浙江省绍兴市诸暨市暨阳中学中考物理招生选拔模拟试题（含解析）.doc

2015年浙江省绍兴市诸暨市暨阳中学招生选拔物理模拟试卷一、选择题1为了研究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”，小秋设计如图实验：先在一块电路板上插上四根相同的竹筷，然后在相对的两根竹筷间分别连上阻值不同的电阻丝ab和cd（rabrcd），最后和开关、蓄电池组成一电路实验时，小秋将一块长方体泡沫块水平放在两根电阻丝上，闭合开关，发现搁在cd上的泡沫块先被切断下列说法正确的是（）a本实验研究的是电热q与电流i的关系b实验中两根电阻丝产生的热量是qabqcdc将泡沫块换成薄石蜡块也可以完成该实验2小华发现宾馆里的“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，小明设计了如下三种方法用于判断取电器类型：将硬纸片插入，看能否通电；将专用磁卡贴在面板上不插入，看能否通电；将专用磁卡插入，看能否通电其中可行的方法是（）abcd3在如图所示电路中，闭合开关s后，在滑片p向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（）aa1、a3示数不变，a2、v示数变小ba1、v示数不变，a2、a3示数变大ca1、a2、v示数不变，a3示数变小da2、v示数不变，a1示数变小，a3示数变大4小星同学为实验室设计了一个多档位电加热器，其工作原理图如图所示其中r1、r2、r3为发热电阻，三个灯泡为上述发热电阻相应的工作指示灯，其所消耗的电功率可忽略不计小星设想通过开关的组合，使电加热器能有多档功率当只s1闭合时，测得功率为200w；当只s2闭合时，测得功率为100w；小星设计此电热器最大发热功率为800w，则（）a当只s3断开时，功率为500wb此电热器一共可有六档不同的功率c三个发热电阻的阻值之比为5：10：2d此电热器可能有一档的功率为400w5水平桌面上放有甲、乙、丙、丁四个完全相同的圆柱形容器，容器内分别盛有等质量的液体其中甲、乙、丁容器中的液体密度相同若将小球a放在甲容器的液体中，小球a静止时漂浮，此时甲容器对桌面的压力为f1；若将小球a用一段不计质量的细线与乙容器底部相连，并使其浸没在该容器的液体中，小球a静止时乙容器对桌面的压力为f2；若将小球a放在丙容器的液体中，小球a静止时悬浮，此时丙容器对桌面的压力为f3；若将小球a放在丁容器的液体中，用一根不计质量的细杆压住小球a，使其浸没，且不与容器底接触，小球a静止时丁容器对桌面的压力为f4，则下列判断正确的是（）af2f1=f3f4bf1=f2=f3f4cf1=f3f2f4df1=f2=f3=f46u形管内注入适量的水银，然后在左右两管内分别注入水和煤油两管通过水平细管相连，细管中的阀门将水和煤油隔离，两管中的水银面相平，如图所示当阀门打开瞬间，细管中的液体会（）a向左流动b向右流动c不动d水向右流动，煤油向左流动7如图所示，一根长度为l的直薄木条上有两个观察小孔两小孔之间的距离为d，d恰好是一个人两眼间的距离，当木条水平放置时，此人想通过两观察孔看见此木条在平面镜m里完整的像，那么选用的平面镜宽度至少是（）abcd8如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一重为g=50n的金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力f随时间t变化的图象如图乙所示，则（）at1时刻小球的动能最大bt2时刻小球的动能最大ct2到t3时间内，小球的动能先增加后减小dt2到t3时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能二、简答题9老王对汽车的发动机做检修时要将引擎盖拉起，他很想知道引擎盖的质量于是找小明帮忙，小明先让老王站在一只体重计上，此时体重计显示的读数为83kg，接着让老王站在体重计上用双手竖直将引擎盖微微抬起，此时体重计显示的读数为103kg，最后画出了引擎盖的模型引擎盖可绕o点自由转动，a为引擎盖重心位置，并且测得ob=130cm，ab=50cm据此回答：（1）引擎盖的质量为kg（2）如果一直让老王用双手竖直向上匀速抬起引擎盖，体重计显示的读数将（选填“增大”、“不变”或“减小”）（3）如图3是四冲程汽油机工作过程的一个冲程，此冲程的能量转化是10根据古文论衡是应篇中的记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样并印刷在邮票上（1）如图（甲）所示，当磁勺在正确指南时，其a端为该磁体的（n/s）极（2）1952年，中国科学院物理研究所尝试制作一具司南，如（乙）所示，制作人员根据天然磁石的磁感线分布，将磁石的（b/c/d/e）处打磨成磁勺的a端（3）把天然磁石按照正确方法打磨成磁勺后，放在粗糙的木盘上，使磁勺水平自由转动直至最终静止，但磁勺a 