动量和能量专题

1、动量和能量知识网络考点预测 高#考#资#源#网本专题涉及的内容是动力学内容的延续和深化动量守恒定律、机械能守恒定律、能量守恒定律比牛顿运动定律的适用范围更广泛它们是自然界中最基本、最普遍、最重要的客观规律，也是高中物理的重点和难点、高考考查内容的重点其命题形式一般是能量与动量综合起来考，如：2009年全国理综卷第21题、第25题，2008年全国理综卷的第24题“下摆拉动滑块碰撞问题”，全国理综卷的第23题“子弹射击木块问题”，重庆理综卷的第24题“碰撞后压缩弹簧问题”但是，由于目前全国的课改形势以及在课程标准中的内容设置，在高考中出现的这类综合题的难点主要在于功能关系

2、的应用上，而不是在于动量守恒定律的应用上另外，从2009年各地的高考考卷中也可发现，除了能量与动量的综合题外，单独考查功能原理的试题在卷中出现的概率也较大要点归纳一、基本的物理概念1冲量与功的比较(2)属性2动量与动能的比较(1)定义式(2)属性(3)动量与动能量值间的关系(4)动量和动能都是描述物体状态的量，都有相对性(相对所选择的参考系)，都与物体的受力情况无关动量的变化和动能的变化都是过程量，都是针对某段时间而言的二、动量观点的基本物理规律1动量定理的基本形式与表达式：Ip分方向的表达式：Ix合px，Iy合py2动量定理推论：动量的变化率等于物体所受的合外力，即F合3动量守恒定律(1)动

3、量守恒定律的研究对象是一个系统(含两个或两个以上相互作用的物体)(2)动量守恒定律的适用条件标准条件：系统不受外力或系统所受外力之和为零近似条件：系统所受外力之和虽不为零，但比系统的内力小得多(如碰撞问题中的摩擦力、爆炸问题中的重力等外力与相互作用的内力相比小得多)，可以忽略不计分量条件：系统所受外力之和虽不为零，但在某个方向上的分量为零，则在该方向上系统总动量的分量保持不变(3)使用动量守恒定律时应注意：速度的瞬时性；动量的矢量性； 高#考#资#源#网时间的同一性(4)应用动量守恒定律解决问题的基本思路和方法分析题意，明确研究对象在分析相互作用的物体总动量是否守恒时

4、，通常把这些被研究的物体统称为系统对于比较复杂的物理过程，要采用程序法对全过程进行分段分析，要明确在哪些阶段中，哪些物体发生相互作用，从而确定所研究的系统是由哪些物体组成的对各阶段所选系统内的物体进行受力分析，弄清哪些是系统内部物体之间相互作用的内力，哪些是作用于系统的外力在受力分析的基础上根据动量守恒定律的条件，判断能否应用动量守恒定律明确所研究的相互作用过程，确定过程的始末状态，即系统内各个物体的初动量和末动量的值或表达式(注意：在研究地面上物体间相互作用的过程时，各物体运动的速度均应取地球为参考系)确定正方向，建立动量守恒方程求解三、功和能1中学物理中常见的能量动能Ekmv2；重力势能E

5、pmgh；弹性势能E弹kx2；机械能EEkEp；分子势能；分子动能；内能；电势能Eq；电能；磁场能；化学能；光能；原子能(电子的动能和势能之和)；原子核能Emc2；引力势能；太阳能；风能(空气的动能)；地热、潮汐能2常见力的功和功率的计算：恒力做功WFscos ；重力做功Wmgh；一对滑动摩擦力做的总功Wffs路；电场力做功WqU；功率恒定时牵引力所做的功WPt；恒定压强下的压力所做的功WpV；电流所做的功WUIt；洛伦兹力永不做功；瞬时功率PFvcos_；平均功率Fcos 3中学物理中重要的功能关系能量与物体运动的状态相对应在物体相互作用的过程中，物体的运动状态通常要发生变化，所以物体的能量

6、变化一般要通过做功来实现，这就是常说的“功是能量转化的量度”的物理本质那么，什么功对应着什么能量的转化呢？在高中物理中主要的功能关系有：(1)外力对物体所做的总功等于物体动能的增量，即W总Ek(动能定理)(2)重力(或弹簧的弹力)对物体所做的功等于物体重力势能(或弹性势能)的增量的负值，即W重Ep(或W弹Ep)(3)电场力对电荷所做的功等于电荷电势能的增量的负值，即W电E电(4)除重力(或弹簧的弹力)以外的力对物体所做的功等于物体机械能的增量，即W其他E机(功能原理)(5)当除重力(或弹簧弹力)以外的力对物体所做的功等于零时，则有E机0，即机械能守恒(6)一对滑动摩擦力做功与内能变化的关系是：

