山东省菏泽市单县五中高三物理上学期第三次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年山东省菏泽市单县五中高三（上）第三次月考物理试卷一、选择题：本题共12小题，1-8题为单选题，9-12题为多选题，每小题4分，共48分1许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述中错误的是( )a在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法b牛顿进行了“月地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论c由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人d根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法2自从采用调控房价政策以来，曾经有一段时间，全国部分城市的房价上涨出现减缓趋势一位同学将房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，据此类比方法，你觉得“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的( )a速度增大，加速度增大b速度增大，加速度减小c速度减小，加速度减小d速度减小，加速度增大3如图所示，从水平地面上同一位置先后抛出的两相同小球a、b，分别落在地面上的m、n点，两球运动的最大高度相同不计空气阻力则( )ab的飞行时间比a的短bb与a在空中可能相遇ca、b在最高点重力的瞬时功率相等db落地时的动能小于a落地时的动能相等42009年当地时间9月23日，在位于印度安得拉邦斯里赫里戈达岛的萨蒂什达万航天中心，一枚pslvc14型极地卫星运载火箭携带七颗卫星发射升空，成功实现“一箭七星”发射，相关图片如图所示则下列说法不正确的是( )a火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力b发射初期，火箭处于超重状态，但它受到的重力却越来越小c高温高压燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力大小相等d发射的七颗卫星进入轨道正常运转后，均处于完全失重状态5如图，一演员表演飞刀绝技，由o点先后抛出完全相同的三把飞刀，分别垂直打在竖直木板上m、n、p三点假设不考虑飞刀的转动，并可将其看做质点，已知o、m、n、p四点距离水平地面高度分别为h、4h、3h、2h，以下说法正确的是( )a三把刀在击中板时动能相同b三次飞行时间之比为1：c三次初速度的竖直分量之比为3：2：1d设三次抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为1、2、3，则有1236如图所示，在足够大的光滑水平面上放有两个质量相等的物块，其中物块a连接一个轻弹簧并处于静止状态，物块b以初速度v0向着物块a运动，当物块b与物块a上的弹簧发生相互作用时，两物块保持在一条直线上运动若分别用实线和虚线表示物块b和物块a的vt图象，则两物块在相互作用过程中，正确的vt图象是图中的( )abcd7如图所示，在倾角为的光滑斜面上有一轻质弹簧，其一端固定在斜面下端的挡板上，另一端与质量为m的物体接触（未连接），物体静止时弹簧被压缩了x0现用力f缓慢沿斜面向下推动物体，使弹簧在弹性限度内再被压缩2x0后保持物体静止，然后撤去f，物体沿斜面向上运动的最大距离为4.5x0，则在撤去f后到物体上升到最高点的过程中( )a物体的机械能守恒b弹簧弹力对物体做功的功率一直增大c弹簧弹力对物体做的功为4.5mgx0sin d物体从开始运动到速度最大的过程中重力做的功为2mgx0sin 