端总不能正确指南，将粗糙木盘换成较光滑的青铜盘才略有改善，这是因为磁勺和盘子之间的力影响了实验效果（4）为达到理想的指向效果，制作人员将磁勺靠近一电磁铁，如图（丙）所示，闭合开关s，磁勺和电磁铁相互吸引，由此增加磁勺的磁性，h为电源的极11在图所示的电路中，ab间接一电压恒定的电源e，当在cd间接入电阻r3时，电阻r1、r2、r3消耗的电功率相等；若撤去r3后，在cd间分别接入电压表、电流表时，其示数分别为u1、i1现把电源e接在cd间，把电压表、电流表再分别接入ab间时，电压表、电流表的示数分别为u2、i2，则u1：u2=，i1：i2=三、实验探究题12寒冷的冬天，某兴趣小组发现，一根两端拴有重物的细金属丝，挂在一个粗大的冰块上一段时间后，出现了如下有趣的现象：细金属丝割穿了冰块，而冰块保持完整他们对此现象进行了讨论，认为这是由于冰的熔化和凝固引起的关于冰熔化的原因他们提出了以下三种猜想：猜想l：冰块的厚度小猜想2：金属丝的温度低猜想3：金属丝对冰块的压强大（1）根据所学知识，他们经过讨论，断定猜想2是错误的你认为他们判断的依据是（2）为了验证猜想1是否正确，只改变冰块的厚度进行实验，金属丝都能割穿冰块这说明猜想1是的（3）请设计一个简单实验，验证猜想3是否正确，简述你的实验方案简要做法：；如何判断：13同一型号的两个灯泡串联在电路中会一样亮吗？小明在进行电学实验时发现了有趣的现象实验时，小明将两个型号为“12v 25w”的灯泡l1和l2接到12v电源上，组成如图甲所示的电路并进行如下操作：首先，断开开关s1，闭合开关s2，发现两个灯泡一起变亮，亮度相同；接着，保持闭合开关s2，再闭合开关s1，发现灯泡l1因短路而熄灭，灯泡l2变得更亮；等到l1熄灭一段时间后，又断开开关s1，发现l2的亮度逐渐减弱，而l1逐渐亮起来，过了一会儿两个灯泡达到一样的亮度为什么步骤中会出现这种有趣的现象呢？小明猜想可能是因为灯泡两端电压变化后，造成灯丝电阻变化所致为了检验自己的猜想是否正确，小明取其中一个灯泡，重新设计电路，将开关闭合后，测得了灯泡两端的电压和灯泡中的电流，实验数据如表所示：u/v0124681011i/a00.710.941.271.551.802.032.14（1）分析表中数据，判断当小灯泡两端电压变化后灯丝的电阻是否改变？如果灯丝电阻改变，其原因是什么？（2）在操作这个步骤中，为何开关s1刚断开时，l1较暗而l2较亮？请作出合理的解释：（3）在操作这个步骤中，当两个灯泡达到一样的亮度后，电路消耗的总功率是w（4）图中乙、丙两个电路均可用来测量灯泡的电流和电压值，小明为了证实自己的猜想，实验时采用的应是乙、丙中哪一个电路，并简述理由四、分析计算题14学习了电学知识后，小明、小亮和小艳所在的兴趣小组发现：电学量的变化往往能够用来反映力学、热学、光学等物理量的变化在冯老师的点拨下，他们在探究过程中不断完善和优化方案，共同设计了一种用电学量的变化来反映力学量距离变化的装置（1）如图甲所示是他们最初设计的装置原理图图中r0是定值电阻，ab是总电阻为9欧、长60cm、粗细均匀、电阻随长度均匀变化，且沿竖直方向固定放置的金属杆，m是上下均有挂环、可沿竖直导轨上下移动的小物块，m上连有一根左端有滑片p、电阻不计的水平金属细杆，细杆与导线以及p与ab均接触良好，p在ab的中点时，对应于m既不上移也不下移的位置 除金属杆ab、小物块m、金属细杆和导轨外，他们还准备了以下器材：a电源（提供4v的稳定电压）b电流表a（量程00.6a）c电压表v1（量程03v）d电压表v2（量程015v）e定值电阻r0（1欧、3欧、5欧和6欧的电阻各一个）f开关s一个，导线（足够长）若干认真研究该原理图后，小艳认为图中只需一个电表即可，于是她将电流表去掉，则电流表所在处应该（填“让其断路”或“用一根导线替代”）小明和小亮认为：该装置应该尽量大地反映m移动的距离范围，同时还希望电压表上的每根刻度线都能够表示出m移动的距离值要达到此目的，电压表应该选（填器材序号字母）；定值电阻应该选阻值为欧的在他们改进并初步完善的设计方案中，p在ab的中点，m既不上移也不下移时，电压表的示数是（2）冯老师在充分肯定他们的设计方案后，提出个建议：能否在上述改进并初步完善的方案基础上再想想办法，使测量的距离范围更大？