福建省福州市永泰一中届高考物理模拟试卷(二)(含解析

1、福建省福州市永泰一中高考物理模拟试卷（二）一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项 符合题目要求.1. 如图所示，P、Q是矩形ABCD勺AD边和BC边的中点，E、F是AB边和CD边的中点，M N是PQ连线上的两点且 MP=QNM点和N点有等量异种点电荷.对于图中八个点的场强关系， 下列说法正确的是（）X+- 1 -:V:-V ；/? *-*- *占 *- * rA. A与B点场强相同，C与D点场强相同B. A与C点场强相同，B与D点场强相同C. A与D点场强相同，B与C点场强相同D. E与F点场强相同，P与Q点场强不同2. 我国于2010年10月1日成功发

2、射了月球探测卫星“嫦娥二号”，“嫦娥二号”在椭圆轨道近月点Q完成近月拍摄任务后， 到达椭圆轨道的远月点 P变轨成圆轨道，如图所示.忽略地球对“嫦娥二号”的影响，则“嫦娥二号”（）A. 在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变B. 在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大C. 在Q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度小D. 在Q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度小3. 如图甲所示，一条电场线与 Ox轴重合，取0点电势为零，Ox方向上各点电势 $随x变 化的情况如图乙所示.若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）A. 电场一定是匀强电场B.电场的场强沿 Ox方向增大C.电子将沿Ox负方向运

3、动D.电子的电势能将增大4. 如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，电场方向如图中箭头所示，0是坐标原点，M N、P、Q是以0为圆心的一个圆周上的四个点，其中M N在y轴上，Q点在x轴上，则( )A. M点的电势比P点的电势高B. 正电荷在 0点时的电势能小于在 Q点时的电势能C. O M间的电势差等于 N、0间的电势差D. 将一负电荷由 M点移到P点，电场力做正功5. 据中新社消息，我国将于2011年上半年发射“天宫一号”目标飞行器， 下半年发射“神 舟八号”飞船，并与“天宫一号”实现对接. 某同学得知上述消息后， 画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，A代表

4、“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道.由此假想图，可以判定（）A. A的运行速率大于 B的运行速率B. A的周期小于B的周期C. A的向心加速度大于 B的向心加速度D. B适度加速有可能与 A实现对接6. 质量相等的均质柔软细绳 A、B平放于水平地面，绳A较长.分别捏住两绳中点缓慢提起, 直到全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为hA、hB,上述过程中克服重力做功分别为WA、比若（ ）A. hA=hB,则一定有 WA=WB B. hA hB,则可能有 WAVWBC. hAV hB,则可能有 WA=WB D. hA hB,则一定有 WAWB二、非选择题，本大题包括必考部分和选考部

5、分（一）必考部分7如图所示，水平放置的两平行金属板间有一竖直方向的匀强电场，板长为L,板间距离为d,在距极板右端 L处有一竖直放置的屏 M 带电荷量为q、质量为m的质点从两板中 央平行于极板射入电场， 最后垂直打在 M屏上，则质点打在屏上 P点 （填上方或下方），板间场强大小为 .&玉树地震发生后，需要向灾区运送大量救灾物资，在物资转运过程中常使用如图所示的传送带.已知某传送带与水平面成0 =37角，传送带的 AB部分长L=5.8m，传送带以恒定的速率v=4m/s按图示方向传送，若在B端无初速度地放置一个质量m=50kg的救灾物资P（可视为质点），P与传送带之间的动摩擦因数卩=0.5 （取g=

6、10m/s2, sin37 =0.6）.求：（1） 物资P从B端开始运动时的加速度为 m/s2;（2） 物资P到达A端时的动能 J.9. 山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动，一滑雪坡由AB和BC组成，AB是倾角为37的斜坡，BC是半径为R=5m的圆弧面，圆弧面和斜面相切于B,与水平面相切于 C,如图所示，AB竖直高度差h=8.8m，运动员连同滑雪装备总质量为80kg，从A点由静止滑下通过 C点后2飞落(不计一切阻力，g 取 10m/s，sin37 =0.6，cos37 =0.8).求：(1) 运动员到达C点的速度大小.(2) 运动员经过 C点时轨道受到的压力大小.10. 如图所示，长L=1.6m

