福建省南平市2020届高三物理第二次综合质量检查试题（含解析）

1、福建省南平市2020届高三物理第二次综合质量检查试题（含解析） 二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.氢原子能级如图所示，则下列说法正确的是A. 氢原子能级越高原子的能量越大，电子绕核运动的轨道半径越大，动能也越大B. 用动能为12.3eV的电子射向一群处于基态的氢原子，原子有可能跃迁到n=2的能级C. 用光子能量为12.3eV的光照射一群处于基态的氢原子，氢原子有可能跃迁到n=2的能级D. 用光子能量为1.75eV的可见光照射大量处于n=3能

2、级的氢原子时，氢原子不能发生电离【答案】B【解析】【详解】根据玻尔理论，氢原子能级越高原子的能量越大，电子绕核运动的轨道半径越大，根据 可知动能越小，选项A错误；因12.3eV大于n=1和n=2之间的能级差10.2eV，则用动能为12.3eV的电子射向一群处于基态的氢原子，原子有可能跃迁到n=2的能级，选项B正确；因12.3eV不等于n=1和n=2之间的能级差，则用光子能量为12.3eV的光照射一群处于基态的氢原子，光子不能被氢原子吸收，则氢原子不能跃迁到n=2的能级，选项C错误；用光子能量为1.75eV的可见光照射大量处于n=3能级的氢原子时，氢原子能发生电离，选项D错误.2.研究表明，月球

3、的引力在地球上产生了周期性的潮汐现象，潮汐力耗散地球的自转能量，降低地球的自转速度。不考虑其它的变化，则多年以后A. 近地卫星绕地球做圆周运动的速度减小B. 近地卫星绕地球做圆周运动的周期变长C. 地球同步卫星的轨道半径将减小D. 地球同步卫星的环绕速度将减小【答案】D【解析】【详解】地球自转的速度减小，但是不影响近地卫星绕地球做圆周运动的速度和周期，选项AB错误；地球自转的速度减小，则自转的周期变大，同步卫星的周期变大，根据可得可知，地球同步卫星的轨道半径将变大；由可知地球同步卫星的环绕速度将减小，选项C错误，D正确.3.如图所示，理想变压器的原线圈A、B两端接入电压为u=220sin(10

4、0t)V的交变电流。原线圈匝数n=1100，副线圈匝数n1=60匝，副线圈匝数n2=50匝，C、D之间接入电容器，E、F之间接入内阻为10电动机M，它们都能正常工作。则A. 该交流电的频率为100HzB. 副线圈中磁通量变化率的最大值为0.2Wb/sC. 该电容器的耐压值为12VD. 该电动机的输入功率为10W【答案】B【解析】【详解】根据u=220sin(100t)V可得2f=100，解得f=50Hz，故A错误；原副线圈磁通量变化率相等，根据可得，副线圈中磁通量变化率的最大值为，故B正确；该电容器的耐压值为最大值，即为，故C错误；电动机两端电压：，若EF之间接阻值是10的纯电阻，则消耗的功率

5、为10W，因若EF之间接阻值是10的电动机，则电动机输入的功率不等于10W，选项D错误.4.如图所示，在边长为L的正方形区域abcd内有垂直纸面向里的匀强磁场，有一个质量为m，带电量大小为q的离子，从ad边的中点O处以速度v垂直ad边界向右射入磁场区域，并从b点离开磁场。则A. 离子在O、b两处的速度相同B. 离子在磁场中运动的时间为C. 若增大磁感应强度B，则离子在磁场中的运动时间增大D. 若磁感应强度，则该离子将从bc边射出【答案】D【解析】【详解】离子在磁场中做匀速圆周运动，在离子在O、b两处的速度大小相同，但是方向不同，选项A错误；离子在磁场中的运动的半径满足：，解得，则粒子在磁场中运

6、动的弧长所对的圆心角的正弦值为，即=53，运动的时间，选项B错误；若增大磁感应强度B，由 则离子在磁场中的运动半径减小，粒子将从ab边射出，此时粒子在磁场中运动对应的圆心角减小，则运动时间减小，选项C错误；若离子从bc边射出，则，即，选项D正确.5.如图所示，倾角为的光滑绝缘斜面固定在水平面上。为了使质量为m，带电量为+q的小球静止在斜面上，可加一平行纸面的匀强电场(未画出)，则A. 电场强度的最小值为E=B. 若电场强度E=，则电场强度方向一定竖直向上C. 若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到竖直向上，则电场强度逐渐增大D. 若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到整直向上，则电场强度先减小后增大【

