江苏省徐州市2015年中考物理一模试卷（解析版）.doc

江苏省徐州市2015年中考物理一模试卷一、选择题（每小题2分，共20分每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1小明家的计算机通过光纤接入互联网，光纤的作用是（）A输电B通信C导热D照明考点：光纤通信.专题：应用题分析：现代通信有微波通信、卫星通信、网络通信和光纤通信，每种通信的名字都是以传递信息的载体来命名解答：解：光纤网络是光纤通信的载体，因此光纤的主要作用是通信故选B点评：本题主要考查学生对光纤通信特点的了解和掌握，是中考的热点，是一道基础题2（2分）（2015徐州一模）下面四种情景中，人对物体做了功的是（）A用力推汽车但没有推动B手捧着一本书在水平面上匀速前进2mC沿斜面向上拉动物体D运动员双手举着杠铃停留了3秒考点：力是否做功的判断.专题：功、功率、机械效率分析：做功必须具备两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过距离判定有没有做功，就从是否同时具备这两个必要因素入手分析解答：解：A、用力推汽车但没有动，有力的作用但无距离，不做功，不符合题意；B、手捧着一本书在水平面上匀速前进，力的方向竖直向上，移动的距离不是在该力的方向上移动的，不符合题意；C、沿斜面向上拉动物体，在力的作用下，在力的方向上移动了一段距离，故力做了功，符合题意；D、运动员双手举着杠铃停留了3秒，有力的作用，但在力的方向上无距离，不做功，不符合题意故选C点评：从四个选择项中涉及到的物理过程入手，结合做功的两个必要因素来突破此题3（2分）（2015徐州一模）高空抛物现象曾被称为“悬在城市上空的痛”，这是一种不文明的行为，会带来很大的社会危害，这是因为处在高处的物体具有较大的（）A动能B重力势能C弹性势能D以上都不是考点：势能的影响因素.专题：机械能及其转化分析：被举高的物体具有重力势能重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越大解答：解：“高空抛物”说明物体一开始所处的高度很高，根据影响重力势能的因素可知，高度越高，物体的重力势能越大，在下落过程中将重力势能转化为动能就越多，危害就会越大故选B点评：本题涉及重力势能概念和影响因素、重力势能与动能之间的相互转化，解题时要熟记这些知识点4（2分）（2015徐州一模）在探究“通电导体在磁场中受力方向与电流方向的关系”时，控制磁场方向不变的探究方法与下列哪个相同（）A用磁感线来描述磁场B学习电流时，把它比作水流C通过条形磁铁吸引大头针的数目来确定其磁性的强弱D在电流相同的条件下，探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系考点：磁场对通电导线的作用.专题：电和磁分析：首先分析探究“通电导体在磁场中受力方向与电流方向的关系”时采用的方法，然后明确每个选项中的探究过程采用的方法，确定符合题意的选项解答：解：通电导体在磁场中的受力方向与电流方向和磁感线方向都有关系，研究受力方向与电流方向的关系时，需要保持磁感线方向一致，采用的是控制变量法A、用实际不存在的磁感线形象说明磁场的特点，采用的是模型法不符合题意；B、学习电流时，把它比作水流，以方便理解，采用的是类比法不符合题意；C、通过条形磁铁吸引大头针的数目来确定其磁性的强弱，采用的是转换法不符合题意；D、在电流相同的条件下，探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，采用的是控制变量法符合题意故选D点评：物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫做控制变量法5（2分）（2006淄博）做功和热传递都能改变物体的内能，在下列实例中，属于通过热传递方式改变物体内能的是（）A在锯木料时，锯和木料的温度都升高了B冷水和热水混合成一杯温水C用铁锤敲打铁块，铁锤和铁块的温度都升高了D流星在空中划过一道弧线考点：热传递改变物体内能.分析：本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种式解答：解：A、锯木板时锯条发烫，属于做功改变物体的内能，不符合题意B、冷水和热水混合成一杯温水，属于热传递改变物体的内能，符合题意C、用铁锤敲打铁块，属于做功改变物体的内能，不符合题意D、流星在空中划过一道弧线，属于做功改变物体的内能，不符合题意故选B点评：本题考查了改变物体内能有两种方式6（2分）（2008怀化）一般家庭的卫生间都要安装照明灯和换气扇使用时，有时需要各自独立工作，有时需要它们同时工作如图所示的电路，你认为符合上述要求的是（）ABCD考点：串联电路和并联电路的辨别.专题：压轴题分析：并联电路的特点：在并联电路中，从电源正极流出的电流在分支处要分为两路，每一路都有电流流过，因此即使某一支路断开，但另一支路仍会与干路构成通路解答：解：照明灯和换气扇，有时需要各自独立工作，所以它们必须是并联的，并且要各有开关控制，所以A、B、D不符合题意，只有C符合题意；故选C点评：解决此类电路应用题目，要结合串联合并联特点进行分析7（2分）（2015徐州一模）下列关于一些物理现象的理解中正确的是（）A热传递时，能量总是从高温处转移到低温处B物体内能增大，其温度一定升高C核电站获得核能量的方式是核聚变D电磁波和超声波都可以在真空中传播考点：热传递；声音的传播条件；温度、热量与内能的关系；核电站发电过程中的能量转化.