7、，质量M=3kg的木板静止放在光滑水平面上，质量m=1kg带电荷量q=+2.5 X 104C的小物块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数卩=0.1 ,所在空间加有一个方向竖直向下，电场强度为E=4.0X 104N/C的匀强电场，现对木板施加一水平向右的拉力F.取g=10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：11如图所示，光滑固定的竖直杆上套有一个质量m=0.4kg的小物块A,不可伸长的轻质细绳通过固定在墙壁上、大小可忽略的定滑轮D,连接物块A和小物块B,虚线CD水平，间距d=1.2m，此时连接物块 A的细绳与竖直杆的夹角为37,物块A恰能保持静止.现在物块B的下端挂一个小物块 Q物块A

8、可从图示位置上升并恰好能到达C处.不计摩擦和空气阻力，cos37 =0.8、sin37 =0.6，重力加速度g 取 10m/s2.求：(1) 物块A到达C处时的加速度大小；(2) 物块B的质量；(3) 物块Q的质量.（二）选考部分，任选一模块作答物理选修3-3（本模块共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12.下列叙述正确的是（）A. 气体的压强越大，分子的平均动能越大B. 凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性C. 外界对气体做正功，气体的内能一定增大D. 温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大13如图所示，玻璃管内活塞 P下方封闭着空气，P上有细线系住，线上端悬于

9、 0点，如不 计水银、活塞与玻璃管的摩擦力，大气压强为po保持不变，则当气体温度降低时 （ ）23A. 管内气体压强恒定 B 管内气柱压强将减小C.细线上的拉力将减小D. 细线上的拉力将变大【物理-选修3-5】，本模块共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个选项符合题意.现有一男孩站在小车上用力向14如图所示，小车与木箱紧挨着静放在光滑的水平冰面上，右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是（）A. 男孩和木箱组成的系统动量守恒B. 男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒C. 小车与木箱组成的系统动量守恒D. 木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同15 .如图是某金属在光的照射

10、下产生的光电子的最大初动能匕与入射光频率v的关系图象.由图象可知不正确的是（）A. 该金属的逸出功等于EB. 该金属的逸出功等于h v 0C. 入射光的频率为 2 v 0时，产生的光电子的最大初动能为ED. 入射光的频率为22!时，产生的光电子的最大初动能为一22福建省福州市永泰一中高考物理模拟试卷（二）参考答案与试题解析一、本卷共6小题，每小题6分，共108分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求.1.如图所示，P、Q是矩形ABCD勺AD边和BC边的中点，E、F是AB边和CD边的中点，MN是PQ连线上的两点且MP=QNM点和N点有等量异种点电荷.对于图中八个点的场强关系,F列说法

11、正确的是（）C与D点场强相同B与D点场强相同B与C点场强相同P与Q点场强不同A. A与B点场强相同，B. A与C点场强相同,C. A与D点场强相同,D. E与F点场强相同,【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度.【专题】电场力与电势的性质专题.Q【分析】根据点电荷的电场强度公式 E=k结合矢量合成法则，并由几何关系，即可求r解.Q【解答】 解：根据点电荷的电场强度公式E=k结合题意与几何关系，则知A B、C、Dr的电场强度的大小相等， A与C的方向相同，贝U A与C点场强相同.B与D的方向相同，贝UB与D点场强相同.而 E与F的电场强度大小相等，方向相同，P与Q点场强大小相等、方向相同，贝U

12、 P与Q点场强相同.故 B正确，ACD错误；故选：B.【点评】本题关键根据点电荷电场强度公式，掌握几何知识的长度关系，理解矢量性， 也可以根据等量异种电荷电场线的分布情况分析.2我国于2010年10月1日成功发射了月球探测卫星“嫦娥二号”，“嫦娥二号”在椭圆轨道近月点Q完成近月拍摄任务后， 到达椭圆轨道的远月点 P变轨成圆轨道，如图所示.忽略地球对“嫦娥二号”的影响，则“嫦娥二号”（）A. 在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变B. 在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大C. 在Q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度小D. 在Q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度小【考点】万有引力定律及其应用.【