7、“摩擦所产生的热”等于滑动摩擦力跟物体间相对路程的乘积，即Qfs相对一对滑动摩擦力所做的功的代数和总为负值，表示除了有机械能在两个物体间转移外，还有一部分机械能转化为内能，这就是“摩擦生热”的实质(7)安培力做功对应着电能与其他形式的能相互转化，即W安E电安培力做正功，对应着电能转化为其他能(如电动机模型)；克服安培力做负功，对应着其他能转化为电能(如发电机模型)；安培力做功的绝对值等于电能转化的量值(8)分子力对分子所做的功等于分子势能的增量的负值，即W分子力E分子(9)外界对一定质量的气体所做的功W与气体从外界所吸收的热量Q之和等于气体内能的变化，即WQU(10)在电机电路中，电流做功的功

8、率等于电阻发热的功率与输出的机械功率之和(11)在纯电阻电路中，电流做功的功率等于电阻发热的功率(12)在电解槽电路中，电流做功的功率等于电阻发热的功率与转化为化学能的功率之和(13)在光电效应中，光子的能量hWmv02(14)在原子物理中，原子辐射光子的能量hE初E末，原子吸收光子的能量hE末E初(15)核力对核子所做的功等于核能增量的负值，即W核E核，并且mc2E核(16)能量转化和守恒定律对于所有参与相互作用的物体所组成的系统，无论什么力做功，可能每一个物体的能量的数值及形式都发生变化，但系统内所有物体的各种形式能量的总和保持不变4运用能量观点分析、解决问题的基本思路(1)选定研究对象(

9、单个物体或一个系统)，弄清物理过程(2)分析受力情况，看有什么力在做功，弄清系统内有多少种形式的能在参与转化(3)仔细分析系统内各种能量的变化情况及变化的数量(4)列方程E减E增或E初E末求解四、弹性碰撞在一光滑水平面上有两个质量分别为m1、m2的刚性小球A和B以初速度v1、v2运动，若它们能发生正碰，碰撞后它们的速度分别为v1和v2v1、v2、v1、v2是以地面为参考系的，将A和B看做系统由碰撞过程中系统动量守恒，有：m1v1m2v2m1v1m2v2由于弹性碰撞中没有机械能损失，故有： 高#考#资#源#网m1v12m2v22m1v12m2v22由以上两式可得：v2v

10、1(v2v1)或v1v2(v1v2)碰撞后B相对于A的速度与碰撞前B相对于A的速度大小相等、方向相反；碰撞后A相对于B的速度与碰撞前A相对于B的速度大小相等、方向相反【结论1】对于一维弹性碰撞，若以其中某物体为参考系，则另一物体碰撞前后速度大小不变、方向相反(即以原速率弹回)联立以上各式可解得：v1v2若m1m2，即两个物体的质量相等，则v1v2，v2v1，表示碰后A的速度变为v2，B的速度变为v1【结论2】对于一维弹性碰撞，若两个物体的质量相等，则碰撞后两个物体互换速度(即碰后A的速度等于碰前B的速度，碰后B的速度等于碰前A的速度)若A的质量远大于B的质量，则有：v1v1，v22v1v2；若

11、A的质量远小于B的质量，则有：v2v2，v12v2v1【结论3】对于一维弹性碰撞，若其中某物体的质量远大于另一物体的质量，则质量大的物体碰撞前后速度保持不变至于质量小的物体碰后速度如何，可结合结论1和结论2得出在高考复习中，若能引导学生推导出以上二级结论并熟记，对提高学生的解题速度是大有帮助的热点、重点、难点一、动量定理的应用问题动量定理的应用在高考中主要有以下题型：1定性解释周围的一些现象；2求打击、碰撞、落地过程中的平均冲力；3计算流体问题中的冲力(或反冲力)；4根据安培力的冲量求电荷量例1如图21所示，一个下面装有轮子的贮气瓶停放在光滑的水平地面上，瓶的底端与竖直墙壁接触现打开右端阀门，

12、气体向外喷出，设喷口的面积为S，气体的密度为，气体向外喷出的速度为v，则气体刚喷出时贮气瓶底端对竖直墙壁的作用力大小是()图21AvSBCv2SDv2S【解析】t时间内喷出气体的质量mSvt对于贮气瓶、瓶内气体及喷出的气体所组成的系统，由动量定理得：Ftmv0解得：Fv2S答案D【点评】动量定理对多个物体组成的系统也成立，而动能定理对于多个物体组成的系统不适用同类拓展1如图22所示，质量为M的木块位于光滑水平面上，在木块与墙之间用轻弹簧连接，开始时木块静止在A位置现有一质量为m的子弹以水平速度v0射向木块并嵌入其中，则当木块回到A位置时的速度v以及此过程中墙对弹簧的冲量I的大小分别为()图22

