2019年中考物理模拟试卷及答案解析13-12

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意每题2分，共24分）1（2.00分）普通家用灯泡的电流最接近于（）A0.2AB0.02AC2AD20A2（2.00分）有一种固体空气清新剂，打开后，在空气中放置一段时间后会变小，在这一过程中所发生的物态变化是（）A汽化B熔化C升华D液化3（2.00分）在物理学习过程中，经常要进行估测，以下估测合理的是（）A中考考场的室温约为50BMP3的功率约为100WC中学生跑上三楼做的功约为500JD家用空调正常工作时的电流约为5A4（2.00分）下列关于磁场和磁感线的说法，正确的是（）A磁感线就是磁场B磁体周围存在着磁感线C磁体周围存在着磁场D磁感线总是从S极出发回到N极5（2.00分）如图是生活中常见的小汽车，下列有关说法中正确的是（）A轮胎上有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦B小汽车高速行驶时对路面的压力小于汽车的重力C汽车静止在路面上时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力是一对平衡力D由于受到惯性作用，汽车关闭发动机后还能继续向前行驶6（2.00分）如图一盏电灯接在家庭电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，用测电笔分别接触A、B、C、D时，测电笔的氖管都发光，则电路中的故障原因是（）A开关S接触不良B灯泡的灯丝断了C导线CD间有断路D进户零线断开7（2.00分）如图是一种水位自动报警器的原理图，当水位到达金属块A时（一般的水能导电）电路中（）A绿灯亮，红灯不亮B红灯亮，绿灯不亮C红灯和绿灯都亮D红灯和绿灯都不亮8（2.00分）如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。当油面上升时（）A电压表示数变小，油量表示数变大B电压表和油量表示数都变大C电压表示数变大，油量表示数变小D电压表和油量表示数都变小9（2.00分）如图，电源电压恒定，R1为磁敏电阻，磁敏电阻的阻值随所处磁场的强弱变化而变化，实验测得其变化关系如甲图所示，其中B表示磁场的强弱，单位为特斯拉（T）则在乙图中当R1所处的磁场逐渐减弱时（）AR1的阻值变大B电压表的示数变小C电流表的示数变小D电流表的示数变大10（2.00分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，实验桌上有光具座、蜡烛、光屏、焦距分别为15cm和20cm的凸透镜L1和L2等器材，小明先将蜡烛、凸透镜、光屏正确安放在光具座上，如图所示。下列说法正确的是（）A若凸透镜是L1，小明能在光屏上看到烛焰清晰的像B若凸透镜是L1，小明将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像C若凸透镜是L2，小明将光屏移到60cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像D若凸透镜是L2，小明将光屏移到70cm刻度线处，光屏上能出现烛焰清晰的像11（2.00分）小华将额定电压相同的两只小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示。合上开关时、发现灯L1亮而灯L2不亮；当他用一根导线并接在灯Ll的两端时，发现灯L2亮了而灯L1不亮。分析出现上述现象的原因是（）A灯L2 短路B灯L1的额定功率比灯L2 的额定功率大得多C灯L1 断路D灯L1的电阻比灯L2的阻大得多12（2.00分）某同学在没有电流表的情况下（电源电压未知但不变），利用电压表和已知阻值的定值电阻R0，测量未知电阻Rx阻值，图中不能实现测量Rx阻值的电路图是（）ABCD二、填空题（共10小题，每空1分，共25分）13（1.00分）如图所示，体温计的示数为 。14（1.00分）所测铅笔的长度为 cm。15（3.00分）多媒体教室中的投影仪与日光灯是 联的；蓝光DVD光盘使用的材料是一种新型氧化钛，在室温下，该材料受不同强度光的照射，能在金属态和半导体态之间来回转变，从而具有储存数据的功能，这是它的 发生了改变（填物质物理属性名称）；若将这种材料制成元件与灯泡串联后接入电路，闭合开关，灯泡将会 （选填“一直发光”、“一直不发光”或“时亮时暗”）。16（4.00分）2016年4月全国射箭冠军赛在南溪举行。如图，拉满的弓将箭射出，是弓的 能转化为箭的 能。手在拉弦的同时感到弦也在拉手，这是由于物体间力的作用是 的。箭离开弦后还能继续向前飞行，是因为箭具有 。17（2.00分）如图甲和乙是用天平和量筒测量小金属块密度的实验。由图可知，金属块的质量为 g，金属块的密度为 kg/m3。18（3.00分）建筑工人用如图所示的装置把重400N的物体匀速提升3m所用的手拉力为300N则该工人所做的有用功为 J，该滑轮组的机械效率是 。若用该装置提升500N的重物，此时滑轮组的机械教率将 （填“变大”、“变小”或“不变”）。