8如图所示，光滑轨道abcd是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点b处的入、出口靠近但相互错开，c是半径为r的圆形轨道的最高点，bd部分水平，末端d点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v逆时针转动，现将一质量为m的小滑块从轨道ab上某一固定位置a由静止释放，滑块能通过c点后再经d点滑上传送带，则( )a固定位置a到b点的竖直高度可能为2rb滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v有关c滑块可能重新回到出发点a处d传送带速度v越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多9如图所示，两块固连在一起的物块a和b，质量分别是ma和mb放在水平光滑桌面上，现同时施给他们方向如图所示的推力fa和拉力fb，已知fafb，则a对b的作用力( )a必为推力b必为拉力c可能为推力，也可能为拉力d可能为零10如图所示，一内壁光滑的圆锥面，轴线 oo是竖直的，顶点o在下方，若有两个相同的小珠（均视为质点）在圆锥的内壁上沿不同的圆轨道运动，则有( )a它们的速率相同b它们运动的周期相同c锥壁对它们的支持力相同d它们的动能与势能之比相同，设o点为势能零点11如图所示，在水平光滑轨道上置一小车，从车上经一根不可伸长的轻细线悬下一质量较大的摆球你把摆球移离最低位置后，无初速释放，在摆球摆下的过程中( )a摆线对摆球的拉力做负功b摆线对摆球的拉力不做功c摆球所受的合力不做功d摆球所受的合力做正功12在如图所示的竖直向下的匀强电场中，用绝缘的细线拴住的带电小球在竖直平面内绕悬点o做圆周运动，下列说法正确的是( )a带电小球有可能做匀速率圆周运动b带电小球有可能做变速率圆周运动c带电小球通过最高点时，细线拉力一定最小d带电小球通过最低点时，细线拉力有可能最小二、实验题：本题共3小题，共21分13图中游标卡尺的读数为_mm，螺旋测微器的读数为_mm14某兴趣小组想通过物块在斜面上运动的实验探究“合外力做功和物体速度变化的关系”实验开始前，他们提出了以下几种猜想：w，wv，wv2他们的实验装置如图甲所示，pq为一块倾斜放置的木板，在q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过q点时的速度），每次实验，物体从不同初始位置处由静止释放同学们设计了以下表格来记录实验数据其中l1、l2、l3、l4代表物体分别从不同初始位置处无初速释放时初始位置到速度传感器的距离，v1、v2、v3、v4表示物体每次通过q点的速度实验次数1234ll1l2l3l4vv1v2v3v4他们根据实验数据绘制了如图乙所示的lv图象，并得出结论wv2他们的做法_（填“是”或“不”）合适，你有什么好的建议？建议：_在此实验中，木板与物体间摩擦力的大小_（填“会”或“不会”）影响探究出的结果15某同学利用以下器材测量电源电动势、内阻和定值电阻的阻值待测电源（电动势约3v，内阻约1）一个阻值未知的电阻 电压表两块（内阻很大，量程3v）电流表（内阻约为5，量程0.6a） 滑动变阻器a（030，3a）滑动变阻器b（0200，0.2a）电键一个，导线若干该同学设计了如图甲的电路，用u1、u2、i分别表示电表v1、v2、a的读数将滑动变阻器的滑片移到不同位置时，得到下表所示数据：i（a）0.100.200.250.300.400.45u1（v）2.912.802.762.692.582.55u2（v）2.401.811.491.210.600.29根据题中所给信息回答下列问题：（1）滑动变阻器应选择_（选填器材代号“a”或“b”）；（2）根据甲图用笔画线代替导线把乙图中的实物图补充完整；（3）该同学根据表中数据在图丙中已经画出了ui（u=u1u2）图线，请你在图中画出ei图线；（4）根据图线，求出电源电动势e=_v，内阻r=_，定值电阻=_三、计算题：本题共3小题，必须有较为详细的解答过程，只有最终答案的不给分，共31分16“耳边又传来了汽笛声和水手的笑语，他说风雨中这点痛算什么，擦干泪，不要怕，至少我们还有梦”假设停靠在海边的轮船汽笛每0.25s响一声，你驾驶一辆汽车以20m/s的速度沿着海边公路朝着远离汽笛的方向驶去，那么你在汽车中每分钟能听到几声汽笛？