他们经过热烈讨论后，决定增加一组滑轮组试试如图乙中的a、b、c是小明、小亮和小艳分别画出的滑轮组与m连接的示意图他们希望通过电表的示数间接反映绳上n点的移动距离，且要求n点移动距离范围超过m小明的连接方式能够达到目的吗？请说明理由（填“小明”、“小亮”或“小艳”）的连接方式，测量的n点移动距离范围最大该连接方式中，电压表量程的l/3刻度线处表示的n点移动距离为（填“向上”或“向下”移动的距离值）15如图甲所示，我国“向阳红09”母船正在进行投放“蛟龙号”载人深潜器试验，调控两根伸缩杆，使“”形架绕固定在甲板上的转轴转动至图甲所示位置时停止，然后由固定在“”形架顶部的绞车通过钢缆释放深潜器处在图甲所示位置的“”形架可以简化为图乙中以o为支点的杠杆，ob表示“”形架，cd表示两根伸缩杆，o到cd的距离为2m，od、oe的长度分别为3m、6m不考虑“”形架、两根伸缩杆和绞车的重力（1）请在图乙中画出投放深潜器时“”形架的动力和阻力示意图（2）深潜器的质量为25t，总体积为24.5m3在绞车缓慢向下释放深潜器至刚浸没的过程中，两根伸缩杆的总拉力最多减少多少牛？2015年浙江省绍兴市诸暨市暨阳中学招生选拔物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题1为了研究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”，小秋设计如图实验：先在一块电路板上插上四根相同的竹筷，然后在相对的两根竹筷间分别连上阻值不同的电阻丝ab和cd（rabrcd），最后和开关、蓄电池组成一电路实验时，小秋将一块长方体泡沫块水平放在两根电阻丝上，闭合开关，发现搁在cd上的泡沫块先被切断下列说法正确的是（）a本实验研究的是电热q与电流i的关系b实验中两根电阻丝产生的热量是qabqcdc将泡沫块换成薄石蜡块也可以完成该实验【考点】焦耳定律【专题】应用题；探究型实验综合题【分析】（1）由图可知，两电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系；（2）两电阻串联电流相等，由焦耳定律可知阻值越大的电阻发热量越多，温度升高越快；（3）本实验中，电流通过电阻丝产生热量，被泡沫块吸收，达到一定温度后泡沫块熔化，实验中采用的物体熔化温度不能太高，据此分析【解答】解：a、由图可知，ab、cd两根电阻丝串联，所以通过两电阻丝的电流相同、通电时间相同，由焦耳定律可知，该实验研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系，故a错误；b、因为两电阻丝串联，所以通过电阻的电流相等，因为rabrcd，根据q=i2rt可知，导体电阻越大，产生的热量越多，即qabqcd，故b错误c、本实验是通过观察泡沫块的熔化快慢来判断电阻丝产生热量的多少，所以将泡沫块换成薄石蜡块也可以完成该实验，故c正确故选c【点评】本题考查了学生对焦耳定律、串联电路电流关系的了解和掌握，因物理量较多，在研究电流产生的热量与什么因素有关时，要用好控制变量法2小华发现宾馆里的“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，小明设计了如下三种方法用于判断取电器类型：将硬纸片插入，看能否通电；将专用磁卡贴在面板上不插入，看能否通电；将专用磁卡插入，看能否通电其中可行的方法是（）abcd【考点】物理学方法【专题】压轴题；比较思想【分析】“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，对卡片种类没有限制，但需要将卡片插入；第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，前提是专门的磁卡，优点是插入或靠近都可以【解答】解：纸片没有磁性，将纸片插入，如果通电，说明取电器属于第一种类型此方法可行；磁卡贴在面板上，如果通电，说明取电器属于第二种类型此方法可行；专业磁卡插入，第一种取电器会通电，第二种也会通电，所以无法判断是哪种类型此方法不可行故选a【点评】做生活的有心人，平时注意观察周围与物理规律有关或利用物理规律的实例，特别是物理规律在新科技方面的应用3在如图所示电路中，闭合开关s后，在滑片p向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（）aa1、a3示数不变，a2、v示数变小ba1、v示数不变，a2、a3示数变大ca1、a2、v示数不变，a3示数变小da2、v示数不变，a1示数变小，a3示数变大【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【专题】压轴题【分析