13、Av，I0Bv，I2mv0Cv，I Dv，I2mv0【解析】设在子弹射入木块且未压缩弹簧的过程中，木块(含子弹)的速度为v1，由动量守恒定律得：mv0(mM)v1解得：v1对木块(含子弹)压缩弹簧再返回A点的过程，由动能定理得： 高#考#资#源#网(mM)v2(mM)v12W总0可知：vv1取子弹、木块和弹簧组成的系统为研究对象，由动量定理得：I(mM)(v)(mM)v12mv0负号表示方向向左答案B 二、动能定理、机械能守恒定律的应用1对于单个平动的物体：W总Ek，W总指物体所受的所有外力做的总功2系统只有重力、弹力作为内力做功时，机械能守恒(1)用细绳悬挂的物体绕

14、细绳另一端做圆周运动时，细绳对物体不做功(2)轻杆绕一端自由下摆，若轻杆上只固定一个物体，则轻杆对物体不做功；若轻杆上不同位置固定两个物体，则轻杆分别对两物体做功(3)对于细绳连接的物体，若细绳存在突然绷紧的瞬间，则物体(系统)的机械能减少3单个可当做质点的物体机械能守恒时，既可用机械能守恒定律解题，也可用动能定理解题，两种方法等效发生形变的物体和几个物体组成的系统机械能守恒时，一般用机械能守恒定律解题，不方便应用动能定理解题例2以初速度v0竖直向上抛出一质量为m的小物块假定物块所受的空气阻力f大小不变已知重力加速度为g，则物块上升的最大高度和返回到原抛出点的速率分别为2009年高考全国理综卷

15、()A和v0B和v0C和v0D和v0【解析】方法一：对于物块上升的过程，由动能定理得：(mghfh)0mv02解得：h设物块返回至原抛出点的速率为v，对于整个过程应用动能定理有：mv2mv02f2h解得：vv0方法二：设小物块在上升过程中的加速度大小为a1，由牛顿第二定律有：a1故物块上升的最大高度h设小物块在下降过程中的加速度为a2，由牛顿第二定律有：a2 高#考#资#源#网可得：vv0答案A【点评】动能定理是由牛顿第二定律导出的一个结论，对于单个物体受恒力作用的过程，以上两种方法都可以用来分析解答，但方法二的物理过程较复杂例如涉及曲线运动或变力做功时，运用动能定理

16、更为方便同类拓展2一匹马拉着质量为 60 kg 的雪橇，从静止开始用 80 s 的时间沿平直冰面跑完 1000 m设在运动过程中雪橇受到的阻力保持不变，已知雪橇在开始运动的 8 s 时间内做匀加速直线运动，从第 8 s 末开始，马拉雪橇做功的功率保持不变，使雪橇继续做直线运动，最后一段时间雪橇做的是匀速直线运动，速度大小为 15 m/s；开始运动的 8 s 内马拉雪橇的平均功率是 8 s 后功率的一半求：整个运动过程中马拉雪橇做功的平均功率和雪橇在运动过程中所受阻力的大小【解析】设 8 s 后马拉雪橇的功率为P，则：匀速运动时PFvfv即运动过程中雪橇受到的阻力大小f对于整个过程运用动能定理得

17、：t1P(t总t1)fs总mvt20即8P(808)100060152解得：P723 W故f48.2 N再由动能定理可得t总fsmvt2解得：687 W 答案687 W48.2 N例3如图23所示，质量为m1的物体A经一轻质弹簧与下方地面上的质量为m2的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，A、B都处于静止状态一条不可伸长的轻绳绕过两个轻滑轮，一端连物体A，另一端连一轻挂钩开始时各段绳都处于伸直状态，A上方的一段沿竖直方向若在挂钩上挂一质量为m3的物体C，则B将刚好离地若将C换成另一个质量为m1m3的物体D，仍从上述初始位置由静止状态释放，则这次B刚离地时D的速度大小是多少？(已知重力加速度为g)图

18、23【解析】开始时A、B静止，即处于平衡状态，设弹簧的压缩量为x1，则有：kx1m1g挂上C后，当B刚要离地时，设弹簧的伸长量为x2，则有：kx2m2g此时，A和C的速度均为零从挂上C到A和C的速度均为零时，根据机械能守恒定律可知，弹性势能的改变量为：Em3g(x1x2)m1g(x1x2)将C换成D后，有：E(m1m3m1)v2(m1m3)g(x1x2)m1g(x1x2)联立解得：v答案【点评】含弹簧连接的物理情境题在近几年高考中出现的概率很高，而且多次考查以下原理：弹簧的压缩量或伸长量相同时，弹性势能相等；弹性势能的变化取决于弹簧的始末形变量，与过程无关三、碰撞问题1在高中物理中涉及的许多碰