（已知此时声音在空气中速度为320m/s）17在如图所示的竖直平面内，有一固定在水平地面的光滑平台平台右端b与静止的水平传送带平滑相接，传送带长l=3m有一个质量为m=0.5kg，带电量为q=+103c的滑块，放在水平平台上平台上有一根轻质弹簧左端固定，右端与滑块接触但不连接现用滑块缓慢向左移动压缩弹簧，且弹簧始终在弹性限度内在弹簧处于压缩状态时，若将滑块静止释放，滑块最后恰能到达传送带右端c点已知滑块与传送带间的动摩擦因数为=0.20 （g取10m/s2）求：（1）滑块到达b点时的速度vb，及弹簧储存的最大弹性势能ep；（2）若传送带以1.5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动，释放滑块的同时，在bc之间加水平向右的匀强电场e=5102n/c滑块从b运动到c的过程中，摩擦力对它做的功（3）若两轮半径均为r=0.4m，传送带顺时针匀速转动的角速度为0时，撤去弹簧及所加电场，让滑块从b点以4m/s速度滑上传送带，恰好能由c点水平飞出传送带求0的大小以及这一过程中滑块与传送带间产生的内能18沙尘暴是把沙尘上扬后造成灾害的现把沙尘暴天气简化为：沙尘上扬后有v竖直向上的风速，沙尘粒被扬起后悬浮在空中（不动）这时风对沙尘的作用力相当于空气不动而沙尘以速度v竖直向下运动时所受的阻力，此阻力可用 f=av2表示，其中为一系数，a为沙尘颗粒的截面积，为空气密度（1）若沙尘的密度s=2.8103kg/m3，沙尘颗粒为球形，半径为r=2.5104m，地球表面处的空气密度0=1.25kg/m3，=0.45试估算地面附近上述v的最小值v1（2）假定空气密度 随高度 h 的变化关系为 =0（1ch），其中0为 h=0 处的空气密度，c为一常数，c=1.18104m1，试估算当v=9.0m/s时扬沙的最大高度（不考虑重力加速度随高度的变化）2015-2016学年山东省菏泽市单县五中高三（上）第三次月考物理试卷一、选择题：本题共12小题，1-8题为单选题，9-12题为多选题，每小题4分，共48分1许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述中错误的是( )a在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法b牛顿进行了“月地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论c由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人d根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法【考点】物理学史【专题】比较思想；归谬反证法；直线运动规律专题【分析】牛顿进行了“月一地检验”，说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律卡文迪许测出了引力常量g，卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人结合常用的物理学的方法分析a、d两个选项【解答】解：a、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故a正确b、牛顿进行了“月一地检验”，说明天上和地下的物体都遵从万有引力定律故b正确，c、牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了引力常量g，卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人故c错误d、根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法故d错误本题选择不正确的，故选：c【点评】对于物理学史，这些常识性问题，要与主干知识一起，可激发学生学习的热情，学到科学研究的方法等等2自从采用调控房价政策以来，曾经有一段时间，全国部分城市的房价上涨出现减缓趋势一位同学将房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，据此类比方法，你觉得“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的( )a速度增大，加速度增大b速度增大，加速度减小c速度减小，加速度减小d速度减小，加速度增大【考点】加速度；速度【分析】理解加速度的物理意义，能正确区分速度和加速度【解答】解：房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，房价上涨类比成速度增大，减缓趋势反映房价上涨