7、答案】C【解析】【详解】当所加的电场强度最小时，场强方向沿斜面向上，此时：mgsin=qE，解得电场强度的最小值为，选项A错误；若qE=mg，则可能是电场力、重力以及斜面的支持力三力互成120，此时场强的方向不是竖直向上的方向，选项B错误；由图可知，若电场强度方向从沿斜面向上逐渐转到竖直向上，则电场力逐渐变大，电场强度逐渐增大，选项C正确，D错误.6.如图所示，竖直放置的圆弧轨道，O为圆心，AO水平。两相同小球a、b分别从圆周上的A、B两点水平抛出，两小球均能到达C点(位于O点正下方)，OB连线与竖直方向夹角=60，不考虑空气阻力的影响，以下说法正确的是A. a、b两球到达C点的时间之比为：1

8、B. a、b两球到达C点的过程中，动能增加量之比为：1C. a、b两球到达C点时重力瞬时功率之比为：1D. a、b两球到达C点的过程中，速度增量之比为2：1【答案】AC【解析】【详解】由图可知，AB两点到C点的竖直高度之比为2:1，由可知，a、b两球到达C点的时间之比为：1，选项A正确；a、b两球到达C点的过程中，由动能定理： ，可知动能增加量之比为2：1，选项B错误；a、b两球到达C点时重力的瞬时功率，则瞬时功率之比为：1，选项C正确；速度增量，则a、b两球到达C点的过程中，速度增量之比为：1，选项D错误。7.真空中两个异种点电荷Q1、Q2分别固定在x轴上的A、O两点(O为坐标原点)，x轴正

9、半轴上的电势随x变化规律如图所示，C为电势的最高点，=2。则下列说法正确的是A. B处的场强为零B. Q1、Q2的电量大小之比为9：4C. 带负电的粒子只在电场力作用下从B点沿x轴向C点移动的过程中，加速度逐渐减小D. 带负电的粒子只在电场力作用下从B点沿x轴向D点移动的过程中，电势能先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】因-x图像的斜率等于电场强度，则B处的场强不为零，选项A错误；C点是最高点，则C点的场强为零，则由：，解得 Q1：Q2=9：4，选项B正确；从B到C场强逐渐减小，则带负电的粒子只在电场力作用下从B点沿x轴向C点移动的过程中，加速度逐渐减小，选项C正确；从B到D电势先升高后降

10、低，则带负电的粒子只在电场力作用下从B点沿x轴向D点移动的过程中，电势能先减小后增大，选项D错误.8.如图所示，质量为M=950g的木块随足够长的水平传送带AB一起以v1=6m/s的速度向左匀速运动，传送带的速度恒定，木块与传送带的动摩擦因数=0.5。当木块运动到最左端A点时，一颗质量为m=50g的子弹，以v0=254m/s的水平向右的速度射入木块并留在其中，设子弹射中木块的时间极短，重力加速度g取10m/s2。则A. 子弹射中木块后，木块一直做减速运动B. 木块被击中后向右运动，离A的最大距离为4.9mC. 木块被击中后由于木块与皮带的摩擦而产生的热量为6.5JD. 木块被击中后到相对传送带

11、静止过程中，摩擦力对木块的冲量大小为13Ns【答案】BD【解析】【详解】子弹射中木块动量守恒： 解得v=7m/s；子弹射中木块后，木块向右先做减速运动，速度减到零后反向加速，选项A错误；木块被击中后向右运动，当速度减为零时：，解得离A的最大距离为，选项B正确；木块向右运动速度减为零的时间；物块相对传送带的位移：；物块向左运动，当速度与传送带共速时用时间：；此过程中物块相对传送带的位移：；则木块被击中后由于木块与皮带的摩擦而产生的热量为，选项C错误；木块被击中后到相对传送带静止过程中，根据动量定理，摩擦力对木块的冲量大小为，选项D正确.三、非选择题：共174分。第22题第32题为必考题，每个试题