19、撞过程(包括射击)，即使在空中或粗糙的水平面上，往往由于作用时间短、内力远大于外力，系统的动量仍可看做守恒2两滑块在水平面上碰撞的过程遵循以下三个法则：动量守恒；机械能不增加；碰后两物体的前后位置要符合实际情境3两物体发生完全非弹性碰撞时，机械能的损耗最大例4如图24所示，在光滑绝缘水平面上由左到右沿一条直线等间距的静止排着多个形状相同的带正电的绝缘小球，依次编号为1、2、3每个小球所带的电荷量都相等且均为q3.75103 C，第一个小球的质量m0.03 kg，从第二个小球起往下的小球的质量依次为前一个小球的，小球均位于垂直于小球所在直线的匀强磁场里，已知该磁场的磁感应强度B0.5 T现给第一

20、个小球一个水平速度v8 m/s，使第一个小球向前运动并且与后面的小球发生弹性正碰若碰撞过程中电荷不转移，则第几个小球被碰后可以脱离地面？(不计电荷之间的库仑力，取g10 m/s2) 高#考#资#源#网图24【解析】设第一个小球与第二个小球发生弹性碰撞后两小球的速度分别为v1和v2，根据动量和能量守恒有：mvmv1mv2mv2mv12mv22联立解得：v2v同理，可得第n1个小球被碰后的速度 vn1()nv设第n1个小球被碰后对地面的压力为零或脱离地面，则：qvn1B()nmg联立以上两式代入数值可得n2，所以第3个小球被碰后首先离开地面答案第3个【点评】解答对于多个物

21、体、多次碰撞且动量守恒的物理过程时，总结出通项公式或递推式是关键同类拓展3如图25所示，质量为m的钢板与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在地上，平衡时，弹簧的压缩量为x0一个物块从钢板的正上方相距3x0的A处自由落下，打在钢板上并立刻与钢板一起向下运动，但不粘连，它们到达最低点后又向上运动已知物块的质量也为m时，它们恰能回到O点；若物块的质量为2m，仍从A处自由落下，则物块与钢板回到O点时还具有向上的速度求物块向上运动所到达的最高点与O点之间的距离图25【解析】物块与钢板碰撞前瞬间的速度为：v0设质量为m的物块与钢板碰撞后瞬间的速度为v1，由动量守恒定律有：mv02mv1设弹簧的压缩量为x0

22、时的弹性势能为Ep，对于物块和钢板碰撞后直至回到O点的过程，由机械能守恒定律得：Ep2mv122mgx0设质量为2m的物块与钢板碰撞后瞬间的速度为v2，物块与钢板回到O点时所具有的速度为v3，由动量守恒定律有：2mv03mv2由机械能守恒定律有：Ep3mv223mgx03mv32解得：v3当质量为2m的物块与钢板一起回到O点时，弹簧的弹力为零，物块与钢板只受到重力的作用，加速度为g；一过O点，钢板就会受到弹簧向下的拉力作用，加速度大于g，由于物块与钢板不粘连，故在O点处物块与钢板分离；分离后，物块以速度v3竖直上升，由竖直上抛的最大位移公式得：h所以物块向上运动所到达的最高点与O点之间的距离为

23、答案【点评】物块与钢板碰撞的瞬间外力之和并不为零，但这一过程时间极短，内力远大于外力，故可近似看成动量守恒两次下压至回到O点的过程中，速度、路程并不相同，但弹性势能的改变(弹力做的功)相同在本题中，物块与钢板下压至回到O点的过程也可以运用动能定理列方程第一次：02mv12W弹2mgx0第二次：3mv323mv22W弹3mgx0四、高中物理常见的功能关系1摩擦生热等于摩擦力与两接触面相对滑动的路程的乘积，即Qfs相例5如图26所示，绷紧的传送带与水平面的夹角30，皮带在电动机的带动下始终以v02 m/s的速率运行现把一质量m10 kg的工件(可看做质点)轻轻放在皮带的底端，经时间t1.9 s，工

24、件被传送到h1.5 m的皮带顶端取g10 m/s2求：(1)工件与皮带间的动摩擦因数(2)电动机由于传送工件而多消耗的电能图26【解析】(1)由题意可知，皮带长s3 m工件的速度达到v0前工件做匀加速运动，设经时间t1工件的速度达到v0，此过程工件的位移为：s1v0t1达到v0后，工件做匀速运动，此过程工件的位移为：ss1v0(tt1)代入数据解得：t10.8 s工件加速运动的加速度a2.5 m/s2据牛顿第二定律得：mgcos mgsin ma解得：(2)在时间t1内，皮带运动的位移s2v0t11.6 m工件相对皮带的位移ss2s10.8 m在时间t1内，因摩擦产生的热量Qmgcos s60