13、专题】万有引力定律的应用专题.【分析】嫦娥二号从椭圆轨道的 P点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动比较加速度，根据牛顿第二定律，只需比较所受的万有引力即可.【解答】解：AB Q到P的过程由于要克服引力做功，速度越来越小，到P点所需的向心力比较小，万有引力大于所需的向心力，会做近心运动，所以从P点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动.故机械能不守恒.故A错误，B正确.C在椭圆轨道上 Q点的速度大，万有引力不够需要的向心力，做离心运动.若在Q点有一圆轨道通过，则在椭圆轨道上 Q点的速度必然大于圆轨道 Q点的速度.根据万有引力提供向G血以心力

14、 _=m ，知轨道半径越大，速度越小，所以通过Q点圆轨道上的速度大于通过 P点圆轨道上的速度，则在 Q点的线速度比沿圆轨道运动的线速度大.故C错误.D在Q点所受的万有引力大于在 P点所受的万有引力，根据牛顿第二定律，在Q点的加速度比沿圆轨道运动的加速度大.故D错误.故选：B.【点评】解决本题的关键理解卫星是如何进行变轨，以及在比较Q点的速度和圆轨道速度时，引入另一个圆轨道串联一下，问题引刃而解.3.如图甲所示，一条电场线与 Ox轴重合，取0点电势为零，Ox方向上各点电势 $随x变化的情况如图乙所示.若在0点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则（）A.电场一定是匀强电场B.电场的场强沿 O

15、x方向增大C.电子将沿Ox负方向运动D.电子的电势能将增大【考点】电势差与电场强度的关系；电势.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】沿着电场线的方向电势降低， 根据Ox方向上各点的电势 $随x变化的情况可以判 断出电场的方向与特点. 根据电场强度方向判断电子的运动方向. 根据电场力做功情况判断 电子的电势能变化情况.【解答】解：AB-x图象的斜率等于场强 E,则知该电场的场强不变，一定是匀强电场， 故A正确，B错误.C从-x图象可知，沿x正方向电势升高，所以电场线的方向为 x轴的负方向，所以电 子受力的方向与电场线方向相反，沿 x正方向，所以电子沿 x轴正方向运动，故 C错误.D在0点由静

16、止释放一电子，电子受到x正方向的电场力，电子将沿 Ox正方向运动，电场力将做正功，电场力做功量度电势能的变化，所以电子的电势能将减小，故D错误.故选：A.【点评】 本题结合电势$随x变化的情况图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角 度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解.4如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，电场方向如图中箭头所示，0是坐标原点，M N、P、Q是以0为圆心的一个圆周上的四个点，其中M N在y轴上，Q点在x轴上，则A. M点的电势比P点的电势高B. 正电荷在 0点时的电势能小于在 Q点时的电势能C. O M间的电势差等于 N、0间的电势差D. 将

17、一负电荷由 M点移到P点，电场力做正功【考点】等势面；电势能.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】根据电场线方向判断电势高低；灵活应用公式 U=Ed判断两点之间电势差的高低； 根据电势高低或电场力做功情况判断电势能的高低； 正确判断电荷在电场中移动时电场力做 功的正负【解答】 解：A、根据电场线与等势线垂直特点，在M点所在电场线上找到 p点的等势点，根据沿电场线电势降低可知，P点的电势比M点的电势高，故 A错误；B 0点电势高于Q点，根据Ep= q可知，正电荷在0点时的电势能大于在 Q点时的电势能， 故B错误.C根据电场分布可知， 0M间的平均电场强度比 NO之间的平均电场强度小，故由公式

18、U=Ed可知，0M间的电势差小于 N0间的电势差，故 B错误；D M点的电势比P点的电势低，负电荷从低电势移动到高电势电场力做正功，故D正确；故选：D.【点评】电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较，是 电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解.5. 据中新社消息，我国将于2011年上半年发射“天宫一号”目标飞行器， 下半年发射“神 舟八号”飞船，并与“天宫一号”实现对接. 某同学得知上述消息后， 画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示，A代表“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道由此假想图，可