】分析电流走向可知，本题电路为r1与r2并联，电流表a1测量r2电流，电流表a2被短路，电流表a3测量干路总电流，电压表示数u=u1=u2当滑片p向右滑动时，变阻器r1阻值变大，根据并联电路电压特点及欧姆定律可得出相应电表的示数变化情况【解答】解：电流表a2被短路，电压表示数u=u1=u2故此两电表示数是不变的电流表a1测量r2电流，故i2=，因r2为定值电阻，阻值不变，故电流表a1示数也是不变的电流表a3测量干路电流，故i2=，因r1滑片向右滑动，阻值变大，故r并也相应增大，由电流表a3示数变小故选c【点评】本题关键在于对电路的辨别和简化，凡是电路图不是标准的串并联电路的，首先要做的就是对电路的辨别和简化，这是题目的关键也是题目的基础4小星同学为实验室设计了一个多档位电加热器，其工作原理图如图所示其中r1、r2、r3为发热电阻，三个灯泡为上述发热电阻相应的工作指示灯，其所消耗的电功率可忽略不计小星设想通过开关的组合，使电加热器能有多档功率当只s1闭合时，测得功率为200w；当只s2闭合时，测得功率为100w；小星设计此电热器最大发热功率为800w，则（）a当只s3断开时，功率为500wb此电热器一共可有六档不同的功率c三个发热电阻的阻值之比为5：10：2d此电热器可能有一档的功率为400w【考点】电功率；欧姆定律的应用【专题】应用题；压轴题；动态预测题【分析】根据题意可知电加热器的最大功率为800w，根据总功率等于各用电器功率之和可知开关s1、s2、s3的状态；先求出r3的电功率，然后根据电路的不同连接情况逐个分析【解答】解：总功率等于各电加热器功率之和，即开关s1、s2、s3都闭合时r3的功率为p3=p最大p1p2=800w200w100w=500w，则：a、当只s3断开时，发热电阻r1、r2工作，功率为p1+p2=200w+100w=300w，故a错误；b、此电热器可有档位是开关的断开和闭合引起的，情况如下表格：（“”表示对应的开关闭合，“”表示对应的开关断开） 档位开关状态功率/ws1s2s31200210035004300570066007800由功率栏给出的相应状态时电加热器的功率值可知，有七各不同档位的功率值，故b错误；c、根据并联电路的特点，各支路两端的电压相等则：由p=得：p1r1=p2r2=p3r3r1：r2：r3=： =： =5：10：2；故c正确；d、由c选项分析可知，没有功率为400w的档位，故d错误故选c【点评】本题考查并联电路的特点和电功率的计算，关键是知道电路的总功率为各用电器功率之和，以及知道家庭电路的电压为220v；通过开关的闭合和断开，改变电路的连接方式，是初中电学的典型习题，一定要熟练掌握5水平桌面上放有甲、乙、丙、丁四个完全相同的圆柱形容器，容器内分别盛有等质量的液体其中甲、乙、丁容器中的液体密度相同若将小球a放在甲容器的液体中，小球a静止时漂浮，此时甲容器对桌面的压力为f1；若将小球a用一段不计质量的细线与乙容器底部相连，并使其浸没在该容器的液体中，小球a静止时乙容器对桌面的压力为f2；若将小球a放在丙容器的液体中，小球a静止时悬浮，此时丙容器对桌面的压力为f3；若将小球a放在丁容器的液体中，用一根不计质量的细杆压住小球a，使其浸没，且不与容器底接触，小球a静止时丁容器对桌面的压力为f4，则下列判断正确的是（）af2f1=f3f4bf1=f2=f3f4cf1=f3f2f4df1=f2=f3=f4【考点】物体的浮沉条件及其应用【专题】压轴题；推理法；浮沉的应用【分析】（1）在甲液体中，小球漂浮，把容器、液体、小球当做一个整体来看，求出容器对桌面的压力f1；（2）在乙液体中，小球被拉入水中，把容器、液体、小球当做一个整体来看，求出容器对桌面的压力f2；（3）在丙液体中，小球悬浮，把容器、液体、小球当做一个整体来看，求出容器对桌面的压力为f3；（4）在丁液体中，小球被按入水中，把容器、液体、小球当做一个整体来看，另外受到向下的压力f，求出容器对桌面的压力为f4；比较f1、f2、f3、f4的大小得出结论【解答】解：如图所示，相同的容器内分别盛有等质量的液体（1）在甲液体中，小球漂浮，容器对桌面的压力为f1=g容器+g液体+ga；（2）在乙液体中，小球被拉入水中，把容器、液体、小球当做一个整体来看，容器对桌面的压力为f2=g容器+g液体+ga；（3）在丙液体中，小球悬浮，容器对桌面的压力为f3=g容器+g液体+ga；（4）在丁液体中，小球被按入水中，把容器、液体、小球当做一个整体来看，另外受到向下的压力f，容器对桌面的压力为f4=f+g容器+g液体+ga；由以上分析可知，f1=f2=f3f4故选：b【点评】本题考查了容器对桌面压力的比较，能把容器、液体、小球当做一个整体来看进行分析是本题的关键注意，在解决这个问题的过程中，对于f3=f1，一般不会有疑问但是对于f2=f1，可能会有不同的想法：跟容器甲中的小球a相比，容器乙中细线对小球a和容器底有拉力，为什么会有f2=f1？