变慢，类比成速度增加变慢而加速度的物理意义表示速度变化的快慢，房价上涨出现减缓趋势可以类比成运动中的速度增大，加速度减小故选b【点评】能正确理解和区分一些物理量的含义和物理意义其中速度和加速度的物理意义是不一样的3如图所示，从水平地面上同一位置先后抛出的两相同小球a、b，分别落在地面上的m、n点，两球运动的最大高度相同不计空气阻力则( )ab的飞行时间比a的短bb与a在空中可能相遇ca、b在最高点重力的瞬时功率相等db落地时的动能小于a落地时的动能相等【考点】抛体运动【分析】由运动的合成与分解规律可知，物体在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，两球的加速度相同，由竖直高度相同，由运动学公式分析竖直方向的初速度关系，即可知道水平初速度的关系两球在最高点的速度等于水平初速度由速度合成分析初速度的关系，即可由机械能守恒知道落地速度的大小关系，则可得出动能的大小【解答】解：a、不计空气阻力，两球的加速度都为重力加速度g两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，两球上升和下落的时间相等，而下落过程，由t=知下落时间相等，则两球运动的时间相等故a错误b、因两球抛出时间相同，则有可能二者同时出现在相交的位置；故可能相遇；故b正确；c、最高点处二者的竖直分速度均为零；故重力的功率均为零；故c正确；d、根据速度的合成可知，b的初速度大于a球的初速度，运动过程中两球的机械能都守恒，则知b在落地时的速度比a在落地时的大b落地动能大于a的落地动能；故d正确；故选：bcd【点评】本题考查运用运动的合成与分解的方法处理斜抛运动的能力，对于竖直上抛的分速度，可根据运动学公式和对称性进行研究42009年当地时间9月23日，在位于印度安得拉邦斯里赫里戈达岛的萨蒂什达万航天中心，一枚pslvc14型极地卫星运载火箭携带七颗卫星发射升空，成功实现“一箭七星”发射，相关图片如图所示则下列说法不正确的是( )a火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力b发射初期，火箭处于超重状态，但它受到的重力却越来越小c高温高压燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力大小相等d发射的七颗卫星进入轨道正常运转后，均处于完全失重状态【考点】万有引力定律及其应用；超重和失重【专题】万有引力定律的应用专题【分析】物体间力的作用是相互的，由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力等大、反向、作用在同一直线上；火箭在上升过程中，处于超重状态，随着火箭离地球距离的增大，火箭受到的重力越来越小，在空中运行的卫星处于完全失重状态【解答】解：a、c、火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力与火箭对气流的作用力是作用力与反作用力，它们大小相等，故a错误，c正确；b、发射初期，火箭具有向上的加速度，火箭处于超重状态，由于火箭距离地球的距离越来越大，它受到的地球的万有引力即重力却越来越小，故b正确；d、发射的七颗卫星进入轨道正常运转后，均处于完全失重状态，故d正确；本题选错误的，故选a【点评】本题难度不大，是一道基础题，熟练掌握牛顿第三定律、知道绕地球做圆周运动的卫星处于失重状态，即可正确解题5如图，一演员表演飞刀绝技，由o点先后抛出完全相同的三把飞刀，分别垂直打在竖直木板上m、n、p三点假设不考虑飞刀的转动，并可将其看做质点，已知o、m、n、p四点距离水平地面高度分别为h、4h、3h、2h，以下说法正确的是( )a三把刀在击中板时动能相同b三次飞行时间之比为1：c三次初速度的竖直分量之比为3：2：1d设三次抛出飞刀的初速度与水平方向夹角分别为1、2、3，则有123【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】将飞刀的运动逆过来看是一种平抛运动，运用运动的分解法，由运动学公式研究平抛运动的初速度大小，即飞刀垂直打在木板上的速度大小，即可比较动能的大小；由高度比较时间由vy=gt，分析三次初速度的竖直分量之比；由速度的分解，求解抛出飞刀的初速度与水平方向夹角关系【解答】解；a、将