12、考生都必须作答。第33题第38题为选考题，考生根据要求作答。9.(1)某研究性学习小组使用速度传感器探究小车的加速度与力、质量的关系，实验装置如图甲所示。为使细线下端悬挂砝码和砝码盘的总重力可视为小车受到的合力，正确的操作是_A小车的质量M应远小于砝码和砝码盘的总质量mB实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行的C不挂砝码和砝码盘，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车恰好能匀速下滑D每次改变小车质量后都要重新平衡摩擦力(2)该组同学在平衡小车与木板间的摩擦力后，在小车上固定一与运动方向垂直的薄板以增大空气阻力。用图乙所示的装置探究物体受到空气阻力与运动速度大小间的关系得到小车(含薄

13、板)的v-t图像如图丙所示，该组同学通过分析得出：随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力_(选填“变大”、“不变”或“变小”)的结论。理由是_。【答案】 (1). BC (2). 变大 (3). v-t图像斜率减小，加速度减小(或合外力）【解析】【详解】（1）为使细线下端悬挂砝码和砝码盘的总重力可视为小车受到的合力，则要求小车的质量M应远大于砝码和砝码盘的总质量m，选项A错误；实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行的，选项B正确；不挂砝码和砝码盘，将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车恰好能匀速下滑，以平衡摩擦力，选项C正确；每次改变小车质量后不需要重新平衡摩擦力，选项D错误.（2

14、）由v-t图像可知斜率减小，则加速度减小，由F-f=ma可得阻力增大，即随着运动速度的增加，小车所受的空气阻力变大。理由是加速度减小(或合外力）.10.为了将小量程电流表改装成量程为3V的电压表，实验器材如下：A电流表G：满偏电流为300A，内阻约100B干电池E：电动势为3V，内阻未知；C滑动变阻器R1：最大阻值为500，额定电流为1AD滑动变阻器R2：最大阻值为15k，额定电流为0.5AE电阻箱R0：最大值为999.9，额定电流为0.5AF电阻箱R：最大值为9999.9，额定电流为0.5AG开关两个，导线若干。请回答以下问题(1) 为尽可能准确测量电流表的内阻，应选用甲图中的_(选填“A”

15、或“B”)电路。(2)根据所选电路完成实物电路连接。闭合开关S1，调节滑动变阻器使电流表的示数为300A；接着保持滑动变阻器的滑片位置不变，闭合开关S2，调节电阻箱R0的阻值，当R0=200时电流表示数如图乙所示，则流过电流表的电流为_A，电流表内阻的测量值为_。(3)现将上述电流表与电阻箱R串联改装成量程为3V的电压表，则电阻箱R接入电路的阻值应为_k。(4)若用改装后的电压表测量某电路电压，则电压测量值_真实值(选填“大于”、“等于”或“小于”)【答案】 (1). B (2). 200 (3). 100 (4). 9.9 k (5). 小于【解析】【详解】（1）由“半偏法”测量电流表内阻的

16、原理可知，先闭合S1，调节滑动变阻器的阻值，使电流表满偏；然后闭合电键S2，调节电阻箱的阻值，使得电流表半偏；读出电阻箱的阻值即为电流表的内阻；其中当闭合电键S2时，认为电路中的总电流不变，这样必须要求滑动变阻器的阻值比电流表的内阻大得多，即滑动变阻器应该选择R2，电路选择B.（2）由图可知，电流表读数为200A；则通过电阻箱的电流100A；则电阻箱R0的阻值等于电流表内阻的2倍，即电流表内阻为100；（3）将上述电流表与电阻箱R串联改装成量程为3V的电压表，则电阻箱R接入电路的阻值应为。（4）若用改装后的电压表测量某电路电压，当电压表并联到被测电路上后，电阻减小，则电压表两端的电压减小，即电

17、压测量值小于真实值.11.如图所示，光滑绝缘的圆形轨道位于竖直平面内，半径R=0.8m，O为圆心，上端A为圆弧最高点，下端C与粗糙水平绝缘轨道平滑连接。OC所在直线的右侧(含OC线)存在匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，OC所在直线的左侧轨道处在水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E=10N/C。现将带电量为q = +0.2C，质量为m=0.4kg的滑块(可视为质点)从A点由静止释放，滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g取10m/s2。求：(1)滑块运动到圆形轨道最低点C时对轨道的压力大小。(2)滑块最终所在位置到C点的距离。【答案】(1) (2)0.8 m【解析】【详解】（1）