19（3.00分）汽车发动机的散热器用水做冷却剂，是由于水的 较大的缘故；发动机温度降低是通过 方式减少内能的。本市出租车开始使用天然气来代替柴油或汽油，已知天然气的热值为7107J/m3，当出租车消耗0.2m3天然气时，所释放的热量为 J（假设天然气完全燃烧）。20（3.00分）一个质量为140g、体积为1.8104m3的物体，用手将其浸没在水中时，物体受到的浮力为 N，松手后物体将 （选填：“上浮”、“下沉”或“悬浮”） 待物体静止时，物体所受浮力为 N（g取10N/kg）21（3.00分）如图1所示，电源电压一定，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从最上端滑至最下端的过程中，电流表示数I与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图2所示。已知定值电阻R0=20则电源电压U= V图2中坐标值I1= A当电流表示数I=0.4A时，R0与R消耗的电功率之比为 。22（2.00分）“PZ220 40”的灯泡接在220伏的电路上工作 小时消耗1度电，改接在110伏的电路是，功率为 瓦，额定功率为 瓦。三、解答题（共51分解答24、25题时必须写出解题过程）23（2.00分）画出图中光线从空气斜射至水面上的法线、反射光线及大致的折射光线。24（2.00分）如图是静止在水平地面上的拉杆旅行箱的示意图，O是轮子的转轴，O是箱体的重心。以O为支点，画出力F的力臂和箱体所受重力的示意图。25（2.00分）如图所示，插座和电灯（带开关）是组成家庭电路的常用器件，请你用笔画线代替导线将各器件正确连入电路中：26（6.00分）图甲所示是南京市的新景点江面上的步行桥，人称“南京眼”，该桥总长约800m，是人们观光旅游的好去处。图乙所示是一辆四轮观光游览车。（1）若游览车以10km/h的速度匀速行驶，则它通过该桥约需多少小时？（2）已知游览车的质量为1200kg，它受到的重力是多少？（g取10N/kg）（3）游客乘坐游览车在水平桥面上观光时，每只车轮与地面的接触面积为200cm2，人的总重为8000N，则游览车对桥面的压强是多少帕？27（6.00分）某型号的电饭锅有两挡，分別是高温烧煮挡和保温焖饭挡，其原理如图所示（虚线框内为电饭锅的发热部位）已知R1=44，R2=2156。（1）开关S置于 挡（选填“1”或“2”）时是高温烧煮挡，它的功率是多大？（2）保温焖饭时电路中的电流是多大？10min产生的热量是多少？（3）若只要求将保温焖饭挡的功率提升10%，请通过计算体说明改进措施。28（6.00分）为探究“通电导体产生热量的多少与电阻的关系”，小明设计了如图所示的实验电路。（1）其中甲、乙两个相同的瓶内分别装有 和初温都相同的煤油，将选择好的镍铬合金丝和锰铜丝浸没在煤油中，通过比较 来确定产生热量的多少。（2）小华问小明“水比较容易获得，干嘛不用水代替煤油？”。对于这个问题，小明给出了下列四种答案，你认为合理的是 。A因为煤油有颜色便于观察B因为煤油有比较大的热值C因为煤油有比较小的密度D因为煤油有比较小的比热容（3）实验时，将铜丝和镍铬合金丝串联接入电路中，这是为了控制 和 相同；（4）实验中，小明发现甲烧瓶中温度计的示数升高得较快。这表明 的电阻较大（选填“镍铬合金丝”或“锰铜丝”）。29（8.00分）在“验证阿基米德原理”的实验中，选择溢水杯、水、弹簧测力计、石块、小桶、细线等器材进行如图所示的实验，具体操作步骤如下：A测出物块所受重力GB测出空桶所受重力G1C将水倒入溢水杯中D把挂在测力计下的物块浸没在水中，用小桶接着溢出的水，读出测力计示数FE测出小桶和被排开水的总重G2F记录分析数据，归纳总结实验结论，整理器材（1）上述实验步骤中小明有一处操作错误，错误序号为 ，应改正为 。（2）请帮小明将下列分析填完整（用所测物理量符号表示）。石块所受的浮力F浮= ；石块排开水的重力G排= ；若关系式 成立，即可验证阿基米德原理。（3）小明在某次测量时发现F浮大于G排，原因可能是 。（4）小明想用木块代替石块做此实验，他应调整的一个实验步骤序号是 ，具体操作应为 。30（5.00分）（1）当要研究的物理量不易直接测量时，都需要想办法把它们的大小间接显示出来。例如：甲实验是让木块在木板上做 运动，通过弹簧测力计的示数间接显示滑动摩擦力的大小；乙实验中小车动能的大小是通过 间接反映出来的。（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采取一定措施控制变量。例如：要研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，就要多次改变压力大小，同时控制接触面的粗糙程度不变。做实验时我们改变压力大小的具体办法是 ；要研究动能跟质量的关系，就要改变质量，同时控制速度不变。具体办法是：换用不同质量的小车，让它们从同一斜面的 由静止滑下，此实验的正确结论是 。31（6.00分）要测量L1和L2两个小灯泡的电功率，已知L1和L2的额定电压分别为3.8V和2.5V、阻值均约为10所提供的器材有：电源（电压约为6V）、电流表、电压表和开关各一个，滑动变阻器（“102A”、“501A”）两个，导线若干。