这是由于我们选取的研究对象为容器、容器中的液体和小球a，细线对小球a的拉力，是一个研究对象内部的力，所以在分析中不出现就像有两个叠放在一起的物体，如果以这两个物体整体为研究对象时，这两个物体之间的作*，在受力分析时不会出现，这正说明正确选取研究对象能简化问题的重要性6u形管内注入适量的水银，然后在左右两管内分别注入水和煤油两管通过水平细管相连，细管中的阀门将水和煤油隔离，两管中的水银面相平，如图所示当阀门打开瞬间，细管中的液体会（）a向左流动b向右流动c不动d水向右流动，煤油向左流动【考点】连通器原理【专题】应用题；分割思想；图析法【分析】此题可以利用压强的变化量进行解答，u形管底部的水银面相平，说明两管中水银上方的水和煤油产生的压强相等阀门以下部分的水和煤油高度相等，而水的密度大，所以阀门以下部分水的压强大于煤油的压强，所以阀门以上部分煤油的压强大于水的压强，故阀门打开后，液体会向左流动【解答】解：由题意可知，u形管中水银面相平，可知两管中水的压强与煤油的压强相等在阀门同一水平高度，则下方的水和煤油高度一样，因为水煤油，由p=gh可得，阀门下方水的压强大于煤油的压强；又因为阀门没有打开时，容器内液体静止不动，因此左右两边液体产生的压强相等；由于左右两边水银高度相等，而阀门下方水的压强大于煤油的压强，所以阀门上方水的压强小于煤油的压强，当阀门打开后，由于阀门右边煤油的压强大于左边水的压强，液体会向左流动故选a【点评】该题虽然是一个u形管，但不能简单地根据连通器的原理去作答，需要考虑不同液体的密度及深度判断同一高度的液体压强，然后再确定阀门左右两边液体压强的大小7如图所示，一根长度为l的直薄木条上有两个观察小孔两小孔之间的距离为d，d恰好是一个人两眼间的距离，当木条水平放置时，此人想通过两观察孔看见此木条在平面镜m里完整的像，那么选用的平面镜宽度至少是（）abcd【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【专题】跨学科；几何法【分析】要使平面镜宽度cd最小，必须：左眼看的是c，右眼看的是a，根据平面镜成像特点以及光的反射定律，am=bm，ao=bo，cq=dq，cn=dn，bd=ac，过点f作ed的平行线，与平面镜mn交于点p，与bd的延长线交于点g，则四边形efgd、efpo是平行四边形，利用平行四边形的性质和三角形中位线定理即可解答【解答】解：用左眼看右边的，用右眼看左边的如图所示（绿橙部分的长度即所求的平面镜宽度）根据平面镜成像特点以及光的反射定律，am=bm，ao=bo，cq=dq，cn=dn，bd=ac，由图可知，四边形bdac为矩形，过点f作ed的平行线，与平面镜所在直线交于点p，与bd的延长线交于点g，则四边形efgd、efpo是平行四边形，则ef=qp=dg=d，op是bfg的中位线，op=bg=（bd+dg）又因为op=oq+qp，ac=bd=l，所以oq=oppq=（bd+dg）pq=（l+d）d=故选d【点评】此题主要考查学生对平面镜成像的特点的理解和掌握，解答此题要结合几何知识，因此有一定的拔高难度，是一道竞赛题8如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一重为g=50n的金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力f随时间t变化的图象如图乙所示，则（）at1时刻小球的动能最大bt2时刻小球的动能最大ct2到t3时间内，小球的动能先增加后减小dt2到t3时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能【考点】动能和势能的转化与守恒【专题】机械能及其转化【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止【解答】解：a、t1时刻小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故a错误；b、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故b错误；c、t2t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速运动，后做减速运动，质量不变，动能先增大后减小，故c正确；d、t2t