飞刀的运动逆过来看成是一种平抛运动，三把刀在击中板时的速度大小即为平抛运动的初速度大小，运动时间为t=，初速度为v0=x，由图看出，三把刀飞行的高度不同，运动时间不同，水平位移大小相等，由平抛运动的初速度大小不等，即打在木板上的速度大小不等，故三把刀在击中板时动能不同故a错误b、竖直方向上逆过来看做自由落体运动，运动时间为t=，则得三次飞行时间之比为：=：1故b错误c、三次初速度的竖直分量等于平抛运动下落的速度竖直分量，由vy=gt=，则得它们之比为=：1故c错误d、设任一飞刀抛出的初速度与水平方向夹角分别为，则tan=，则得，123故d正确故选d【点评】本题的解题技巧是运用逆向思维方法，将飞刀的运动等效看成沿反方向的平抛运动，问题就变得熟悉而简单6如图所示，在足够大的光滑水平面上放有两个质量相等的物块，其中物块a连接一个轻弹簧并处于静止状态，物块b以初速度v0向着物块a运动，当物块b与物块a上的弹簧发生相互作用时，两物块保持在一条直线上运动若分别用实线和虚线表示物块b和物块a的vt图象，则两物块在相互作用过程中，正确的vt图象是图中的( )abcd【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像【专题】压轴题【分析】以两物体及弹簧作为整体分析，对整体由动量守恒及弹簧状态的变化可知两物体的速度变化及加速度的变化，即可得出速度图象【解答】解：碰后时b速度减小，a的速度增大，而由于弹力增大，故a、b的加速度均增大；而在弹簧到达原长以后，b开始减速而a继续加速，因弹簧开始伸长，故两物体受力减小，故加速度减小；由图可知，正确图象应为d故选d【点评】本题解题的关键在于分析在碰撞过程中弹簧弹力的变化，从而找出加速度的变化；结合速度变化即可得出正确的图象7如图所示，在倾角为的光滑斜面上有一轻质弹簧，其一端固定在斜面下端的挡板上，另一端与质量为m的物体接触（未连接），物体静止时弹簧被压缩了x0现用力f缓慢沿斜面向下推动物体，使弹簧在弹性限度内再被压缩2x0后保持物体静止，然后撤去f，物体沿斜面向上运动的最大距离为4.5x0，则在撤去f后到物体上升到最高点的过程中( )a物体的机械能守恒b弹簧弹力对物体做功的功率一直增大c弹簧弹力对物体做的功为4.5mgx0sin d物体从开始运动到速度最大的过程中重力做的功为2mgx0sin 【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算；机械能守恒定律【专题】定性思想；推理法；功率的计算专题【分析】以滑块为研究的对象，分析滑块受到的力，然后结合各个力做功的特点与功能关系即可正确解答【解答】解：a、物体运动的过程中重力和弹簧的弹力做功，系统机械能守恒，所以物块的动能、重力势能与弹簧弹性势能的和保持不变故a错误；b、物体在弹簧的弹力的作用下向上运动，开始时弹力大于重力沿斜面向下的分力，物体做加速运动，速度越来越大；当弹簧的弹力小于重力沿斜面向下的分力时，物体加速度的方向向下，物体做减速运动，速度减小，同时弹力也减小，所以弹力的功率一定减小故b错误；c、物体运动的过程中重力和弹簧的弹力做功，机械能守恒，所以物块的动能、重力势能与弹簧弹性势能的和保持不变，物体到达最高点时的速度是0，重力势能：epg=mg4.5x0sin，由功能关系可知，弹簧的最大弹性势能是4.5mgx0sin，弹簧弹力对物体做的功为4.5mgx0sin故c正确；d、速度最大时应在重力与弹力相等时，根据题意就是弹簧压缩量为x0时，由此可知物体从开始运动到速度最大的过程中上升的高度：h=2x0sin克服重力做的功为2mgx0sin故d错误故选：c【点评】本题解题的关键是根据物体的受力分析判断运动情况，知道当物体加速度为0时，速度最大，此时物体的受力平衡8如图所示，光滑轨道abcd是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点b处的入、出口靠近但相互错开，c是半径为r的圆形轨道的最高点，bd部分水平，末端d点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v逆时针转动，现将一质量为m的小滑块从轨道ab上某一固定位置a由静止释放，滑块能通过c点后再经d点滑上传送带，则( )a固定位置a到b点的竖直高度可能为2rb滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