25、 J工件获得的动能Ekmv0220 J工件增加的势能Epmgh150 J电动机多消耗的电能EQEkEp230 J 高#考#资#源#网答案(1)(2)230 J2机械能的变化除重力、弹簧的弹力以外的力做的功等于系统机械能的变化例6一面积很大的水池中的水深为H，水面上浮着一正方体木块，木块的边长为a，密度为水的，质量为m开始时木块静止，有一半没入水中，如图27甲所示，现用力F将木块缓慢地向下压，不计摩擦图27甲(1)求从开始压木块到木块刚好完全没入水的过程中，力F所做的功(2)若将该木块放在底面为正方形(边长为a)的盛水足够深的长方体容器中，开始时，木块静止，有一半没入水

26、中，水面距容器底的距离为2a，如图27乙所示现用力F将木块缓慢地压到容器底部，不计摩擦，求这一过程中压力做的功图2-7乙【解析】方法一：(1)因水池的面积很大，可忽略因木块压入水中所引起的水深变化，木块刚好完全没入水中时，图27丙中原来处于划斜线区域的水被排开，结果等效于使这部分水平铺于水面，这部分水的质量为m，其势能的改变量为(取容器底为零势能面)：图27丙E水mgHmg(Ha)mga木块势能的改变量为：E木mg(H)mgHmga根据功能原理，力F所做的功为：WE水E木mga(2)因容器的底面积为2a2，仅是木块的底面积的2倍，故不可忽略木块压入水中所引起的水深变化如图27丁所示，木块到达容

27、器底部时，水面上升a，相当于木块末状态位置的水填充至木块原浸入水中的空间和升高的水面处平面，故这一过程中水的势能的变化量为：图27丁E水mgamg(2a)mga木块的势能的变化量E木mga根据功能原理，压力F做的功为：WE水E木mga方法二：(1)水池的面积很大，可忽略因木块压入水中引起的水深变化当木块浮在水面上时重力与浮力的大小相等；当木块刚没入水中时，浮力的大小等于重力的2倍，故所需的压力随下压位移的变化图象如图27戊所示图27戊故WFmgmga(2)随着木块的下沉水面缓慢上升，木块刚好完全没入水中时，水面上升的高度，此时木块受到的浮力的大小等于重力的2倍此后，木块再下沉a的距离即沉至容器

28、底部，故木块下沉的整个过程中压力的大小随位移的变化图象如图27己所示图27己故WFmgmgamga答案(1)mga(2)mga【点评】通过两种方法对比，深刻理解功能关系根据功的定义计算在小容器中下压木块时，严格的讲还要说明在0的位移段压力也是线性增大的3导体克服安培力做的功等于(切割磁感线引起的)电磁感应转化的电能例7如图28所示，竖直放置的光滑平行金属导轨MN、PQ相距L，在M点和P点间接有一个阻值为R的电阻，在两导轨间的矩形区域OO1O1O内有垂直导轨平面向里、宽为d的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直地搁在导轨上，与磁场的上边界相距d0现使ab棒由静止开始释放，

29、棒ab在离开磁场前已经做匀速直线运动(棒ab与导轨始终保持良好接触且下落过程中始终保持水平，导轨的电阻不计)图28(1)求棒ab离开磁场的下边界时的速度大小(2)求棒ab在通过磁场区的过程中产生的焦耳热(3)试分析讨论棒ab在磁场中可能出现的运动情况【解析】(1)设棒ab离开磁场的边界前做匀速运动的速度为v，产生的感应电动势为：EBLv电路中的电流I对棒ab，由平衡条件得：mgBIL0解得：v 高#考#资#源#网(2)设整个回路中产生的焦耳热为Q，由能量的转化和守恒定律可得：mg(d0d)Qmv2解得：Qmg(d0d)故Qabmg(d0d)(3)设棒刚进入磁场时的速度

30、为v0，由mgd0mv02解得：v0棒在磁场中匀速运动时的速度v，则当v0v，即d0时，棒进入磁场后做匀速直线运动；当v0v，即d0时，棒进入磁场后先做加速运动，后做匀速直线运动；当v0v，即d0时，棒进入磁场后先做减速运动，后做匀速直线运动答案(1)(2)mg(d0d)(3)当v0v，即d0时，棒进入磁场后做匀速直线运动；当v0v，即d0时，棒进入磁场后先做加速运动，后做匀速直线运动；当v0v，即d0时，棒进入磁场后先做减速运动，后做匀速直线运动【点评】计算转化的电能时，也可应用动能定理：mg(d0d)W安mv20，其中W安E电Q对于电磁感应中能量转化的问题，在以后的感应电路专题中还会作更深