（1）用如图甲所示的电路测量灯泡L1的电功率，所用滑动变阻器是“102A”，请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整。（2）闭合开关后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为3V时，电流表的示数如图丙所示，这时L1的功率是 W。（3）完成L1的测量后，为测灯泡L2的额定功率，该组同学断开开关后，只将图乙中的L1换成L2闭合开关后，发现L2发光过亮，无论怎样都不能进行实验。为了完成测量，并使测量结果能更准确一些，在测量L2额定功率之前应该进行的操作是： ， 。（4）根据实验记录的数据，画出了通过L2的电流随其两端电压变化的关系曲线，如图丁所示，则灯泡L2的额定功率是 W。32（8.00分）小薇和小亮两位同学在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源使用两节新干电池，滑动变阻器R的规格是“20 2A”。（1）如图甲所示是小薇画出的电路图，小亮进行实物连线如图乙所示，请你在虚线框内把电路图补画完整（要求所补画的元件与实物电路对应）。（2）开关闭合前，小亮发现电流表的指针在零刻度线左端，如图丙所示，其原因是 （选填“A”或“B”）。A电流表没调零 B电流表正负接线柱接反了（3）确认电路无误后，闭合开关进行实验，第4次实验时电流表示数为0.5A，电压表示数如图丁所示，记为 V；他们记录的数据如下表所示，老师指出其中一组数据有拼凑的嫌疑，你认为是第 （填写实验序号）组，理由是 实验序号电压/V0.51.01.52.0电流/A0.100.20.30.40.5（4）排除有拼凑嫌疑的数据后，分析数据可以得到的结论是： （5）小薇利用实验数据计算出定值R的阻值为 （结果保留一位小数）。（6）以下实验与“探究电流与电压的关系”进行多次测量的目的不相同的是 A探究影响滑动摩擦力大小的因素B探究杠杆的平衡条件C刻度尺测物体的长度参考答案与试题解析一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意每题2分，共24分）1【考点】HG：电流的大小【分析】灯泡的电流我们比较陌生，但我们对灯泡的功率大小是比较熟悉的。所以解答此题应该根据P=UI分别算出四个选项的电功率，然后看哪个更接近实际情况。【解答】解：家庭电路电压是220VA、由P=UI得：P=220V0.2A=44W，比较接近实际情况，故A正确；B、由P=UI得：P=220V0.02A=4.4W，此功率太小了，显然不是普通家用灯泡的电功率，故B错；C、由P=UI得：P=220V2A=440W，此功率太大了，显然不是普通家用灯泡的电功率，故C错；D、由P=UI得：P=220V20A=4400W，此功率就更大了，显然不是普通家用灯泡的电功率，故D错。故选：A。【点评】解答此题可根据公式将一个我们不熟悉的物理量单位转化成我们生活中比较熟悉、经常会说到的一些物理量单位。2【考点】1Q：生活中的升华现象【分析】判断物态变化主要看物体由什么状态变为了什么状态，然后根据我们对于物态变化的了解来作答。【解答】解：已知空气清新剂是固态的，变小实际上是变为了气态，固态变为气态的过程叫升华。故选：C。【点评】物态变化知识是初中物理必考的知识点，需要掌握。3【考点】13：温度；EC：功的计算；HG：电流的大小；J7：电功率【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法。【解答】解：A、人体正常体温为37，中考考场内的温度应该不高于37，此选项不符合实际；B、mp3随身听的功率很小，一般不超过10W，此选项不符合实际；C、中学生上楼时所用的力约为F=G=mg=50kg10N/kg=500N，上三楼的路程约为s=23m=6m，所做的功约为W=Fs=500N6m=3000J，此选项不符合实际；D、家用空调的功率在1000W左右，通过的电流大约I=5A，此选项符合实际；故选：D。【点评】此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识。4【考点】C6：磁场；C7：磁感线及其特点【分析】根据磁感线的特点分析，磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极；磁感线是有方向的，磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致；磁感线的分布疏密可以反映磁场的强弱，越密越强，反之越弱。【解答】解：AB、磁感线是为了描述磁场而引入的有方向的曲线，实际是不存在的，故AB错误；C、磁场是存在于磁体周围空间的特殊物质。任何磁体的周围都存在着磁场，故C正确；D、磁体周围的磁感线从N极出发回到S极，在内部则是从S极回到N极，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了磁感线的引入的原因和特点，由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质。