专题：其他综合题分析：（1）热传递的条件是有温度差，以及热传递传递的是能量（2）物体的内能增加，但温度不一定升高，如晶体的熔化过程，吸热但温度不升高；（3）核电站获得核能量的方式是核裂变；（4）电磁波传播不需要介质，超声波在真空中不能传播解答：解：A、由于发生热传递的条件是有温度差，且热传递的特点是能量从高温物体传向低温物体；故A正确；B、物体的内能增加，但温度不一定升高，如晶体的熔化过程，吸热但温度不升高；故B错误；C、核电站获得核能量的方式是核裂变，故C错误；D、电磁波传播不需要介质，超声波传播需要介质，在真空中不能传播，故D错误故选：A点评：本题考查知识点较多，但都属于基础内容的考查，比较简单，理解和熟记所学知识点是解题的关键8（2分）（2015徐州一模）小华同学做了一个如图所示单位装置，闭合开关，用外力是导体棒ab水平向右运动，发现导体棒cd也随之运动起来，则下列判断中正确的是（）A甲图是电动机的原理图B乙图是发电机的原理图C甲图部分的原理是电磁感应现象D若用外力使导体棒cd水平向右运动时，导体ab不会运动考点：电磁感应；磁场对通电导线的作用.专题：电和磁分析：（1）闭合电路的一部分导体在磁场做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象（2）电动机的根据通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的解答：解：（1）闭合开关，导体ab和cd组成一个闭合电路，闭合电路的一部分导体ab在磁场中进行切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这种现象是电磁感应现象（2）电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体cd，导体cd成为通电导体在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理故选：C点评：电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，发电机是利用电磁感应原理工作的9（2分）（2015徐州一模）送水员将两桶相同的纯净水送上位于五楼的小明家，可以有两种方法：一是将两桶水一起送上楼；二是分两次，每次送一桶水上楼，假设送水员的速度相同，前后两种送水方法的功率和机械效率分别为P1、P2和1、2，则下列选项正确的是（）AP1=P2BP1P2C12D12考点：功率大小的比较；机械效率的大小比较.专题：功、功率、机械效率分析：将两桶分两次都送上五楼，达到的目的相同但额外功不同，由=比较机械效率大小；根据做的功和做功的时间，由P=比较功率大小解答：解：若一桶水重为G，一次送水上楼的有用功：W有1=2Gh，人做的总功：W总1=（2G+G人）h，机械效率1=，送水上一次楼时间为t，其功率P1=；分两次送上楼的有用功：W有2=2Gh，人做的总功：W总2=2（G+G人）h，机械效率2=，送水上楼的时间为2t，其功率P2=，比较得12=，P1P2故选D点评：本题考查机械效率和功率大小的比较，关键是分清两次送水的总功的区别10（2分）（2015徐州一模）如图所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻，电源电压为8V恒定不变（不计温度对电阻的影响），在滑片P滑动过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可知下列选项错误的是（）AR0阻值是5B电路的最大总功率是12.8WC滑动变阻器的最大阻值是35D电路的最小总功率是0.8W考点：电路的动态分析.专题：电路和欧姆定律分析：由电路图可知，R0和R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，即电路中的电流最大时，电路为R0的简单电路，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值，根据P=UI求出电路的最大功率；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用串联电路的电阻特点求出R的最大值，再根据P=UI求出电路的最小功率解答：解：A、当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，由乙图可知：I最大=1.6A，由欧姆定律得：R0=5，故A正确；B、电路的最大功率P最大=UI最大=8V1.6A=12.8W，故B正确；C、当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知：I最小=0.2A，电路的总电阻为R总=40，滑动变阻器的最大阻值为R=R总R0=405=35，故C正确；D、电路的最小功率为P最小=UI最小=8V0.2A=1.6W，故D错误故选D点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是电路最大和最小电流的判断二、填空题（本题共9小题，每空1分，共20分）11（2分）（2015徐州一模）环卫工人驾驶着洒水车匀速行驶在宽广的水平马路上，水不停地喷洒着，这样可以减少粉尘，清新空气，洒水车在匀速行驶过程中动能会逐渐减小，机械能会逐渐减小（选填“增大”或“减小”）考点：动能和势能的大小变化.