31、入的探讨五、多次相互作用或含多个物体的系统的动量、功能问题例8如图29所示，在光滑水平面上有一质量为M的长木板，长木板上有一质量为m的小物块，它与长木板间的动摩擦因数为开始时，长木板与小物块均靠在与水平面垂直的固定挡板处，某时刻它们以共同的速度v0向右运动，当长木板与右边的固定竖直挡板碰撞后，其速度的大小不变、方向相反，以后每次的碰撞均如此设左右挡板之间的距离足够长，且Mm图29(1)要想物块不从长木板上落下，则长木板的长度L应满足什么条件？(2)若上述条件满足，且M2 kg，m1 kg，v010 m/s，求整个系统在第5次碰撞前损失的所有机械能【解析】(1)设第1次碰撞后小物块与长木板共同运

32、动的速度为v1，第n次碰撞后小物块与长木板共同运动的速度为vn每次碰撞后，由于两挡板的距离足够长，物块与长木板都能达到相对静止，第1次若不能掉下，往后每次相对滑动的距离会越来越小，更不可能掉下由动量守恒定律和能量守恒定律有：(Mm)v0(Mm)v1mgs(mM)v02(Mm)v12解得：s故L应满足的条件是：Ls(2)第2次碰撞前有：(Mm)v0(Mm)v1第3次碰撞前有：(Mm)v1(Mm)v2第n次碰撞前有：(Mm)vn2(Mm)vn1所以vn1()n1v0故第5次碰撞前有：v4()4v0故第5次碰撞前损失的总机械能为：E(Mm)v02(Mm)v42代入数据解得：E149.98 J答案(1

33、)L(2)149.98 J【点评】在复杂的多过程问题上，归纳法和演绎法常常大有作为经典考题动量与功能问题可以与高中物理所有的知识点综合，是高考的重点，试题难度大，需要多训练、多总结归纳1如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的O点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中2008年高考海南物理卷()A小球的机械能守恒B重力对小球不做功 高#考#资#源#网C绳的张力对小球不做功D在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功是等于小球动能的减少【解析】小球与斜面之间的摩擦力对小球做功使小球的机械能减小，选项A错误；在小球运动的过程中，重力

34、、摩擦力对小球做功，绳的张力对小球不做功小球动能的变化等于重力、摩擦力做功之和，故选项B、D错误，C正确答案C 2质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正碰，碰撞后两者的动量正好相等两者质量之比可能为2009年高考全国理综卷()A2B3C4D5【解析】由题意知，碰后两球动量相等，即p1p2Mv故v1，v2由两物块的位置关系知：，得Mm又由能量的转化和守恒定律有：Mv2M()2m()2解得：M3m，故选项A、B正确答案AB 【点评】碰撞问题是高考对动量守恒定律考查的主流题型，这类问题一般都要考虑动量守恒、动能不增加、位置不超越这三方面3图示为某探究活动小组设计的节能运输系统斜面轨道

35、的倾角为30，质量为M的木箱与轨道间的动摩擦因数为木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量为m的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速度滑下，当轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程下列选项正确的是2009年高考山东理综卷()AmMBm2MC木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度D在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能全部转化为弹簧的弹性势能【解析】设弹簧压缩最大时的弹性势能为Ep，由动能定理得下滑过程有：(mM)gsin 30s(mM)gcos 30sEp0上滑过程：EpMgsin 30sMgcos 30s0解得

36、：m2M答案BC 4某同学利用如图所示的装置来验证动量守恒定律图中两摆的摆长相同，且悬挂于同一高度处，A、B两摆球均很小，质量之比为12当两摆均处于自由静止状态时，其侧面刚好接触向右上方拉动B球使其摆线伸直并与竖直方向成45角，然后将其由静止释放结果观察到两摆球粘在一起摆动，且最大摆角为30若本实验允许的最大误差为4%，则此实验是否成功地验证了动量守恒定律？试分析说明理由2008年高考宁夏理综卷【解析】设摆球A、B的质量分别为mA、mB，摆长为l，B球的初始高度为h1，碰撞前B球的速度为vB在不考虑摆线的质量的情况下，根据题意及机械能守恒定律得：h1l(1cos 45)mBvB2mBgh1设碰

37、撞前后两摆球的总动量的大小分别为p1、p2，则有：p1mBvB联立解得：p1mB同理可得：p2(mAmB)联立解得：解得：()21.03由此可以推出：|4%所以，此实验在规定的范围内验证了动量守恒定律(本题要求验证碰撞中的动量守恒定律及碰撞前与碰撞后的机械能守恒定律)答案是，理由略5用放射源钋的射线轰击铍时，能放出一种穿透力极强的中性射线，这就是所谓的铍“辐射”1932年，查德威克用铍“辐射”分别照射(轰击)氢和氮(它们可视为处于静止状态)，测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的氢核、氮核的速度之比为71查德威克假设铍“辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的，从而通过上述实验在历史上首次发现了