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故d错误；故选c【点评】本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析二、简答题9老王对汽车的发动机做检修时要将引擎盖拉起，他很想知道引擎盖的质量于是找小明帮忙，小明先让老王站在一只体重计上，此时体重计显示的读数为83kg，接着让老王站在体重计上用双手竖直将引擎盖微微抬起，此时体重计显示的读数为103kg，最后画出了引擎盖的模型引擎盖可绕o点自由转动，a为引擎盖重心位置，并且测得ob=130cm，ab=50cm据此回答：（1）引擎盖的质量为32.5kg（2）如果一直让老王用双手竖直向上匀速抬起引擎盖，体重计显示的读数将不变（选填“增大”、“不变”或“减小”）（3）如图3是四冲程汽油机工作过程的一个冲程，此冲程的能量转化是内能转化为机械能【考点】杠杆的平衡条件；内燃机的四个冲程【专题】比热容、热机、热值；简单机械【分析】（1）根据体重计显示示数的变化求出f的大小，由杠杆的平衡条件求得引擎盖的质量；（2）通过分析力f的大小变化，得出体重计示数的变化；（3）首先根据气门及活塞的情况判断是哪个冲程，得出机械能的转化情况做功冲程：内能转化为机械能【解答】解：（1）由题意知，体重计的示数变化为：m=103kg83kg=20kg；可知老王所受压力：f压=mg=20kg9.8n/kg=196n；根据力的作用的相互性，f=f压=196n；根据杠杆的平衡条件，goa=fob则g=318.5n；则引擎盖的质量为：m=32.5kg；（2）如果一直让老王用双手竖直向上匀速抬起引擎盖，盖的重力不变，动力臂和阻力臂的比值不变，所以力f不变，则体重计显示的读数将不变；（3）由图知，两个气门都关闭，活塞向下运动，为做功冲程；该过程将内能转化为机械能故答案为：（1）32.5；（2）不变；（3）内能转化为机械能【点评】本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，关键能够通过体重计的示数变化得出老王对杠杆的支持力的大小，同时还涉及到了重力公式的应用及汽油机的工作原理掌握10根据古文论衡是应篇中的记载：“司南之杓（用途），投之于地，其柢（握柄）指南”，学术界于1947年想象出司南的模样并印刷在邮票上（1）如图（甲）所示，当磁勺在正确指南时，其a端为该磁体的s（n/s）极（2）1952年，中国科学院物理研究所尝试制作一具司南，如（乙）所示，制作人员根据天然磁石的磁感线分布，将磁石的d（b/c/d/e）处打磨成磁勺的a端（3）把天然磁石按照正确方法打磨成磁勺后，放在粗糙的木盘上，使磁勺水平自由转动直至最终静止，但磁勺a 端总不能正确指南，将粗糙木盘换成较光滑的青铜盘才略有改善，这是因为磁勺和盘子之间的摩擦力影响了实验效果（4）为达到理想的指向效果，制作人员将磁勺靠近一电磁铁，如图（丙）所示，闭合开关s，磁勺和电磁铁相互吸引，由此增加磁勺的磁性，h为电源的正极【考点】地磁场；通电螺线管的磁场【专题】定性思想；图析法；电和磁【分析】（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母s表示；指北的叫北极，用字母n表示（2）磁体周围的磁感线，都是从磁体的n极出发，回到s极（3）摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在压力相同的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大（4）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性【解答】解：（1）磁勺在正确指南时，地理的南极正是地磁的n极，异名磁极相互吸引，因此，其a端为该磁体s极；（2）如（乙）所示，根据天然磁石的磁感线分布，可判断d端是s极，也就是磁勺的a端；（3）把天然磁石打磨成的磁勺放在粗糙的木盘上，由于摩擦力较大，很难正确指示南北方向，将粗糙木盘换成较光滑的青铜盘，摩擦力减小了，能正确指示南北方向这说明磁勺和盘子之间的摩擦力影响了实验效果（4）因为异名磁极相互吸引，则与磁勺柄所靠近的下端是通电螺线管的n极，用安培定则可判断通电螺线管中的电流方向，再根据电流方向是从电源正极出发通过用电器回到负极，所以h端为电源的正极；故答案为：（1）s；（2）d；（3）摩擦；（4）正【点评】此题考查了磁现象的诸多知识点，将磁现象的多个知识点有机结合，融会贯通可解答此题11在图所示的电路中，ab间接一电压恒定的电源e，当在cd间接入电阻r3时，电阻r1、r2、r3消耗的电功率相等；若撤去r