高中物理选修3-1期末测试题及答案(3)[1],推荐文档

1、高中物理选修 3-1 期末测试题（三）班级：姓名： 一，选择题（本题共 10 小题，共 40 分，每题有一个或多个选项符合题意，全部选对得 4 分，不全的得 2 分，有错项的得 0 分）1. 关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）a. 电场强度的定义式 e = f 适用于任何电场qb. 由真空中点电荷的电场强度公式 e = k q 可知，当 r0 时，e无穷大r 2c. 由公式 b = f 可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场ild. 磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向2. 甲、乙两个点电荷在真空中的相互作用力是 f，如果把它们的电荷量都减小

2、为原来的 1 ，距离增加到原来的22 倍，则相互作用力变为（）a. 8fb. 1 f2c. 1 f4d. 1 f163. 如图所示，在真空中有两个等量的正电荷 q1 和 q2，分别固定在 a、b 两点，dce 为 ab 连线的中垂线，现将一个正电荷 q 由 c 点沿 cd 移到无穷远，则在此过程中（ ）a. 电势能逐渐减小b电势能逐渐增大cq 受到的电场力逐渐减小dq 受到的电场力先逐渐增大后逐渐减小4. 如图所示，a、b、c、d、e、f 为匀强电场中一个边长为 1m 的正六边形的六个顶点，a、b、c 三点电势分别为 10v、20v、30v，则下列说法正确的是（）ab、e 一定处在同一等势面上

3、b匀强电场的场强大小为 10v/mc正点电荷从 e 点移到 f 点，则电场力做负功d电子从 f 点移到 d 点，电荷的电势能减少 20ev5. 一个阻值为 r 的电阻两端加上电压 u 后，通过电阻横截面的电荷量 q 随时间变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）u1aub rcd rr6. 有一个直流电动机，把它接入 0.2v 电压的电路中电机不转，测得流过电动机的电流是 0.4a；若把电动机接入 2.0v 电压的电路中，正常工作时的电流是 1.0a，此时，电动机的输出功率是 p出；如果在电动机正常工作时， 转子突然被卡住，电动机的发热功率是 p热 ，则（）a. p 出 = 2w , p

4、热 = 0.5wc p出 = 2w , p热 = 8wb p出 = 1.5w , p热 = 8wd p出 = 1.5w , p热 = 0.5w7. 如图所示电路图中，r1、r2 为定值电阻，r3 为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（ ） a电流表和电压表读数均增大b. 电流表和电压表读数均减小c. 电压表 v1 的示数变化量小于电压表 v2 的示数变化量d. 电流表读数变小，电压表 v2 读数变大，v1 读数减小8. 有一毫伏表，它的内阻是 100 w ，量程为 0.2v，现要将它改装成

5、量程为 10a 的电流表，则毫伏表应（）a. 并联一个 0.02 w 的电阻b并联一个 0.2 w 的电阻c串联一个 50 w 的电阻d串联一个 4900 w 的电阻9. 如图所示，在倾角为a的光滑斜面上，放置一根长为 l，质量为 m 的导体棒。在导体棒中通以电流 i 时，欲使导体棒静止在斜面上，下列外加匀强磁场的磁感应强度 b 的大小和方向正确的是（）sinaa. b = mg，方向垂直斜面向上ilmg sinab. b =，方向垂直斜面向下ilc. b = mgd. b = mgtanailtanail，方向竖直向下，方向竖直向上10. 如图所示，在半径为 r 的圆形区域内，有匀强磁场，磁

6、感应强度为 b，方向垂直于圆平面（未画出）。一群q比荷为的负离子以相同速率 v0（较大），由 p 点在纸平面内向不同方向射入磁场中发生偏转后，又飞出磁场，m最终打在磁场区域右侧的荧光屏（足够大）上，则下列说法正确的是（不计重力）（）a离子在磁场中运动时间一定相等b离子在磁场中的运动半径一定相等c由 q 点飞出的离子在磁场中运动的时间最长d沿 pq 方向射入的离子飞出时偏转角最大二、填空题（11、12、13 题每空 2 分，14 题 10 分，共 26 分）111. 一回旋加速器，在外加磁场一定时，可把质子（ 1h ）加速到 v，使它获得动能为 ek，则：2能把a粒子（ 4 he ）加速到的速度

7、为。能使a粒子获得的动能为。加速a粒子的交流电压频率与加速质子的交流电压频率之比为 。12如图所示，a 和 b 两平行金属板相距 10mm，m 点距a 板及 n 点距 b 板均为 2mm， 则板间场强为n/c，a 板电势为v，n 点电势为v。13电子质量为 m，带电量为 e，垂直射入磁感应强度为 b，方向垂直于纸面向外，宽度为 d 的匀强磁场区域。当它从磁场区域射出时，速度方向偏转了 30角，如图所示，则电子进入磁场时的速度大小是；在磁场中运动的时间是。14. 某同学先用欧姆表的“10”档粗测一电阻阻值，欧姆表示数如图所示，现欲用伏安法较准确地测定其阻值，给出下列仪器供选用：a9v电 池b电流

8、表（00.6a，10 w ） c电流表（00.1a，3 w ） d 电 压 表 （03v，2k w ） e电压表（015v，45k w ） f滑动变阻器（010 w ，0.1a） g滑动变阻器（020 w ，1a）图 13h导线、电键（1） 上述器材中应选用（填代号）。（2） 在虚线框中画出电路图。三、计算题（8+9+8+9=34 分）15. 如图，宽度为l = 0.8m 的某一区域存在相互垂直的匀强电场 e 与匀强磁场 b，其大小 e = 2 108 n / c ，b=10t。一带正电的粒子以某一初速度由 m 点垂直电场和磁场方向射入，沿直线运动，从 n 点离开；若只撤去磁q场，则粒子从 p