38、中子假设铍“辐射”中的中性粒子与氢核或氮核发生弹性正碰，试在不考虑相对论效应条件下计算构成铍“辐射”的中性粒子的质量(质量用原子质量单位u表示，1 u等于一个12C原子质量的取氢核和氮核的质量分别为1.0 u和14 u)2007年高考全国理综卷【解析】设构成铍“辐射”的中性粒子的质量和速度分别为m和v，氢核的质量为mH，构成铍“辐射”的中性粒子与氢核发生弹性正碰，碰后两粒子的速度分别为v和vH由动量守恒和能量守恒定律得：mvmvmHvHmv2mv2mHvH2解得：vH 高#考#资#源#网同理，对质量为mN的氮核，其碰后速度为：vN可得：m根据题意可知：vH7vN将数据

39、代入可得：m1.2 u答案1.2 u 【点评】在课程标准中，动量与原子物理同属于选修35模块，关于粒子之间碰撞动量守恒的试题在近几年高考中也屡有出现6如图所示，倾角为的斜面上静止放置三个质量均为m的木箱，相邻两木箱的距离均为l工人用沿斜面的力推最下面的木箱使之上滑，逐一与其他木箱碰撞每次碰撞后木箱都粘在一起运动整个过程中工人的推力不变，最后恰好能推着三个木箱匀速上滑已知木箱与斜面间的动摩擦因数为，重力加速度为g设碰撞时间极短，求：(1)工人的推力(2)三个木箱匀速运动的速度(3)在第一次碰撞中损失的机械能2009年高考全国理综卷【解析】(1)设工人的推力为F，则有：F3mg(sin cos )

40、(2)设第一次碰撞前瞬间木箱的速度为v1，由功能关系得：Flmgl sin mglcos mv12设碰撞后两木箱的速度为v2，由动量守恒得：mv12mv2设再次碰撞前瞬间两木箱的速度为v3，由功能关系得：Fl2mglsin 2mglcos 2m(v32v22)设碰撞后三个木箱一起运动的速度为v4，由动量守恒得：2mv33mv4联立解得：v4(3)设在第一次碰撞中损失的机械能为E，有：Emv122mv22联立解得：Emgl(sin cos ) 答案(1)3mg(sin cos )(2)(3)mgl(sin cos ) 能力演练一、选择题(104分)1美国的NBA篮球赛非常精彩，因此吸引了众多观众

41、在NBA篮球赛中经常能看到这样的场面：在终场前 0.1 s 的时候，运动员把球投出且准确命中，获得比赛的最后胜利已知球的质量为m，运动员将篮球投出时球离地的高度为h1，动能为Ek，篮筐距地面的高度为h2，不计空气阻力，则篮球进筐时的动能为()AEkmgh1mgh2BEkmgh1mgh2CEkmgh1mgh2 DEkmgh1mgh2【解析】由动能定理得：EkEkWGmg(h1h2)解得：EkEkmgh1mgh2答案A 2如图所示，竖直放置的劲度系数为k的轻质弹簧上端与质量为m的小球连接，下端与放在水平桌面上的质量为M的绝缘物块相连小球带正电，电荷量为q，且与弹簧绝缘，物块、弹簧和小球组成的系统处

42、于静止状态现突然加上一个竖直向上的大小为E的匀强电场，小球向上运动，某时刻物块对水平面的压力为零从加上匀强电场到物块对水平面的压力为零的过程中，小球电势能的改变量为()ABC D【解析】加电场前，弹簧的压缩量x1，当物块对水平面的压力为零时，弹簧的伸长量x2，故这一过程中小球沿电场方向运动的距离为x1x2电势能的变化EW电答案B 3一个质量为m的物体以某一速度从固定斜面底端冲上倾角30的斜面已知该物体做匀减速运动的加速度为g，在斜面上上升的最大高度为h，则此过程中()A物体的动能增加mghB物体的重力做功mghC物体的机械能损失了mghD物体克服摩擦力做功mgh【解析】由题意可知：物体受到的合

43、外力Fmg 高#考#资#源#网其中摩擦力fFmgsin mg由动能定理得：EkFmgh重力做功WGmgh物体的机械能的变化Efsmgmgh物体克服摩擦力做的功Wffsmgh答案CD4一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去F，其vt图象如图所示已知物体与水平面间的动摩擦因数为，则下列关于F的大小及其做的功W的大小关系式中，正确的是()AFmg BF2mgCWmgv0t0 DWmgv0t0【解析】由题图知：Fmgm解得：F3mg故WFt0mgv0t0答案D 5如图所示，已知木板的质量为M，长度为L；小木块的质量为m；水平地面光滑；一根不计质量的轻