3后，在cd间分别接入电压表、电流表时，其示数分别为u1、i1现把电源e接在cd间，把电压表、电流表再分别接入ab间时，电压表、电流表的示数分别为u2、i2，则u1：u2=5：4，i1：i2=1：1【考点】欧姆定律的应用【专题】计算题；动态预测题【分析】当在cd间接入电阻r3时，根据电路图可知r2、r3串联后再与r1并联；已知三个电阻消耗的功率相等，根据串联电路电流特点和p=i2r可知，r2、r3阻值关系，根据并联电路电压特点和串联电路电阻特点，以及p=可知，r1、r2两电阻之间的关系；然后根据串联电路特点和并联电路特点，及欧姆定律分别对ab、cd间接电源和接电压表、电流表逐一分析，再进一步得出结果【解答】解：r2、r3串联，p2=p3，根据p=i2r可知，r2=r3，又r1与r2、r3的整体并联r1两端的电压与r2、r3串联后两端的电压相等，根据p=得，2=r1=4r2；ab间接一电压恒定的电源e，在cd间分别接入电压表时，电压表测电源的电压，所以u1=e，在cd间分别接入电流表时，电流表测r2支路的电流，所以i1=；把电源e接在cd间，把电压表接入ab间时，电压表测r1、r2串联电路中r1两端的电压，则u2=r1，把电流表接入ab间时，r1被短路，电路为r2的简单电路，所以i2=；所以u1：u2=e： r1=（r1+r2）：r1=5r2：4r2=5：4i1：i2=： =1：1故答案为：5：4，1：1【点评】本题考查了串联电路特点和并联电路特点，以及欧姆定律的简单计算；本题的关键：一是电功率公式的灵活应用，二是换用不同元件时串并联电路的识别三、实验探究题12寒冷的冬天，某兴趣小组发现，一根两端拴有重物的细金属丝，挂在一个粗大的冰块上一段时间后，出现了如下有趣的现象：细金属丝割穿了冰块，而冰块保持完整他们对此现象进行了讨论，认为这是由于冰的熔化和凝固引起的关于冰熔化的原因他们提出了以下三种猜想：猜想l：冰块的厚度小猜想2：金属丝的温度低猜想3：金属丝对冰块的压强大（1）根据所学知识，他们经过讨论，断定猜想2是错误的你认为他们判断的依据是金属丝挂在冰块上，温度应该相同（2）为了验证猜想1是否正确，只改变冰块的厚度进行实验，金属丝都能割穿冰块这说明猜想1是错误的（3）请设计一个简单实验，验证猜想3是否正确，简述你的实验方案简要做法：控制重物质量相同，用较粗的金属线拴住重物挂在冰块上；如何判断：冰块是否被割穿【考点】物理学方法；熔点和凝固点【专题】实验题；压轴题；探究题；控制变量法【分析】本题研究了影响熔点和凝固点的因素，在实验室注意控制变量法结论的得出改变了什么，不影响结果时说明与该物理量无关，在探究与压强的关系时注意要改变压强【解答】解：（1）因为金属丝和冰块挂在一起，所以金属丝和冰块的温度应该一样故答案是：金属丝挂在冰块上，温度应该相同；（2）只改变冰块的厚度进行实验，金属丝都能割穿冰块关于冰熔化的原因与冰块的厚度小无关，故答案是：错误；（3）为了验证第三种猜想应该控制重物质量相同，用较粗的金属线拴住重物挂在冰块上，看看冰块是否被割穿【点评】本题考查学生对生活中常见现象了解情况，需要学会利用物理语言来解释身边现象，同时要熟练掌握常见现象的产生原因13同一型号的两个灯泡串联在电路中会一样亮吗？小明在进行电学实验时发现了有趣的现象实验时，小明将两个型号为“12v 25w”的灯泡l1和l2接到12v电源上，组成如图甲所示的电路并进行如下操作：首先，断开开关s1，闭合开关s2，发现两个灯泡一起变亮，亮度相同；接着，保持闭合开关s2，再闭合开关s1，发现灯泡l1因短路而熄灭，灯泡l2变得更亮；等到l1熄灭一段时间后，又断开开关s1，发现l2的亮度逐渐减弱，而l1逐渐亮起来，过了一会儿两个灯泡达到一样的亮度为什么步骤中会出现这种有趣的现象呢？小明猜想可能是因为灯泡两端电压变化后，造成灯丝电阻变化所致为了检验自己的猜想是否正确，小明取其中一个灯泡，重新设计电路，将开关闭合后，测得了灯泡两端的电压和灯泡中的电流，实验数据如表所示：u/v0124681011i/a00.710.941.271.551.802.032.14（1）分析表中数据，判断当小灯泡两端电压变化后灯丝的电阻是否改变？如果灯丝电阻改变，其原因是什么？改变；电压增加时，电流随之增大，温度升高，导致电阻变大（2）在操作这个步骤中，为何开关s1刚断开时，l1较暗而l2较亮？