19、以判定（）A. A的运行速率大于 B的运行速率B. A的周期小于B的周期C. A的向心加速度大于 B的向心加速度D. B适度加速有可能与 A实现对接【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.【专题】万有引力定律的应用专题.【分析】由万有引力提供向心力，可列式求解，得出线速度、角速度、周期、向心加速度与 轨道半径的关系.【解答】解：根据万有引力提供向心力，则由牛顿第二定律得:G血 _=m r4兀22ir=ma=m厂rA v=4,所以A的运行速率小于 B的运行速率，故 A错误;丨3BT=2n 所以A的周期大于B的周期，故B错误;GMC a=所以A的向心加速度小于 B的向心加速度，故 C错误；rD

20、 B在圆轨道上加速，需要的向心力增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动，可能与A实现对接.故D正确.故选：D.【点评】不同的轨道对应着不同的线速度、角速度、周期、向心加速度，关键是根据引力等于向心力求解出它们的关系.6. 质量相等的均质柔软细绳 A、B平放于水平地面，绳A较长.分别捏住两绳中点缓慢提起,直到全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为hA、hB,上述过程中克服重力做功分别为WA、比若（ ）A. hA=hB,则一定有 WA=WB B. hA hB,则可能有 WAVWC. hAV hB,则可能有 WA=WB D. hA hB,则一定有 WAW【考点】 机械能守恒定律.【专题】 压轴题

21、；机械能守恒定律应用专题.【分析】质量相等的均质柔软细绳，则长的绳子，其单位长度的质量小，根据细绳的重心上升的高度找出克服重力做功的关系.【解答】解：A、两绳中点被提升的高度分别为hA、hB, hA=hB,绳A较长所以绳 A的重心上升的高度较小，质量相等，所以WAV WB.故A错误B hAhB,绳A较长.所以绳 A的重心上升的高度可能较小，质量相等，所以可能WAV VV.故B正确，D错误C hAV hB,绳A较长.所以绳 A的重心上升的高度一定较小，质量相等，所以WAV WB.故C错误故选B.【点评】解决该题关键要知道柔软细绳不能看成质点，找出不同情况下重心上升的高度的关系.二、非选择题，本大

22、题包括必考部分和选考部分（一）必考部分7. 如图所示，水平放置的两平行金属板间有一竖直方向的匀强电场，板长为L,板间距离为d,在距极板右端 L处有一竖直放置的屏 M 带电荷量为q、质量为m的质点从两板中 央平行于极板射入电场， 最后垂直打在 M屏上，则质点打在屏上 P点 上方 （填上方或下方），板间场强大小为【考点】 带电粒子在匀强电场中的运动.【专题】 带电粒子在电场中的运动专题.【分析】由题，质点先在电场和重力场的复合场中做类平抛运动，要垂直打在M屏上，离开出场后，质点一定打在屏的 P点上方，做斜上抛运动.质点从离开电场后到垂直打在M屏上过程是平抛运动的逆运动， 采用运动的分解方法可知，

23、分析质点类平抛运动与斜上抛的关系， 确定加速度关系，求出板间场强.【解答】解：质点要垂直打在 M屏上，则打在M屏上时竖直方向上速度为零.对竖直方向上的运动进行分析，质点的前一段运动必定是在电场力和重力作用下做加速运动，后一段运动必定是在重力作用下做减速运动，最后速度减小为零，则只可能先向上做加速运动，然后向上做减速运动，位移应向上，故质点打在 P点上方.又因两段运动的过程中质点在水平方向上的位移相等， 质点在水平方向上做匀速直线运动，故质点做两段运动所经历的时间相等，设为t，对竖直方向上的运动有：一=ai, g=a2，根据两段运动的对称性知ait=a2t，则E= 1:，,nq故答案为：上方；-

24、三qL+*1【点评】本题关键抓住两个运动轨迹的对称性.运动的合成与分解是研究曲线运动的常用方法，要灵活运用&玉树地震发生后，需要向灾区运送大量救灾物资，在物资转运过程中常使用如图所示的传送带.已知某传送带与水平面成0 =37角，传送带的 AB部分长L=5.8m，传送带以恒定的速率v=4m/s按图示方向传送，若在B端无初速度地放置一个质量m=50kg的救灾物资P(可视为质点)，P与传送带之间的动摩擦因数卩=0.5 (取g=10m/s2, sin37 =0.6).求：(1) 物资P从B端开始运动时的加速度为10 m/s2;(2) 物资P到达A端时的动能900 J.【考点】动能定理；牛顿第二定律.【