5【考点】6L：惯性；6R：平衡力的辨别；7I：增大或减小摩擦的方法；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）大摩擦的方法有：增大压力、增大接触面的粗糙程度； （2）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；（4）一切物体都有惯性。【解答】解：A、轮胎上有凹凸不平的花纹是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故A错误；B、小汽车高速行驶时，小汽车上方空气流动大于下方的空气流动，因此小汽车在竖直方向上受支持力和空气向上的托力的作用，因此小汽车对路面的压力小于汽车的重力，故B正确；C、汽车静止在路面上时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力，二力作用在不同的物体上，因此二力不是一对平衡力，故C错误；D、物体都具有惯性，惯性是物体的一种性质，因此不可以说惯性作用，故D错误。故选：B。【点评】本题综合考查了增大或减小摩擦的方法、流体压强与流速的关系、二力平衡的条件以及惯性知识，涉及的内容较多，但都属于基础题。6【考点】IP：家庭电路的故障分析【分析】家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光。【解答】解：当开关S闭合时，电灯不亮，用测电笔分别接触A、B、C、D时，发现A、B、C、D四点处测电笔的氖管发光，即A、B、C、D四点之间与火线相连，说明进户零线断开。可见，选项ABC错、D正确；故选：D。【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线时不亮。7【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点【分析】首先应弄清图中所示的自动报警器工作原理：当水位到达A时，由于一般水具有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，吸引衔铁向下，从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮。【解答】解：当水位没有达到A时，左侧控制电路处于断开状态，所以电磁铁没有磁性，只有绿灯亮；当水位到达A时，左侧控制电路接通，电磁铁有磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；该报警器的红、绿灯不会同时亮。故选：B。【点评】（1）本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关；（2）在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析。8【考点】IZ：电路的动态分析【分析】当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可知电路中电流的变化和和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测R2两端的电压。当油面上升时，浮标上升，在杠杆的作用下，滑片下移，R2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即油量表的示数变大；R为定值电阻，且电流变大，由U=IR可知，R两端的电压变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小；故A正确。故选：A。【点评】本题考查欧姆定律及滑动变阻器在生活中的应用，要通过对图的分析得出仪器的原理，再由物理规律求解。9【考点】C6：磁场；I9：电阻【分析】根据电路图可知，R1、R2并联连接，电压表测量电源电压，电流表测量R1中的电流；磁场逐渐减弱，根据甲图判断出R1阻值的变化，然后根据欧姆定律确定电流表示数的变化。【解答】解：根据图甲可知，R1的电阻随磁场的增强而变大；所以当R1所处的磁场逐渐减弱时，由甲图可知，R1的阻值变小，故A错误；因为电源电压不变，而电压表测量电源电压，故电压表示数不变；故B错误；因为电源电压不变，R1的阻值变小，由I=可知，通过R1的电流变大，即电流表的所示变大，故D正确。故选：D。【点评】考查了学生对欧姆定律的应用能力以及识图能力。关键是从图中得出相关信息。10【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】根据凸透镜成像的几种情况进行判断：u2f，成倒立、缩小的实像，像距fv2f，。2fuf，成倒立、放大的实像，像距v2f。u=2f，成倒立、等大的实像，像距v=2f。uf，成正立、放大的虚像。