44、绳通过定滑轮分别与木板和小木块连接，小木块与木板间的动摩擦因数为开始时，木块静止在木板左端，现用水平向右的力F将小木块拉至木板右端，则拉力至少做的功大小为()A2mgL BmgLC D(Mm)gL【解析】方法一当拉小木块向右缓慢移动时，拉力FmgFT2mg当小木块向右运动时到达木板的右端，有：WFFmgL方法二由功能关系知，拉力至少做的功等于小木块与木板摩擦产生的热量即WFQmgL答案B 6质量为2103 kg、发动机的额定功率为 80 kW 的汽车在平直公路上行驶若该汽车所受阻力大小恒为4103 N，则下列判断中正确的有()A汽车的最大速度是 20 m/sB汽车以加速度 2 m/s2 匀加速

45、启动，启动后第 2 s末时发动机的实际功率是 32 kWC汽车做上述匀加速运动所能维持的时间为 10 sD若汽车保持额定功率启动，则当其速度为 5 m/s 时，加速度为 6 m/s2【解析】汽车达到最大速度时有：PFvmfvm，故vm20 m/s当汽车的加速度a2 m/s2时，有：Ffma8103 N故第 2 s 末P实Fat32 kW汽车以a2 m/s2 的加速度匀加速启动所能达到的最大速度为：v110 m/s能持续的时间t15 s以额定功率启动，当v5 m/s时，有：F16103 N，a6 m/s2答案ABD 7如图所示，质量为M、长度为l的小车静止在光滑的水平面上；质量为m的小物块(可视

46、为质点)放在小车的最左端现用一水平向右的恒力F作用在小物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动物块和小车之间的摩擦力为f物块滑到小车的最右端时，小车运动的距离为s在这个过程中，以下结论正确的是()A物块到达小车最右端时，具有的动能为F(ls)B物块到达小车最右端时，小车具有的动能为fsC物块克服摩擦力所做的功为f(ls)D物块和小车增加的机械能为fs【解析】物块到达小车最右端时，知：物块具有的动能Ek(Ff)(ls)此时小车具有动能Ekfs这一过程物块克服摩擦力所做的功为：Wff(ls)由功能关系知EF(ls)fl答案BC8真空中存在竖直向上的匀强电场和水平方向的匀强磁场，一质量为m、带电荷量

47、为q的物体以速度v在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动假设t0时刻物体在运动轨迹的最低点且重力势能为零，电势能也为零，则下列说法正确的是()A物体带正电且逆时针转动B在物体运动的过程中，机械能守恒，且机械能Emv2C在物体运动的过程中，重力势能随时间变化的关系为EpmgR(1cos t)D在物体运动的过程中，电势能随时间变化的关系为E电mgR(cos t1)【解析】由题意知，题中物体所受的电场力平衡，洛伦兹力提供其做匀速圆周运动所需的向心力，故知物体带正电，洛伦兹力使其逆时针转动有：重力势能EpmghmgR(1cos t)电势能E电qEhmghEp答案ACD 9如图所示，在光滑的水平轨道上有甲

48、、乙两个等大的小球沿轨道向右运动，取向右为正方向，它们的动量分别为p15 kgm/s 和 p27 kgm/s若两球能发生正碰，则碰后两球动量的增量p1和p2可能是()Ap13 kgm/s，p23 kgm/sBp13 kgm/s，p23 kgm/sCp13 kgm/s，p23 kgm/s 高#考#资#源#网Dp110 kgm/s，p210 kgm/s【解析】由题意知，Ek当动量做选项A所述的变化时，系统的动量守恒，通过计算可知机械能可能减小，故有可能成立；当动量做选项B所述的变化时，系统的动量不守恒，故不可能成立；当动量做选项C所述的变化时，甲的速度大于乙的速度，故不可

49、能成立；当动量做选项D所述的变化时，系统的动能增大，故不可能成立答案A10如图所示，在光滑的水平面上有一垂直向下的匀强磁场分布在宽为L的区域内，一边长为a(aL)的正方形闭合线圈以初速度v0垂直于磁场边界滑过磁场后速度变为v(vv0)，那么()A完全进入磁场中时线圈的速度大于B完全进入磁场中时线圈的速度等于C完全进入磁场中时线圈的速度小于D上述情况中A、B均有可能，而C是不可能的【解析】设完全进入磁场中时线圈的速度为vx，线圈在穿过磁场的过程中所受的合外力为安培力对于线圈进入磁场的过程，据动量定理可得：IBLtmvxmv0又因为感应电荷量qtB可得：B2mvxmv0对于线圈穿出磁场的过程，同理

50、可得：B2mvmvx联立解得：vx，故选项B正确答案B二、选择题(共60分)11(6分)气垫导轨是常用的一种实验仪器它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示(弹簧的长度忽略不计)采用的实验步骤如下：用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mB；调整气垫导轨，使导轨处于水平；在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销将其锁定，把它们静止地放在气垫导轨上；用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1；按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B的运动时间的计时器开始工作，当滑块A、B分别碰撞挡板C、D时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2(1)实验中还