v有关c滑块可能重新回到出发点a处d传送带速度v越大，滑块与传送带摩擦产生的热量越多【考点】功能关系；动能定理【分析】滑块恰能通过c点时根据牛顿第二定律列方程求c点时的速度，由动能定理知ac高度差，从而知ab高度；对滑块在传送带上运动的过程根据动能定理列方程求滑行的最大距离的大小因素；根据传送带速度知物块的速度，从而知是否回到a点；滑块与传送带摩擦产生的热量q=mgx，看热量多少，分析相对路程【解答】解：若滑块恰能通过c点时有：mg=m，由a到c根据动能定理知mghac=联立解得hac=r则ab最低高度为2r=2.5r，故a错误；b、设滑块在传送带上滑行的最远距离为x，则有动能定理有：0m=2mgrmgx，知x与传送带速度无关，故b错误；c、若回到d点速度大小不变，则滑块可重新回到出发点a点，故c正确；d、滑块与传送带摩擦产生的热量q=mgx，传送带速度越大，相对路程越大，产生热量越多，故d正确；故选：cd【点评】本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律和牛顿第二定律，理清物块在传送带上的运动情况，以及在圆轨道最高点的临界情况是解决本题的关键9如图所示，两块固连在一起的物块a和b，质量分别是ma和mb放在水平光滑桌面上，现同时施给他们方向如图所示的推力fa和拉力fb，已知fafb，则a对b的作用力( )a必为推力b必为拉力c可能为推力，也可能为拉力d可能为零【考点】牛顿第二定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对整体受力分析，由牛顿第二定律可求得整体的加速度，再用隔离法分析a的合力，分析合力与两分力的关系可得出ab间的力的性质【解答】解：整体水平方向受两推力而做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得：a=对a由牛顿第二定律可得：fa+f=maa则f=若mbfamafb，f为负值，b对a为推力；若mbfamafb，f为正值，则b对a为拉力；若mbfa=mafb，f为零故c、d正确，a、b错误故选cd【点评】本题考查整体法与隔离法的应用，一般先用整体法求出整体加速度或表达式，再选取其中一个物体进行分析即可求出；本题的难点在于最后对公式的分析10如图所示，一内壁光滑的圆锥面，轴线 oo是竖直的，顶点o在下方，若有两个相同的小珠（均视为质点）在圆锥的内壁上沿不同的圆轨道运动，则有( )a它们的速率相同b它们运动的周期相同c锥壁对它们的支持力相同d它们的动能与势能之比相同，设o点为势能零点【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速【专题】定量思想；归纳法；匀速圆周运动专题【分析】对小球受力分析，受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可【解答】解：对小球受力分析，受重力和支持力，如图：由几何知识知：f=mgtan，两小球质量相同，则合力f相同a、根据牛顿第二定律，有f=mgtan=m得：v=半径较大的，则v较大，即动能较大，故a错误；b、根据f=mr，半径r较大的，则周期t较大，故b错误；c、由图中几何关系：n=，相同，故n相同，故c正确；d、球的动能为mv2=mg，势能：mgrtan，则动能与势能之比为tan2，为定值，故动能与势能之比为定值，与距离顶点的高度无关，故d正确；故选：cd【点评】本题关键是对小球受力分析，然后根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解分析11如图所示，在水平光滑轨道上置一小车，从车上经一根不可伸长的轻细线悬下一质量较大的摆球你把摆球移离最低位置后，无初速释放，在摆球摆下的过程中( )a摆线对摆球的拉力做负功b摆线对摆球的拉力不做功c摆球所受的合力不做功d摆球所受的合力做正功【考点】动量守恒定律【专题】应用题；定性思想；图析法；动量定理应用专题【分析】摆球与小车组成的系统水平方向动量守恒，摆球向左摆到过程，小车向右运动；判断一个力做功的正负关键看力的方向和位移的方向的夹角，夹角小于90做正功，夹角大于90做负功，等于90不做功合外力对物体做的功等于物体动能的变化量【解答】解：a、