18、滑块由A点运动到C点的过程中，运用动能定理可得：在C点：根据牛顿第三定律滑块在C点对轨道的压力.解得：（2）设滑块向左运动速度减为0时，位移为x，根据动能定理得：解得：由于所以滑块静止在该处，故到C点距离0.8 m12.如图甲所示，两根与水平面成=30角的足够长光滑金属导轨平行放置，导轨间距为L，导轨的电阻忽略不计。整个装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面斜向上。现将质量均为m、电阴均为R的金属棒a、b垂直于导轨放置，一不可伸长的绝缘细线的P端系在金属杆b的中点，另一端N通过滑轮与质量为M的物体相连，细绳与导轨平面平行。导轨与金属棒接触良好，不计一切摩擦，运动过程中物体始

19、终末与地面接触，重力加速度g取10m/s2。(1)若金属棒a固定，M=m，由静止释放b，求释放瞬间金属棒b的加速度大小。(2)若金属棒a固定，L=1m，B=1T，m=0.2kg，R=1，改变物体的质量M，使金属棒b沿斜面向上运动，请写出金属棒b获得的最大速度v与物体质量M的关系式，并在乙图中画出v-M图像(3)若撤去物体，改在绳的N端施加一大小为F=mg，方向竖直向下的恒力，将金属棒a、b同时由静止释放。从静止释放到a刚开始匀速运动的过程中，a产生的焦耳热为Q，求这个过程流过金属棒a的电量。【答案】(1) (2) (3) 【解析】【详解】（1）设释放金属棒b瞬间的加速度为a：对物体M：对金属棒

20、b：解得：（2）当金属棒b速度达到最大时，对物块M有：对金属棒b有：对电路分析有：.解得：v-M图像如图所示：（3）对两棒受力分析可知，在任一时刻：对a棒：对b棒：解得：即在任一时刻两棒的速度、加速度、位移总是大小相等方向相反，同时达到匀速运动状态，此时的速度最大。设a棒的最大速度为v1，此过程通过的位移为S，则电路中的总电动势：电路中的总电流：.对a棒：由能量守恒定律得：.从静止释放到a刚开始匀速运动的过程中，流过a棒的电量有：.其中：.解得：13.下列说法中正确是_A. 液体表面张力产生的原因是由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离B. 物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向

21、异性或各向同性来判断C. 对任何一类宏观热力学自然过程进行方向的说明，都可以作为热力学第二定律的表述D. 恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中理想气体内能不变，对外做功，吸收热量E. 液面上部的蒸汽达到饱和时，就没有液体分子从液面飞出，所以从宏观上看液体不再蒸发【答案】ACD【解析】【详解】液体表面张力产生的原因是由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，选项A正确；物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从有无固定的熔点来判断，选项B错误； 对任何一类宏观热力学自然过程进行方向的说明，都可以作为热力学第二定律的表述，选项C正确；恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，根据热力学

22、第一定律可知，气泡中的理想气体因温度不变，则内能不变；压强减小，体积变大，则对外做功，吸收热量，选项D正确；液面上部的蒸汽达到饱和时，液体分子从液面飞出，同时有蒸汽分子进入液体中；从宏观上看，液体不再蒸发。故E错误。14.如图所示，可在竖直平面内转动的平台上固定着一个内壁光滑的气缸，气缸内有一导热性能良好的活塞，活塞面积为S，活塞底面与气缸底面平行，一定质量的理想气体密封在气缸内。当平台倾角为37时，气缸内气体体积为V，将平台顺时针缓慢转动直至水平，稳定时气缸内气体的体积为0.9V，该过程中环境温度始终为T0，外界大气压强为p0。已知sin37=0.6，cos37=0.8。重力加速度为g。(i)求活塞的质量；()若平台转至水平后，经过一段时间，环境温度缓慢降至0.9T0(大气压强p0保持不变)，该过程中气缸内气体内能的减少量为0.14p0V，求该过程中气缸内气体放出的热量Q。【答案】（） () 0.32p0V【解析】【详解】（）设活塞质量为m，当平台倾角为37时气缸内气体的压强为：气体的体积为：V1V平台水平时，气缸内气体压强的大小气体的体积:V2=0.9V由玻意耳定律有：联立得：() 降温过程，气缸内气体压强不变，由盖吕萨克定律有：解得：V30.81V活塞下降过程，外界对气体做功为：已知气缸内气体内能内能减小了U：由热力学第一