【解答】解：（1）若凸透镜是L1，此时物距u=40cm2f，成倒立、缩小的实像，像距应该是fv2f，而图中v=10cm，故不能在光屏上看到烛焰清晰的像，当将光屏向右移动适当的距离，光屏上能出现烛焰清晰的像，故A错误，B正确；（2）若凸透镜是L2，此时物距u=40cm=2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v=2f=40cm，将光屏移到60cm刻度线处，此时v=10cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像。故C错误；（3）若凸透镜是L2，此时物距u=40cm=2f，成倒立、等大的实像，像距应该是v=2f=40cm，而小明将光屏移到70cm刻度线处，此时v=20cm，则光屏上不能出现烛焰清晰的像。故D错误；故选：B。【点评】（1）凸透镜成像实验中，烛焰、凸透镜、光屏处于某刻度线处，和它们之间距离多少是不同的，注意这点，防止混淆。（2）凸透镜成像的几种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。11【考点】JE：实际功率【分析】电路串联时，电流是处处相等的，当灯L1亮而灯L2不亮时，可能发生短路或L2的实际功率太小，而不能使灯丝发光。【解答】解：用一根导线并接在灯Ll的两端时，发现灯L2亮了而灯L1不亮，是导线把L1短路了，电压加在灯L2上，说明原来是L2的实际功率太小，而不能使灯丝发光，而不是L2短路。串联电路中的用电器的功率之比等于电阻之比，故是灯L1的电阻比灯L2的电阻大得多。已知两灯泡的额定电压相同，即U1额=U2额，但R1R2，由P=知，额定电压一定时，电阻越大，额定功率越小，因此灯L1的额定功率要比灯L2的额定功率小；故选：D。【点评】当灯L1亮而灯L2不亮时，有两种情况，而用一根导线并接在灯Ll的两端时，即把L1短路了，发现灯L2亮了，说明原来不是短路，只能是不亮的灯的实际功率太小了，再由串联电路中的功率与电阻的关系从而得到D的说法正确。12【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】测量电阻的原理为R=，已知电压表测量的电压，并利用已知阻值的R0和开关的控制，推导出通过RX中的电流是分析的关键。【解答】解：A、由图可知，S接1时，电压表测电源电压U；S接2时，Rx与R0串联，电压表测Rx的电压Ux，则此时R0的电压U0=UUx，根据串联电路的电流、电压特点和欧姆定律可知：Rx=，故A可测Rx的阻值，不符合题意；B、由图可知，S接1时，电压表测电源电压U；S接2时，Rx与R0串联，电压表测Rx的电压Ux，根据串联电路的电流电压特点可知：Rx=，故B可测Rx的阻值，不符合题意；C、由图可知，开关S闭合时，Rx短路，电压表测电源电压U；开关S断开时，Rx与R0串联，电压表测R0电压U0，则此时Rx的电压Ux=UU0，根据串联电路的电流、电压特点和欧姆定律可知：Rx=，故C可测Rx的阻值，不符合题意；D、由图可知，无论开关断开或闭合，电压表都是测电源电压，不能直接或间接得到Rx两端电压，因此无法由I=计算Rx的电阻，故D不可测Rx的阻值，符合题意。故选：D。【点评】缺少电流表测电阻的问题，要用到数学的推理思维，常以串联电路中电流处处相等为突破口。二、填空题（共10小题，每空1分，共25分）13【考点】18：体温计的使用及其读数【分析】本题考查了体温计的使用方法。首先观察体温计的量程为3542，最小分度值为0.1，由此可以读出体温计的示数。【解答】解：图中体温计的分度值为0.1，其示数为38+0.15=38.5。故答案为：38.5。【点评】使用温度计时，首先要观察温度计的量程和最小分度值，读数时视线要与温度计中液体柱的液面相平。14【考点】64：长度的测量【分析】刻度尺的最小刻度值（或叫分度值）为相邻的刻度线表示的长度； 使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。【解答】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；铅笔左侧与2.50cm对齐，右侧在7.25cm对齐，所以铅笔的长度为L=7.25cm2.50cm=4.75cm。故答案为：4.75。【点评】使用刻度尺测量物体的长度时，首先准确读出达到的刻度尺上最小刻度的值，这是准确值；长度测量要估读到分度值的下一位，在记录结果中的倒数第二位是分度值所在的位数。15【考点】21：物质的基本属性；HT：串联电路和并联电路的辨别【分析】（1）并联的各电路元件互不影响，能独立工作；（2）该材料能在金属态和半导体态之间来回转变，这是它的导电性能发生了改变，如果将这种元件与灯泡串联时，随着光照强度的改变，电路中的电流会时有时无，因此灯泡会时亮时暗。【解答】解：（1）多媒体教室中的投影仪与日光灯互不影响，能独立工作，它们是并联的；（2）在室温下，该材料受不同强度光的照射，能在金属态和半导体态之间来回转变，这是它的导电性发生了改变；若将这种材料制成元件与灯泡串联后接入电路，闭合开关后，随着光照强度的改变，电路中的电流会时有时无，因此灯泡会时亮时暗。故答案为：并；导电性；时亮时暗。【点评】本题考查并联电路的特点和物理属性的知识。根据题目提供的信息得出氧化钛的物理属性，结合电路的特点可解决此题。