由于车和球这个系统水平方向上动量守恒，所以当小球下摆时，车子会向右移动，小车的动能增加，由绳的拉力对小车做正功这时小球运动的轨迹将与绳子不垂直，夹角大于90，则绳的拉力对小球做负功，故a正确，b错误；c、摆球下摆过程中，小球做加速运动，小球的动能增加，由动能定理可知，摆球所受的合力做正功，故c错误，d正确故选：ad【点评】本题考查了动量守恒定律的应用、判断力做功情况，要注意摆球下摆过程中，小车不是静止不动的，小车向右运动，系统水平方向的动量是守恒的12在如图所示的竖直向下的匀强电场中，用绝缘的细线拴住的带电小球在竖直平面内绕悬点o做圆周运动，下列说法正确的是( )a带电小球有可能做匀速率圆周运动b带电小球有可能做变速率圆周运动c带电小球通过最高点时，细线拉力一定最小d带电小球通过最低点时，细线拉力有可能最小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；向心力；万有引力定律及其应用【专题】电场力与电势的性质专题【分析】小球在竖直平面内做圆周运动，重力、电场力、绳子拉力的合力提供向心力，分析各选项，然后答题【解答】解：a、当小球所示重力与电场力合力为零时，绳子的拉力提供向心力，合外力做功为零，小球做匀速圆周运动，故a正确；b、当小球所受重力与电场力合力不为零时，合外力对小球所做的功不为零，小球速度大小发生变化，小球做变速圆周运动，故b正确；c、当小球做匀速圆周运动时，细线的拉力提供向心力，在圆周上任何一点细线的拉力都相等，如果小球做非匀变速运动，小球带正电时，在最高点细线拉力最小，如果小球带负电，在最高点，小球的拉力最大，故c错误；d、小球所受重力与电场力不相等，做变速圆周运动，且小球带负电时，在最低点细线拉力最小，故d正确；故选abd【点评】对小球正确受力分析，全面考虑问题，进行讨论即可正确解题二、实验题：本题共3小题，共21分13图中游标卡尺的读数为29.8mm，螺旋测微器的读数为0.760mm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，两种仪器读数时均可采用公式法，即：主尺读数+副尺读数【解答】解：游标卡尺的主尺读数为29mm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，游标读数为0.18mm=0.8mm，所以最终读数为：主尺读数+游标尺读数为：29mm+0.8mm=29.8mm螺旋测微器的固定刻度读数0.5mm，可动刻度读数为0.0126.0=0.260mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数为：0.5mm+0.260mm=0.760mm故答案为：29.8，0.760【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读14某兴趣小组想通过物块在斜面上运动的实验探究“合外力做功和物体速度变化的关系”实验开始前，他们提出了以下几种猜想：w，wv，wv2他们的实验装置如图甲所示，pq为一块倾斜放置的木板，在q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过q点时的速度），每次实验，物体从不同初始位置处由静止释放同学们设计了以下表格来记录实验数据其中l1、l2、l3、l4代表物体分别从不同初始位置处无初速释放时初始位置到速度传感器的距离，v1、v2、v3、v4表示物体每次通过q点的速度实验次数1234ll1l2l3l4vv1v2v3v4他们根据实验数据绘制了如图乙所示的lv图象，并得出结论wv2他们的做法不（填“是”或“不”）合适，你有什么好的建议？建议：应进一步绘制lv2的图象在此实验中，木板与物体间摩擦力的大小不会（填“会”或“不会”）影响探究出的结果【考点】探究功与速度变化的关系【专题】实验题；动能定理的应用专题【分析】通过实验来探究“合外力做功和物体速度变化的关系”每次实验物体从不同初位置处静止释放，量出初位置到速度传感器的位移、读出物体到传感器位置的速度根据实验数据列出数据表并描点作出图象，从而找到位移与速度变化的关系，在运动过程中，由于物体受力是恒定的，所以得出合外力做功与物体速度变化的关系因此在实验中物体与木板间的摩擦力不会影响探究的结果【解答】解：（1）采用表格方法记录数据，合理绘制的lv图象是曲线，不能得出结论wv2为了更直观地看出l和v的变化关系，应该绘制lv2图象（2）重力和摩擦力的总功w也与距离l成正比，因此不会影响探究的结果故答案为：不，应进一步绘制lv2图象；不会【点评】通过实验数据列表、描点、作图从而探究出问题的结论值得注意的是：由于合外力恒定，因此合外力做的功与发生的位移是成正比故可先探究位移与速度变化有何关系15某同学利用以下器材测量电源电动势、内阻和定值电阻的阻值待测电源（电动势约3v，内阻约1）一个阻值未知的电阻 