专题：机械能及其转化分析：机械能包括动能和势能，动能的大小与质量和速度有关，影响重力势能的因素有质量和高度，物体的质量越大，被举高度越大，重力势能越大解答：解：洒水车边洒水边匀速行驶，在这过程中，其速度和高度不变，但质量减小，故动能和势能减小，洒水车的机械能变小故答案为：减小；减小点评：本题考查动能和势能的大小变化，解答此题的关键是理解影响动能和势能的因素12（2分）（2015徐州一模）如图是一款指甲刀它有三根杠杆组成，手柄CBA是省力（选填“省力”或“费力”）杠杆考点：杠杆的分类.专题：简单机械分析：根据图示判断杠杆的个数，根据动力臂与阻力臂间的关系判断杠杆的类型解答：解：由图示可知，指甲刀有三根杠杆组成，手柄CBA的支点是B，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故答案为：三；省力点评：能绕定点转动的杆是杠杆，杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆三种13（3分）（2015徐州一模）如图所示，路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，各接口之间是并联（选填“串联”或“并联”）的这还能利用电磁波实现与笔记本无线连接工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能考点：串联电路和并联电路的辨别；电磁波的传播；能量的相互转化.专题：电和磁分析：（1）并联电路中各用电器互不影响；（2）电磁波可以传递信息；（3）用电器工作时，消耗了电能，得到了其他形式的能解答：解：路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，并且各电脑之间互不影响，因此各接口之间为并联连接；由于无线网络是通过电磁波传递信息的，因此路由器还能利用电磁波实现与笔记本无线连接；工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能故答案为：并联；电磁波；内点评：本题综合考查了串并联电路的特点、电磁波的作用以及能量间的相互转换等，综合性强，但都属于基础知识考查范围14（2分）（2015徐州一模）家庭电路中，空气断路器（俗称“空气开关”）跳闸可能由于发生了过载或短路；使用测电笔检修电路故障时，手一定要与笔尾（选填“笔尖”或“笔尾”）接触考点：家庭电路电流过大的原因；测电笔的使用.专题：电与热、生活用电分析：（1）家庭电路过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大（2）使用测电笔时，手一定要接触笔尾金属体，这样才能和大地连成通路，使电流通过，氖管才有可能发光解答：解：（1）在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：电路中发生短路故障；电路中用电器的 总功率过大，造成干路电流过大（2）使用测电笔时，应用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线故答案为：短路；笔尾点评：本题考查了家庭电路中电流过大的原因和测电笔的正确使用，是一道基础题目15（2分）（2015徐州一模）学校会议室安装了100只相同的LED节能灯，这些灯全部正常发光3h，且无其他用电器工作，电能表示数变为已知每只灯的额定电压为220V，则通过每只灯泡的电流为0.05A；实验表明，一只这样的节能灯与一只60W的白炽灯正常发光是亮度相等与使用60W的白炽灯相比，100只这样的节能灯正常发光3h可节能14.7kWh考点：电功的计算.专题：电能和电功率分析：（1）根据电能表的示数计算出3h消耗的电能，计算出一只白炽灯消耗的电能；由电功的计算公式W=UIt计算出每只灯泡的电流；（2）计算出一只白炽灯的额电功率，根据电功的计算公式W=Pt计算出100只60W的白炽灯比LED灯工作3h节约的电能解答：解：（1）消耗的电能等于某段时间末的读数减去起始数：W=2955.7kWh2952.4kWh=3.3kWh，一只白炽灯消耗的电能：W=0.033kW=1.188105J；由W=UIt得：I=0.05A，（2）每只LED灯消耗的功率：P=UI=220V0.05A=11W一只LED节能灯比白炽灯节约的功率：P=60W11W=49W=0.049kW，节约的电能：W=Pt=0.049kW3h100=14.7kWh故答案为：0.05；14.7点评：能够正确读出电能表的读数和灵活运用电功、电功率的计算公式是解题的关键；还要注意单位的统一16（3分）（2015徐州一模）小明和小华利用如图所示的装置探究“影响通电导体产生热量的因素”，相同的两烧瓶中盛有质量相等的煤油，煤油中都浸泡着一段金属丝，甲烧瓶中的金属丝是锰铜丝，电阻比较小；乙烧瓶中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，温度计显示煤油的温度（1）实验中，小明和小华发现乙烧瓶中温度计的示数升得快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多（2）利用此电路还可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，实验时移动滑动变阻器的滑片P，观察同一（选填“同一”或“不同”）烧瓶内的温度计示数升高的快慢考点：控制变量法与探究性实验方案.