16【考点】6I：力作用的相互性；FK：动能和势能的概念；FU：动能和势能的转化与守恒【分析】（1）弹性势能转化为动能的特点是物体的弹性形变减小，弹性势能减小；速度增加，动能增加。（2）物体间力的作用是相互的；当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，大小相等，方向相反，作用在两个物体上。（3）一切物体都有惯性。【解答】解：拉弯的弓把箭射出的过程中，弓的形变变小，箭的速度增加，因此弓的弹性势能转化为箭的动能；手拉弦，手对弦施加力的同时，弦也对手有力的作用，因此人觉得弦也在拉手，能说明物体间力的作用是相互的；箭离开弦后，由于惯性，还要继续向前飞行。故答案为：弹性势；动；相互；惯性。【点评】本题考查动能和势能的转化、力的作用的相互性以及惯性知识，是一道综合性题目，但难度不大，理解相应的知识点即可解答。17【考点】2E：固体密度的测量【分析】（1）测金属块的质量：读取天平示数时应将砝码质量与游码示数相加；（2）测量固体体积时，应将量筒中浸入物体之后和之前的示数相减；（3）密度的大小利用密度公式计算。【解答】解：（1）由图甲，游码分度值为0.2g，物体质量：m=50g+20g+5g+3.2g=78.2g；（2）由乙图，量筒的分度值为1ml，小金属块的体积：V=55ml45ml=10ml=10cm3；（3）小金属块的密度：=7.82g/cm3=7.82103kg/m3。故答案为：78.2；7.82103。【点评】能准确读取天平和量筒的示数，是物理学中测密度的基本要求，熟练运用密度的基本公式，是我们计算和测量密度中时刻都会用到的。18【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h。（2）使用滑轮组做的有用功是指把重物提升所做的功，即W有用=Gh；使用滑轮组做的总功是人的拉力所做的功，即W总=Fs；机械效率是指有用功占总功的百分比，据此求解。（3）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。【解答】解：由图知，有2段绳子承担物重，若重物提升h=3m，绳子末端移动距离s=2h=23m=6m。拉力做的有用功：W有用=Gh=400N3m=1200J；拉力做的总功：W总=Fs=300N6m=1800J。该机械的效率：=66.7%。当提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，故机械效率变大。故答案为：1200；66.7%；变大。【点评】本题考查了滑轮组机械效率的计算，关键有二：一是n的确定（直接从动滑轮上引出的绳子股数），二是有用功和总功的区分（根据我们的目的分析）。19【考点】GA：热传递改变物体内能；GE：水的比热容的特点及应用；GJ：燃料的热值【分析】（1）与其它液体相比，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多。改变物体内能有两个方法：做功和热传递。其中做功改变内能本质是机械能与内能的转化，热传递改变内能本质是内能的转移。（2）根据Q=qV计算出天然气燃烧放出的热量。【解答】解：（1）汽车发动机工作过程中，不可避免地产生很多热量，这些热量如不及时带走会影响机器的正常工作。由公式Q=cmt知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，因为水的比热最大，所以吸收的热量最多，冷却效果最好。发动机工作过程中会产生热量，热量传递到水，使水的内能增加。这是通过热传递的方式改变内能的。（2）消耗0.2m3天然气所释放的热量：Q=qV=7107J/m30.2m3=1.4107J。故答案为：比热容；热传递；1.4107。【点评】本题考查水的比热容较大的特点、改变物体内能的两种方式以及热量的计算，比较简单，属于基础题。20【考点】8P：浮力大小的计算；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）已知物体的体积（浸没在水中排开水的体积），根据阿基米德原理求物体受到的浮力；（2）知道物体的质量利用G=mg求出重力，根据物重和浮力的大小关系判断物体的浮沉。【解答】解：物体浸没水中排开水的体积：V排=V=1.8104m3，物体受到水的浮力：F浮=水gV排=1103kg/m310N/kg1.8104m3=1.8N；物体的重力：G=mg=0.14kg10N/kg=1.4N；因为F浮G，所以松手后物体会上浮。待物体静止时，物体漂浮在水面上，根据物体漂浮条件可知，物体所受浮力为=G=1.4N。故答案为：1.8；上浮；1.4。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件的了解与掌握，物体完全浸没后浮力大于重力时物体将上浮；浮力等于重力时物体将悬浮；浮力小于重力时物体将下沉。21【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）根据图象，当电流最大时，变阻器的阻值为零，根据U=IR0计算出定值电阻两端的电压，即等于电源电压；（2）根据图象读出变阻器的阻值，由欧姆定律计算出I1的值；（3）根据题意计算出I=0.4A时，变阻器的阻值，根据P=I2R来判断两电阻的电功率之比。