电压表两块（内阻很大，量程3v）电流表（内阻约为5，量程0.6a） 滑动变阻器a（030，3a）滑动变阻器b（0200，0.2a）电键一个，导线若干该同学设计了如图甲的电路，用u1、u2、i分别表示电表v1、v2、a的读数将滑动变阻器的滑片移到不同位置时，得到下表所示数据：i（a）0.100.200.250.300.400.45u1（v）2.912.802.762.692.582.55u2（v）2.401.811.491.210.600.29根据题中所给信息回答下列问题：（1）滑动变阻器应选择a（选填器材代号“a”或“b”）；（2）根据甲图用笔画线代替导线把乙图中的实物图补充完整；（3）该同学根据表中数据在图丙中已经画出了ui（u=u1u2）图线，请你在图中画出ei图线；（4）根据图线，求出电源电动势e=3.1v，内阻r=1.4，定值电阻=5【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题【分析】（1）选取滑线变阻器时注意电流值是否满足要求，（2）（3）根据电路图，画出的实物图（4）在ei图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小【解答】解：（1）电流表量程为0.6a，滑线变阻器b的电流为0.2a，不能达到电表半偏的要求，故选a，（2）电路图已画出，根据电路图连接实物图，如图：（3）根据图中数据利用描点法画出图象，如图：图象的截距为电源电动势，图象的斜率即为电源的内阻，有图象得 故答案为：（1）a（2）如图：（3）如图：（4）3.1 1.4 5【点评】关于数据的处理，物理中一般是利用图象来处理的，在数据解答中还要靠图象来处理三、计算题：本题共3小题，必须有较为详细的解答过程，只有最终答案的不给分，共31分16“耳边又传来了汽笛声和水手的笑语，他说风雨中这点痛算什么，擦干泪，不要怕，至少我们还有梦”假设停靠在海边的轮船汽笛每0.25s响一声，你驾驶一辆汽车以20m/s的速度沿着海边公路朝着远离汽笛的方向驶去，那么你在汽车中每分钟能听到几声汽笛？（已知此时声音在空气中速度为320m/s）【考点】匀速直线运动及其公式、图像【专题】简答题；信息给予题；定量思想；类比法；直线运动规律专题【分析】把响声在空气中的间隔看做类似于一个波长，根据每隔0.25s响一次和声音在空气中的传播速度为320m/s，求出其波长，再根据声速和车速求出人与声音的相对速度，然后根据求出f，再利用n=ft即可求解【解答】解：把响声在空气中的间隔看做类似于一个波长，则=320m/s0.25s=80m，人与声音的相对速度v=320m/s20m/s=300m/s，由，所以n=ft=3.7560=225次答：在汽车中每分钟内能听到225声警钟【点评】此题主要考查速度公式及其应用这一知识点，但是涉及到波长、频率等知识点，难度较大，再加上此类应用题学生训练的比较少17在如图所示的竖直平面内，有一固定在水平地面的光滑平台平台右端b与静止的水平传送带平滑相接，传送带长l=3m有一个质量为m=0.5kg，带电量为q=+103c的滑块，放在水平平台上平台上有一根轻质弹簧左端固定，右端与滑块接触但不连接现用滑块缓慢向左移动压缩弹簧，且弹簧始终在弹性限度内在弹簧处于压缩状态时，若将滑块静止释放，滑块最后恰能到达传送带右端c点已知滑块与传送带间的动摩擦因数为=0.20 （g取10m/s2）求：（1）滑块到达b点时的速度vb，及弹簧储存的最大弹性势能ep；（2）若传送带以1.5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动，释放滑块的同时，在bc之间加水平向右的匀强电场e=5102n/c滑块从b运动到c的过程中，摩擦力对它做的功（3）若两轮半径均为r=0.4m，传送带顺时针匀速转动的角速度为0时，