25、专题】动能定理的应用专题.【分析】（1 ）选取物体P为研究的对象，对 P进行受力分析，求得合外力，然后根据牛顿 第三定律即可求出加速度；（2）物体p从B到A的过程中，重力和摩擦力做功，可以使用动能定律求得物资P到达A端时的动能，也可以使用运动学的公式求出速度，然后球动能.【解答】解：（1） P刚放上B端受到沿传送带向下的滑动摩擦力作用，根据牛顿第二定律 有mgs in 0 +Ff=maFN=mgcos 0Ff =卩 Fn联立解得加速度为 a=gsin 0 + gcos 0 =10 m/s 2.mgsin 0 - Ff)(L- x)（2） P达到与传送带相同速度时的位移x=-=0.8 m以后物资

26、P受到沿传送带向上的滑动摩擦力作用，根据动能定理得（=mvA2- mv2- 到A端时的动能盼 m(=900 J .故答案为：（1）10（2） 900【点评】传送带问题中，需要注意的是传送带的速度与物体受到之间的关系，当二者速度相等时，即保持相对静止属于中档题目.9. 山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动，一滑雪坡由AB和BC组成，AB是倾角为37的斜坡，BC是半径为R=5m的圆弧面，圆弧面和斜面相切于B,与水平面相切于 C,如图所示，AB竖直高度差h=8.8m，运动员连同滑雪装备总质量为80kg，从A点由静止滑下通过 C点后2飞落（不计一切阻力，g 取 10m/s , sin37 =0.6 , c

27、os37 =0.8）.求：（1）运动员到达C点的速度大小.（2）运动员经过 C点时轨道受到的压力大小.【考点】向心力；机械能守恒定律.【专题】匀速圆周运动专题.【分析】(1)根据几何关系求出 AC段的高度差，结合机械能守恒定律求出运动员到达C点的速度大小；(2)在C点，根据径向的合力提供向心力，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而得 出运动员经过 C点时轨道受到的压力大小.【解答】 解：(1)物体由A到C,机械能守恒hAc=h+ ( R- Rcos37 =9.8m代入数据解得VC=14m/s(2 )物体经过C点时，由圆周运动2下2 2代入数据解得：片厂：；：匚1 N=3936N轨道受到压力F

28、 n=3936N答：(1)运动员到达 C点的速度大小为14m/s ;(2)运动员经过 C点时轨道受到的压力大小为3936N.【点评】本题考查了机械能守恒定律、牛顿第二定律与圆周运动的综合，知道向心力的来源是解决本题的关键.10. 如图所示，长L=1.6m，质量M=3kg的木板静止放在光滑水平面上，质量m=1kg带电荷量q=+2.5 X 10 -4C的小物块放在木板的右端，木板和物块间的动摩擦因数卩=0.1 ,所在空间加有一个方向竖直向下，电场强度为E=4.0X 104N/C的匀强电场，现对木板施加一水平向右的拉力F.取g=10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(1)使物块不掉下去的最大

29、拉力F;(2 )如果拉力F=11N恒定不变，小物块所能获得的最大动能.1 1r1泊mm1i7/1【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律.【专题】电场力与电势的性质专题.【分析】(1)要小物块不掉下来，则小物块和木板的加速度相同，且最大拉力时加速度最 大，小物块受的摩擦力提供它运动的加速度，而整体所受的拉力提供整体的加速度.(2)当拉力F=11N时，小物块相对于木板发生运动，则木板所受的拉力与摩擦力的合力提 供木板的加速度，而小物块所受的滑动摩擦力提供小物块运动的加速度，两者的位移差等于木板的长短时小物块落下速度达到最大.【解答】解：(1) F最大的时候物块不掉下去，必是物块与木