专题：探究型实验综合题分析：（1）根据图示可知，两电阻串联，并且甲电阻的阻值小于乙电阻的阻值，根据焦耳定律析判断；（2）根据Q=I2Rt可知，要研究电流通过导体产生的热量与电流的关系，必须保持电阻和通电时间相同，改变通过电热丝的电流，比较产生热量多少与电流大小的关系解答：解：（1）因为两电阻串联，所以通过它们的电流相等，由Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；由于甲中的电阻大于乙中的电阻，所以乙烧瓶中温度计的示数升得较快（2）利用此电路还可探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，实验时移动滑动变阻器的滑片P，观察 同一烧瓶（甲或乙）内的温度计示数升高的快慢故答案为：（1）乙；（2）电流；同一点评：本题通过焦耳定律的实验重点考查学生对控制变量法、转化法的掌握和应用，以及学生分析实验现象得出结论的能力；控制变量法为物理实验中的常用方法，应重点掌握17（2分）（2011内江）如图所示，是一种监测洪水水位的自动报警器原理图，当水位没有达到金属块A时，绿灯亮；当水位达到金属块A时，红灯亮考点：电磁继电器的组成、原理和特点.专题：图析法分析：首先应弄清图中所示的自动报警器工作原理：当水位到达A时，由于一般水具有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，吸引衔铁向下，从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮解答：解：当水位没有达到A时，电磁铁没有磁性，只有绿灯亮；当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，且根据右手定则知上端为S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；该报警器的红、绿灯不会同时亮故答案为：绿、红点评：（1）本题考查了电磁铁在电磁继电器上的应用，电磁继电器实质上是一个由电磁铁来控制的自动开关；（2）在解答此类题目时，要从电磁铁通电有磁性，断电无磁性的原理进行分析18（2分）（2015徐州一模）电动自行车已经成为徐州地区人们出行时的主要代步工具之一，在给电动车充电时，电能转化为化学能储存在蓄电池内，从电路上看，电动车的调速把手实际上是一个滑动变阻器，可以改变通过电动机的电流，从而改变电动机转速考点：能量的相互转化；滑动变阻器的使用.专题：其他综合题分析：给蓄电池充电的过程是将电能转化为化学能的过程；电动车的调速把手相当于一个滑动变阻器，可改变电路中的电流解答：解：在给电动车充电时，电能转化为化学能能储存在蓄电池内电动车的调速把手相当于一个滑动变阻器，可以改变通过电动机的电流，从而改变电动机转速故答案为：化学；滑动变阻器点评：本题考查蓄电池充电时的能量转化等基础知识进行考查，难度不大；对电动车的调速把手本质的判断，应抓住“可以改变通过电动机的电流”，则不难看出其相当于滑动变阻器19（2分）（2015徐州一模）现有100kg的水，经过阳光照射后温度从20升高到40，需要吸收热量8.4106J如果燃烧煤气来产生同样多的热量，则至少需要0.2kg的煤气（已知水热容为4.2103J/（kg），煤气的热值为4.2107J/kg）考点：热平衡方程的应用.专题：热和能分析：（1）知道水的质量、比热容、初末温，利用Q吸=cmt求水吸收的热量；（2）由题知Q放=Q吸，而Q放=m气q，据此求需要煤气的质量解答：解：（1）水的质量：m=100kg，水的初温t0=20，末温t=40，水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）100kg（4020）=8.4106J；（2）由题知Q放=Q吸=8.4106J，由Q放=m气q得，需要煤气的质量：m气=0.2kg故答案为：8.4106；0.2点评：本题考查了学生对物体吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的了解与掌握，虽知识点多，但都属于基础，难度不大，计算时注意单位统一三、解答题（本题共6小题，共40分解答21、22题时应有解题过程）20（6分）（2015徐州一模）按要求作图（1）如图甲所示，AC为杠杆，O为支点，在B点处挂一个重物，请画出杠杆在如图所示位置平衡时，受到的最小动力F1的示意图及其臂L1、重物对杠杆拉力的力臂L2（2）如图乙所示，请根据通电螺线管的N、S极，标出小磁针N极、通电螺线管的外部磁感线方向以及电源的正、负极考点：力臂的画法；通电螺线管的磁场.