【解答】解：（1）由图象知，电流最大为0.6A，由题意知，此时变阻器的阻值为零，则U=U0=IR0=0.6A20=12V；（2）由图象知，I1对应的变阻器阻值为40，则此时电路中的电流：I1=0.2A；（3）当I=0.4A时，电路中的总电阻R总=30；则R滑=3020=10；由P=UI=I2R可知，P0：P=2：1。故答案为：12；0.2；2：1。【点评】本题是有关电学的计算题目，解决问题的关键是能够分析出电路的连接方式，读懂图象，知道电流的大小与变阻器阻值的关系。22【考点】JA：电功率的计算【分析】1、已知消耗的电能和额定电压，可求工作时间，2、灯泡电阻不变，已知实际电压，根据公式计算可得实际功率。【解答】解：。额定功率已知，为40W。故答案为25；10；40。【点评】本题考查电功率的计算以及公式的变形，关键是求出灯泡电阻。三、解答题（共51分解答24、25题时必须写出解题过程）23【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图【分析】先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且入射角等于反射角，画出反射光线；根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。【解答】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出折射光线。如图所示：【点评】本题主要考查反射定律内容以及折射定律内容的应用情况，是一道基础题。24【考点】7B：重力示意图；7P：力臂的画法【分析】根据支点是轮子轴心点O，力臂L是支点到力F的作用线的距离。重力的方向总是向下的，来解答此题。【解答】解：过O点作F的垂线即为F的力臂，过O作竖直向下的作用力G即为箱体所受重力。如图所示 【点评】画力的示意图要重点把握两个要素：力的方向；力的作用点。此题中要分清支点O和箱体的重心O，二者不能混为一谈。25【考点】IO：家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）安装安全用电原则，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如下图所示：【点评】本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。26【考点】69：速度公式及其应用；78：重力的计算；86：压强的大小及其计算【分析】（1）已知游览车的速度和桥长，利用速度公式变形t=求解时间；（2）已知游览车的质量，利用重力公式G=mg求解重力；（3）游览车对桥面的压力等于人和游览车的总重力，已知受力面积，利用p=求解压强。【解答】解：（1）由v=得，通过该桥的时间：t=0.08h；（2）游览车受到的重力：G=mg=1200kg10N/kg=12000N；（3）游览车对桥面的压力：F=G总=G人+G车=8000N+12000N=20000N，游览车对桥面的压强：p=2.5105Pa。答：（1）游览车通过该桥约需0.08h；（2）它受到的重力是12000N；（3）游览车对桥面的压强是2.5105Pa。【点评】此题考查速度公式的应用、重力的计算、压强大小的计算，综合性较强，但难度不大，关键是知道游览车对桥面的压力等于人和游览车的总重力。27【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）高温烧煮档其功率最大，根据P=可知，此时的电阻值应该小；根据P=求出功率；（2）保温时，两电阻串联，根据I=求出电流；再根据Q=W=UIt求出产生的热量；（3）根据P=UI求出保温档功率，再求出提升10%后的功率，根据P=求出电阻值，进而求出改进措施。【解答】解：（1）开关置于2档，把电阻R2短路，电路中电阻最小，功率最大，为高温烧煮档；此时的功率P高=1100W；（2）开关置于1档时，两电阻串联，为保温焖饭，电路中电流I=0.1A；10min产生的热量：Q=W=UIt=220V0.1A1060s=1.32104J；（3）保温功率：P保=UI=220V0.1A=22W，保温焖饭挡的功率提升10%后的功率：P保=P保（1+10%）=22W110%=24.2W，由P=得此时电路的电阻：R=2000，为了保证高温档功率不变，所以应该改变R2的阻值，R2=RR1=200044=1956，即把R2换成阻值为1956的电阻。答：（1）2；功率是1100W；（2）电路中的电流是0.1A；10min产生的热量1.32104J；（3）把R2换成阻值为1956的电阻。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、吸热公式、电功公式、效率公式的应用，要注意开关置于不同位置时电路中电流对应的判断。28【考点】JH：焦耳定律【分析】（1）实验中通过温度计示数的变化来测量产生热量的多少。