请作出合理的解释：在操作这个步骤中，由于灯l2一直处于通电状态，温度较高，相应的电阻也较大，当开关s1断开时，灯l1与灯l2串联在电路中，开始时l1的即时电阻比l2的电阻小，故l2分得的电压相应也要大，随着通电时间的增加，最终两灯电阻相等，亮度也就相等了（3）在操作这个步骤中，当两个灯泡达到一样的亮度后，电路消耗的总功率是18.6w（4）图中乙、丙两个电路均可用来测量灯泡的电流和电压值，小明为了证实自己的猜想，实验时采用的应是乙、丙中哪一个电路，并简述理由【考点】控制变量法与探究性实验方案【专题】探究题；控制变量法；实验分析法；图析法；探究型实验综合题【分析】（1）利用表中的数据结合欧姆定律算出电阻，即可确定导体的阻值是否发生变化根据导体电阻的决定因素来分析其阻值变化的原因（2）灯丝的温度的高低影响着导体电阻的大小，从两灯泡的温度变化到其阻值的变化即可确定两灯泡的亮度为何发生如此的变化（3）通过两灯泡的亮度相同，在前面分析的基础上，得到了两灯泡的阻值相等，可以确定每个灯泡两端的电压，再结合表中对应电压下的电流，算出灯泡的功率进而求出总功率（4）分析电路数据的特点与电路的特点，两者能够对应起来即可【解答】解：（1）利用欧姆定律，根据表中的数据，求出导体的阻值，发现导体的电阻在增大原因是，当电压增加时，电流随之增大，灯丝的温度升高，导致电阻变大（2）在操作这个步骤中，由于灯l2一直处于通电状态，温度较高，相应的电阻也较大当开关s1断开时，灯l1与灯l2串联在电路中，开始时l1的即时电阻比l2的电阻小，故l2分得的电压相应也要大，根据公式p=ui，可以确定，此时的l2的功率大于l1的功率，所以此时亮灯的亮度不同：灯l2与灯l1要亮；随着通电时间的增加，最终两灯电阻相等，亮度也就相等了（3）当两灯亮度相同时，它们的阻值相等，通过它们的电流相等，利用欧姆定律可以确定两个灯泡两端的电压相等，即每个灯泡两端的电压为6v结合上表中的数据，当灯泡两端的电压为6v时，灯丝的电流为1.55a此时每个灯泡的功率：p=ui=6v1.55a=9.3w总功率为两者之和即18.6w（4）由表格数据可知，当电压表示数为0时，电流表示数也为0若是乙图，滑片移到左端时，灯泡短路，电压表和电流表示数都为0，且灯泡电压越大电流也越大；若是丙图，滑片移动中，电流表和电压表示数均不会为0故小明实验采用的是乙电路故答案为：（1）改变；电压增加时，电流随之增大，温度升高，导致电阻变大；（2）在操作这个步骤中，由于灯l2一直处于通电状态，温度较高，相应的电阻也较大，当开关s1断开时，灯l1与灯l2串联在电路中，开始时l1的即时电阻比l2的电阻小，故l2分得的电压相应也要大，随着通电时间的增加，最终两灯电阻相等，亮度也就相等了；（3）18.6w；（4）乙电路，滑片移到左端时，灯泡短路，电压表和电流表示数都为0，且灯泡电压越大电流也越大【点评】此题的最难解决的是第三问，难在求灯泡功率时，找不到两灯泡此时的电流是多少其原因是忽略了上面的表格中给出的实验数据因此，认真审题是关键，特别是对这种题干较长，信息较繁琐的题目，审题尤为重要四、分析计算题14学习了电学知识后，小明、小亮和小艳所在的兴趣小组发现：电学量的变化往往能够用来反映力学、热学、光学等物理量的变化在冯老师的点拨下，他们在探究过程中不断完善和优化方案，共同设计了一种用电学量的变化来反映力学量距离变化的装置（1）如图甲所示是他们最初设计的装置原理图图中r0是定值电阻，ab是总电阻为9欧、长60cm、粗细均匀、电阻随长度均匀变化，且沿竖直方向固定放置的金属杆，m是上下均有挂环、可沿竖直导轨上下移动的小物块，m上连有一根左端有滑片p、电阻不计的水平金属细杆，细杆与导线以及p与ab均接触良好，p在ab的中点时，对应于m既不上移也不下移的位置 除金属杆ab、小物块m、金属细杆和导轨外，他们还准备了以下器材：a电源（提供4v的稳定电压）b电流表a（量程00.6a）c电压表v1（量程03v）d电压表v2（量程015v）e定值电阻r0（1欧、3欧、5欧和6欧的电阻各一个）f开关s一个，导线（足够长）若干认真研究该原理图后，小艳认为图中只需一个电表即可，于是她将电流表去掉，则电流表所在处应该用一根导线替代（填“让其断路”或“用一根导线替代”）小明和小亮认为：该装置应该尽量大地反映m移动的距离范围，同时还希望电压表上的每根刻度线都能够表示出m移动的距离值要达到此目的，电压表应该选c（填器材序号字母）；定值电阻应该选阻值为3欧的在他们改进并初步完善的设计方案中，p在ab的中点，m既不上移也不下移时，电压表的示数是1.5v（2）冯老师在充分肯定他们的设计方案后，提出个建议：能否在上述改进并初步完善的方案基础上再想想办法，使测量的距离范围更大？他们经过热烈讨论后，决定增加一组滑轮组试试如图乙中的a、b、c是小明、小亮和小艳分别画出的滑轮组与m连接的示意图他们希望通过电表的示数间接反映绳上n点的移动距离，且要求n点移动距离范围超过m小明的连接方式能够达到目的吗？请说明理由不能，根据滑轮组绳的绕法可知，n点的移动距离范围小于m小亮（填