专题：图像综合题分析：（1）力臂是支点到力的作用线的距离；使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时、最省力，据此画出动力方向；（2）根据图中通电螺线管的N、S极，可判断磁感线的方向根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极解答：解：（1）为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上，动力臂为OA最长；重物对杠杆拉力作用在杠杆上，方向与重力方向相同，从O点作其力臂L2，如图所示：（2）螺线管的左端为N极，右端为S极因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故箭头方向向右根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为S极，右端为N极根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的所以电源的左端为正极，右端为负极如图所示：点评：本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用、安培定则的应用根据阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力找出动力臂是本题的关键安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向告诉其中的两个方向可以确定第三个方向21（6分）（2015徐州一模）如图所示的电路中，R1=10，R2=15闭合开关S，电流表示数为0.6A，求：（1）电源电压（2）若把电流表改接在电阻R2的支路中，其示数（3）10秒钟内整个电路电流做的总功考点：欧姆定律的应用；电功的计算.专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率分析：由电路图可知，两电阻并联，电流表测R1支路的电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电流表改接在电阻R2的支路中的示数；（3）根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据W=UIt求出10秒钟内整个电路电流做的总功解答：解：由电路图可知，两电阻并联，电流表测R1支路的电流（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A10=6V；（2）电流表改接在电阻R2的支路中的示数：I2=0.4A；（3）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=I1+I2=0.6A+0.4A=1A，10秒钟内整个电路电流做的总功：W=UIt=6V1A10s=60J答：（1）电源电压为6V；（2）若把电流表改接在电阻R2的支路中，其示数为0.4A；（3）10秒钟内整个电路电流做的总功为60J点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道基础题目22（6分）（2015徐州一模）小华用如图所示的滑轮组用100N的拉力F将160N的重物在4s内匀速提高5m，若不计绳重和摩擦，求：（1）拉力做功的功率（2）该滑轮组的机械效率考点：功率的计算；滑轮（组）的机械效率.专题：功、功率、机械效率分析：由图可知承担物重的绳子股数n=2，重物被提升h，则拉力端移动的距离s=2h，（1）知道物重G和升高的高度h，利用W=Gh求有用功；求出了拉力做功，又知道做功时间，利用功率公式求人拉绳子功率；（2）知道拉力大小，求出拉力端移动的距离，利用W=Fs求总功；根据机械效率的公式求滑轮组的机械效率解答：解：（1）由图可知n=2，s=2h=25m=10m；W总=Fs=100N10m=1000J，人拉绳子功率：P=250W （2）W有用=Gh=160N5m=800J，滑轮组的机械效率：=100%=100%=80% 答：（1）拉力做功的功率是250W；（2）该滑轮组的机械效率是80%点评：本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率、功率的计算方法，由图得出n的值（直接从动滑轮上引出的绳子股数），利用好s=nh是本题的关键23（6分）（2014锦州）在探究“杠杆的平衡条件”实验中，所用的实验器材有杠杆尺、支架、细线、质量相同的钩码若干（1）将杠杆装在支架上，发现杠杆右端下沉，此时应将杠杆两侧的平衡螺母同时向左调（2）某同学进行正确的实验操作后，能不能根据图（甲）这一组数据得出探究结论？不能（填“能”或“不能”）理由是实验次数太少，得出的结论具有偶然性（3）如图（甲）所示，杠杆在水平位置平衡如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆左（填“左”或“右”）端将下沉（4）如图（乙）所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，若使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大（选填：“变大”、“变小”或“不变”），其原因是：其力臂变小考点：探究杠杆的平衡条件实验.