9、 点射出且速度方向发生了 45的偏转。不计粒子的重力，求粒子的电荷量与质量之比。m16. 如图所示电路中， r1 = 3w ， r2 = 6w ， r3 = 1.5w ， c = 20af 。当开关 s1 闭合、s2 断开，电路稳定时，电源的总功率为 2w，当开关 s1、s2 都闭合，电路稳定时，电源的总功率为 4w，求：（1） 电源电动势 e 和内电阻 r；（2） 当 s1、s2 都闭合时电源的输出功率及电源内部产生的热功率；（3） 当 s1 闭合，分别计算在 s2 闭合与断开时，电容器所带的电荷量各为多少？17. 如图所示，铜棒 ab 长 0.1m，质量为6 10-2 kg ，两端与长为

10、1m 的轻铜线相连静止于竖直平面内。整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度 b = 0.5t ，现接通电源，使铜棒中保持有恒定电流通过，铜棒发生摆动，已知最大偏转角为 37，（1）在此过程中铜棒的重力势能增加了多少；（2）通电电流的大小为多大。（不计空气阻力， sin 37o = 0.6, cos 37o = 0.8, g = 10m / s 2 ）18. 一匀强磁场，磁场方向垂直于 xy 平面，在 xy 平面中，磁场分布在以 o 为圆心的一个圆形区域内，一个质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子，由原点 o 开始运动，初速度为 v，方向沿 x 轴正方向，后来粒子经过 y 轴上的p 点，此

11、时速度方向与 y 轴夹角为 30，p 到o 的距离为 l，如右图所示。不计重力的影响，求磁场的磁感应强度b 的大小和 xy 平面上磁场区域的半径 r。参考答案（三）一、选择题1、（a）库仑定律适用于点电荷，故 b 错；通电导线若平行于磁场方向放置，不受 f 安作用，故 c 错；某处磁感应强度方向与该处通电导线所受 f 安垂直，故 d 错。2、（d）由 f = k q1q2 知 d 正确。r 23、（ad）电场力对电荷做正功，电势能减小，故 a 正确。c 点场强为零，无穷远场强为零，故从 c 点到无穷远场强先变大后减小。q4、（ad）5、（c）斜率 k =t= i = ur6、（b）电机不转，

12、r = ui= 0.5w ；正常工作时， p电= ui = 2 1w = 2w , p热= i 2 r = 0.5w故p出= p 电- p热= 1.5w ；转子突然被卡住，相当于纯电阻，此时 i = 20.5a = 4 a热p = i 2 r = 8w7、（cd） r3= r总 i u1 u内 u2 i 2 i i38、（a）设并联电阻为 r0.2通过毫伏表电流为100a ，通过 r 电流为（100.002）a r =0.210 - 0.002 0.02wsina9、（ad）磁场方向不确定带来了多解，若 b 垂直斜面向上，则 f 安沿斜面向上， f安 = mgtanail上，则 f 安水平向右

13、， f安 = mg il，若 b 竖直向10、（bc）粒子 q 相同，进入磁场速率相同，则 r = mv0 相同，故 b 正确；运动时间最长，即轨迹所对圆心角mbq最大，轨迹所对弦最长，故 c 正确。1 vv 2bqr11、，ek，1:2 （设 d 型盒半径为 r， bqv = m2rv2 = q2 m 1= 2 1 = 1v1q1m242 v =m1 m v 2ek 2 = 22 2= 1t = 2am1bq交流电压周期 1 , f = = ek1m v 2bqt2am21 1 f 2 = q2 m1= 1 ）f1q1m22u4v12、 e = 400n / c,-4v ,-0.8n（ e

14、= d = 10 10-3 m = 400n / c ，ubn = e d bn = 400 2 10-3v = 0.8van= -0.8v ）13、 v = 2bde ,t = am（ r = 2d = mv v = 2bedt = 1 t = am ）m14、（1）acegh6bebem126be（2）出315、解：带电粒子做直线运动：qe=bqv0p = i 2 ( r1 r2+ r ) = 3.5w v0 =e = 2 107 m / s br1 + r2撤去磁场，带电粒子到 p 点所用时间 t：p 热 = p 总 - p 出 = 4w - 3.5w = 0.5wt = lv0= at

15、 = qe t（3）当 s1，s2 闭合时，电容器两板间 u=0，q=0 当 s1 闭合，s2 断开时，r2 上电压e到 p 点速度为 v， vymvu 2 =r2 + r3 + r r2= 3v2tana=y = 1v0 q = c u= 6 10-5 c联立得 qv 2= 0 =(2 107 ) 28c / kg17、解（1）重力势能增加：mel2 10 0.8= 2.5 106 c / kg16、（1）s1 闭合，s2 断开：ep = mg l1 (1 - cos 37o ) = 0.12j（2）摆动至最大偏角时 v=0有：e 2rp总 =+ r + r23s1，s2 闭合：e 2= 2

16、- mgl (1- cos 37o ) + f l sin 37o = 01安1f 安 = bi l2得 i=4ap 总 = r r= 4212 + r + rr1+ r318、由几何关系得： po = 2r 联立得 e=4v， r= 0.5we（2） i = r r= 1a ，312 + r + rpo + r = l r = 1 l3r1 + r2=bqv = m v 2得 rmvrbq联立得： b =3mv ql设磁场区域半径为 r 有：1 r = r cos 30o 2 r =3r =l33“”“”at the end, xiao bian gives you a passage. m

17、inand once said, people who learn to learn are very happy people. in every wonderful life, learning is an eternal theme. as a professional clerical and teaching position, i understand the importance of continuous learning, life is diligent, nothing can be gained, only continuous learning can achieve better self. only by constantly learning and mastering the latest relevant knowledge,