30、板具有共同的最大加速度ai,对物块，最大加速度ai=2 m/s对整体 F= ( M+m ) ai=8 N .(2 )当F=11 N时，物块相对木板有相对滑动，木板的加速度a2=3 m/s由一a2t _ai t =L得物块滑过木板所用时间t= 一一 s物块离开木板时的速度 vi=ait=2一 m/s19则物块动能 E8N说明两者相对运动，故加速度不同.ii. 如图所示，光滑固定的竖直杆上套有一个质量m=0.4kg的小物块A,不可伸长的轻质细绳通过固定在墙壁上、大小可忽略的定滑轮D,连接物块A和小物块B,虚线CD水平，间距d=1.2m，此时连接物块 A的细绳与竖直杆的夹角为37,物块A恰能保持静止

31、.现在物块B的下端挂一个小物块 Q物块A可从图示位置上升并恰好能到达C处.不计摩擦和空气阻力，cos37 =0.8、sin37 =0.6，重力加速度g 取 10m/s2.求：(1) 物块A到达C处时的加速度大小；(2) 物块B的质量；(3) 物块Q的质量.【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律.【专题】共点力作用下物体平衡专题.【分析】(1)物块A到达C处时合力等于重力，根据牛顿第二定律求解加速度；(2 )初始位置，先后对 B和A受力分析，根据平衡条件列式求解；(3)从A到C过程，三个物体过程的系统只有动能和重力势能相互转化，系统机械能守恒,根据守恒定律列式求解.

32、【解答】 解：(1 )当A物块到达C处时，由受力分析可知：水平方向受力平衡，竖直方向 只受重力作用，；所以A物块的加速度a=g=10m/s2;(2) B物体受重力和拉力而平衡，故拉力等于其重力；物体A受重力、拉力和杆的支持力，如图所示T;根据平衡条件:Tcos37 =mgT=Mg联立解得M=0.5kg(3)设Q物块的质量为 m，根据系统机械能守恒得: mghc= (M+no) ghb hac=dcot37 =1.6m (hb=_ :- !sin37解之得：m=0.3kg答：（1）物块A到达C处时的加速度大小为 10m/s2;（2）物块B的质量为0.5kg ；（3）物块Q的质量为0.3kg .【

33、点评】本题前两问直接根据牛顿第二定律和平衡条件列式求解；第三问系统机械能守恒， 也可以对系统运用动能定理列式求解，较难.（二）选考部分，任选一模块作答 物理选修3-3（本模块共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意.）12. 下列叙述正确的是（）A. 气体的压强越大，分子的平均动能越大B. 凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性C. 外界对气体做正功，气体的内能一定增大D. 温度升高，物体内的每一个分子的热运动速率都增大【考点】热力学第二定律.【专题】热力学定理专题.【分析】温度是分子平均动能的标志，温度升高，平均动能增大，并不是物体内的每一个分子的热运动速率都增大，改变内能的方

34、式有做功和热传递.【解答】解：A、温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子的平均动能越大，A错误；B凡涉及热现象的宏观过程都具有方向性，B正确；C改变内能的方式有做功和热传递，外界对气体做正功，气体的内能不一定增大，C错误；D温度升高，平均动能增大，并不是物体内的每一个分子的热运动速率都增大，D错误.故选：B【点评】本题要掌握温度是平均动能的标志，会用热力学第一定律去分析内能的变化.13如图所示，玻璃管内活塞 P下方封闭着空气，P上有细线系住，线上端悬于 O点，如不 计水银、活塞与玻璃管的摩擦力，大气压强为 p。保持不变，则当气体温度降低时 （ ）A. 管内气体压强恒定 B 管内气柱压强将减小C.细线上的拉力将减小D.细线上的拉力将变大【考点】理想气体的状态方程.【专题】理想气体状态方程专题.【分析】先以活塞、水银和管子为研究对象，分析受力，由平衡条件分析细线的拉力；对于 水银和活塞整体研究，由平衡条件分析气柱的压强如何变化.【解答】解：当气体温度降低时，气体会发生等压变化，根据气态方程N=c可知，气体的T体积会减小.以活塞、水银和管子整体为研究对象，整体受到总重力和细线的拉力，根据平衡条件得知：细线的拉力等于总重力，保持不变；设封闭气体的压强为 P,活塞的面积为 S.活塞和水银的总