专题：压轴题；探究型实验综合题分析：（1）调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡；（2）用实验数据总结实验结论时，要进行多次实验，总结的实验结论才具有普遍性，避免偶然性；（3）用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；（4）阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大解答：解：（1）杠杆右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；（2）用实验来探究物理规律时，要采用多次实验，用多组实验数据来总结实验结论，实验结论具有普遍性，如果只有一次实验数据，总结的实验结论具有偶然性，所以不能用一次实验数据总结实验结论（3）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果在图甲中杠杆两侧各去掉一个相同的钩码时，杠杆的左端：3G3L=9GL，杠杆的右端：2G4L=8GL，所以杠杆的左端力和力臂的乘积大于右端的乘积，所以杠杆左端下沉（4）乙图中，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计向右倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大故答案为：（1）左；（2）不能；实验次数太少，得出的结论具有偶然性；（3）左；（4）变大；其力臂变小点评：（1）利用杠杆平衡条件，可以求出力或力臂大小，也可以判断杠杆是否平衡，或杠杆的哪端下沉等，杠杆平衡条件应用很广泛；（2）当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小24（8分）（2015徐州一模）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10他们所设计的实验电路如图甲所示（1）在拆接电路时，开关必须断开（2）请你用笔画线代替导线，按照电路图将实物电路补充完整（导线不能交叉）（3）实验原理：P=UI（4）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于D（选填“C”或“D”）端（5）闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为2V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向C（选填“C”或“D”）端移动，是电压表的示数为2.5V（6）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的IU图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W考点：电功率的测量.专题：探究型实验综合题分析：（1）为保护电路安全，连接电路时要断开开关（2）根据伏安法测功率的原理连接实物电路图（3）伏安法测功率的原理是P=UI（4）为保护电路安全，闭合开关前滑片要置于阻值最大处（5）由图示电压表确定其量程与分度值，读出其示数，根据电压表示数与灯泡额定电压的关系确定滑片的移动方向（6）由图示图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率解答：解：（1）为保护电路安全，在拆接电路时应断开开关（2）小灯泡额定电压为2.5V，电压表选择03V量程，灯泡正常发光时的电流约为：I=0.25A，电流表选择00.6A量程，把滑动变阻器、灯泡、电流表、开关串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示：（3）测灯泡功率的实验原理是：P=UI（4）为保护电路安全，闭合开关前滑片应置于阻值最大处，由图示电路图可知，闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于D端（5）由图示电压表可知，其量程为03V，分度值为0.1V，电压表示数为2V，电压表示数小于灯泡额定电压，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向C端移动，是电压表的示数为2.5V（6）由图丙所示的IU图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.2A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.2A=0.5W故答案为：（1）断开；（2）电路图如图所示；（3）P=UI；（4）D；（5）2；C；（6）0.5点评：本题考查了实验注意事项、连接实物电路图、实验原理、电压表读数、求功率等问题，是实验的常考问题，一定要掌握；连接实物电路图时，要注意电表量程的选择，对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后读出其示数，读数时视线要与电表刻度线垂直25（8分）（2015徐州一模）阅读短文，回答问题：汽车在高度行驶过程中一旦发生碰撞，车身停止，而乘员则会继续向前与车身撞击，甚至能把挡风玻璃撞碎而飞出车外在发生交通事故时，安全带能对人体起到缓冲的作用，防止出现二次伤害在发生严重撞击时，方向盘等处的车载气囊会自动充气弹出，在人体接触到安全气囊时，安全气囊通过气囊表面的气孔开始排气，从而起到缓冲作用，减轻身体所受冲击力，大大减小伤害（1）汽车“发动机”通常都是以汽油或柴油为燃料的，汽油、柴油都属于不可再生（可再生/不可再生）能源；汽车“发动机”一般需要用水来作冷却剂，这是利用了水的比热容较大的属性（2）一辆汽车沿一平直公路匀速行驶