q 电压表示数变化范围是03V 电流表示数变化范围是0.30.5A （）A.只有、正确、正确【答案】A【解析】 【解答】解：由电路图