这种方法是转换法。（2）相同质量的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容小的温度变化大。（3）在做此实验时，要注意控制变量法的应用。煤油的量相等，通电时间相同，煤油的初温相同。（4）根据Q=I2Rt可知，在电流一定时，电阻越大，产生的热量越多。【解答】解：（1）甲、乙两个相同的瓶内分别装有质量和初温都相同的煤油，将选择好的镍铬合金丝和锰铜丝浸没在煤油中，通过比较温度计升高的示数来判断产生热量的多少，这也是物理中常用的一种方法转换法。（2）因为煤油的比热容比水的比热容小，相同质量的煤油和水比较，吸收相同的热量，煤油温度升高的多，用煤油做实验效果更明显。（3）此实验充分显示了控制变量法的应用。将铜丝和镍铬合金丝串联接入电路中，这是为了控制电流和通电时间相同。（4）由Q=I2Rt可知，乙瓶中温度计的示数升高得快。这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多。故答案为：（1）质量；温度计示数的变化（煤油升高的温度）；（2）D；（3）电流、通电时间；（4）镍铬合金丝。【点评】此题主要通过实验考查了探究了“电流一定时，电流产生的热效应与电阻的关系”，考查了学生对控制变量法的应用以及电路的连接。并且考查了一种常用的物理研究方法转换法。29【考点】8R：探究浮力大小的实验【分析】（1）用溢水法收集物体排开的水，将溢水杯装满水，然后将物体浸入水中，用其他容器（需先测出其重力）接住溢出的水，然后再测出装有溢出的水的容器的总重力，两者之差就是物体排开水的重力；（2）根据称重法测浮力大小，排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，比较F浮与G排；（3）若开始时溢水杯中没有装满水测量的浮力大于重力；（4）根据漂浮的特点，分析回答；【解答】解：（1）物体放入水中前，溢水杯应该是满水的，否则小桶内所盛的水将小于物体排开水的体积；故错误是C步骤，应向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；（2）根据称重法，浮力等于铁块重力G减去铁块浸没在水中时弹簧测力计的示数F，即：F浮=GF；排开水的重力G排等于桶与水的总重力G2减去空桶的重力G1，即：G排=G2G1；比较F浮与G排的大小关系，如果关系式：GF=G2G1成立，即可验证阿基米德原理。（3）若开始时溢水杯中没有装满水，物体放入后排开水的体积偏小，故浮力会大于重力；（4）根据漂浮的特点，浮力等于重力，不用称重法测浮力，故若用能漂浮在水面的木块代替石块做此实验，与上述操作不同的一个步骤是D，具体操作应为将木块轻轻的放入盛满水的溢水杯，用小桶接着溢出的水。故答案为：（1）C；向溢水杯中加水使水刚好齐杯口；（2）GF；G2G1；GF=G2G1；（3）开始时溢水杯中没有装满水，物体放入后排开水的体积偏小；（4）D； 将木块轻轻的放入盛满水的溢水杯，用小桶接着溢出的水。【点评】在“探究浮力的大小”实验中，用“称量法”测出物体受到的浮力，即F浮=GF拉；用两次称重测出物体在液体中排开液体的重力，进行比较得出：物体在液体中受到的浮力，大小等于它排开的液体的重力。30【考点】2P：控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）在探究滑动摩擦力与什么因素有关的实验中，要正确测量拉力，需让木块做匀速直线运动，此时弹簧测力计的拉力与木块受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等。在探究动能大小与什么因素有关时，通过让滚动的小球推动木块做功来表现。将木块推动得越远、做的功越多，则说明小球的动能越大。（2）要解决此题还要掌握控制变量法。滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，所以要研究滑动摩擦力与其中一个量的关系时，要保持另一个量不变。动能大小与物体的质量和速度有关，要研究动能大小与质量的关系时，需要使物体的速度相同。【解答】解：（1）在甲实验中，要使拉力大小与摩擦力相等，需拉动木块做匀速直线运动；在乙实验中，通过小球推动木块做功大小来表现小球动能的大小，球被推动得越远，则说明小球动能越大。（2）在研究滑动摩擦力大小与压力大小的关系实验中，需要控制接触面的粗糙程度不变，而改变压力。在实验时是通过在木块上加减砝码来改变压力的。要研究动能和质量之间的关系，需要控制速度不变，改变质量。控制速度的办法是让小球从同一高度由静止滑下，实验结论是：速度一定，质量越大，小车的动能越大。故答案为：（1）匀速直线；小车推动木块前进的距离；（2）在木块上加减砝码；同一高度；速度一定，质量越大，小车的动能越大。【点评】此题考查的是转换法和控制变量法在解决物理问题中的应用，转换法和控制变量法是研究物理问题时最常用的方法，我们要学会在解决具体问题时正确应用。31【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）变阻器按一上一下接入电路中，已知L1的额定电压为