【创新设计】（安徽专用）高考物理一轮复习方案 第三章 第2讲 牛顿第二定律　两类动力学问题活页限时训练（含解析） 新人教版必修1.doc

第2讲牛顿第二定律两类动力学问题时间：60分钟1如图3-2-15所示，一木块在光滑水平面上受一恒力f作用而运动，前方固定一个弹簧，当木块接触弹簧后()图3-2-15a将立即做变减速运动b将立即做匀减速运动c在一段时间内仍然做加速运动，速度继续增大d在弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度为零解析物体在力f作用下向左加速，接触弹簧后受到弹簧向右的弹力，合外力向左逐渐减小，加速度向左逐渐减小，速度增加，当弹簧的弹力大小等于力f时合外力为0，加速度为0，速度最大，物体继续向左运动，弹簧弹力大于力f，合外力向右逐渐增大，加速度向右逐渐增大，速度减小，最后速度减小到0，此时加速度最大综上所述，a、b、d错误，c正确答案c2质量为1 kg的质点，受水平恒力作用，由静止开始做匀加速直线运动，它在t s内的位移为x m，则f的大小为(单位为n)()a. b. c. d.解析由牛顿第二定律fma与xat2，得出f.答案a3一物体重为50 n，与水平桌面间的动摩擦因数为0.2，现加上如图3-2-16所示的水平力f1和f2，若f215 n时物体做匀加速直线运动，则f1的值不可能是(g10 m/s2)()图3-2-16a3 n b25 n c30 n d50 n解析若物体向左做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：f2f1gma0，解得f10，解得f125 n，c、d正确答案b4一个原来静止的物体，质量是7 kg，在14 n的恒力作用下，则5 s末的速度及5 s内通过的路程为()a8 m/s25 m b2 m/s25 mc10 m/s25 m d10 m/s12.5 m解析物体由静止开始在恒力的作用下做初速度为零的匀加速直线运动由牛顿第二定律和运动学公式得：a m/s22 m/s2，vat25 m/s10 m/s，xat2225 m25 m.答案c5如图3-2-17所示，a、b为两个质量相等的小球，由细线相连，再用轻质弹簧悬挂起来，在a、b间细线烧断后的瞬间，a、b的加速度分别是()图3-2-17aa、b的加速度大小均为g，方向都竖直向下ba的加速度为0，b的加速度大小为g、竖直向下ca的加速度大小为g、竖直向上，b的加速度大小为g、竖直向下da的加速度大于g、竖直向上，b的加速度大小为g、竖直向下解析在细线烧断前，a、b两球的受力情况如图甲所示，由平衡条件可得：对b球有f绳mg，对a球有f弹mgf绳在细线烧断后，f绳立即消失，弹簧弹力及各球重力不变，两球的受力情况如图乙所示由牛顿第二定律可得：b球有向下的重力加速度g，a球有f弹mgmaa解得aag，方向向上综上分析，选c.答案c6. (2012安徽蚌埠第一次质检，3)如图3-2-18所示，a、b两球完全相同，质量均为m，用两根等长的细线悬挂在升降机内天花板的o点，两球之间连着一根劲度系数为k的轻质弹簧，当升降机以加速度a竖直向上匀加速运动时，两根细线之间的夹角为.则弹簧被压缩的长度为()图3-2-18a. b.c. d.解析选a为研究对象，在竖直方向上由牛顿第二定律f1cosmgma水平方向：f1sinf2而f2kx解得：x，c正确答案c7. (改编题)乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30的山坡以加速度a上行，如图3-2-19所示在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)则()图3-2-19a小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上b小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下c小物块受到的滑动摩擦力为mgmad小物块受到的静摩擦力为mgma解析小物块相对斜面静止，因此小物块与斜面间的摩擦力是静摩擦力缆车以加速度a上行，小物块的加速度也为a，以物块为研究对象，则有fmgsin 30ma，fmgma，方向平行斜面向上答案a8(2012河北教学检测)如图3-2-20所示，质量分别为m和2m的两个小球置于光滑水平面上，且固定在一轻质弹簧的两端，已知弹簧的原长为l，劲度系数为k.现沿弹簧轴线方向在质量为2m的小球上有一水平拉力f，使两球一起做匀加速运动，则此时两球间的距离为()图3-2-20a. b. cl dl解析两个小球一起做匀加速直线运动，加速度相等，对系统进行受力分析，由牛顿第二定律可得：f(m2m)a，对质量为m的小球水平方向受力分析，由牛顿第二定律和胡克定律，可得：kxma，则此时两球间的距离为l，c正确答案c9如图3-2-21所示，光滑水平桌面上的布带上静止放着一质量为m1.0 kg的小铁块，它离布带右端的距离为l0.5 m，铁块与布带间动摩擦因数为0.1.现用力从静止开始向左以a02 m/s2的加速度将布带从铁块下抽出，假设铁块大小不计，铁块不滚动，g取10 m/s2，求：图3-2-21(1)将布带从铁块下抽出需要多长时间？(2)铁块离开布带时的速度大小是多少？解析(1)设铁块离开布带时，相对桌面移动的距离为x，布带移动的距离为lx，铁块滑动的加速度为a，由牛顿第二定律得：mgma，ag1 m/s2，根据运动学公式有：lxa0t2，xat2，解得：t 1 s.(2)由vv0at得：铁块速度v11 m/s1 m/s.答案(1)1 s(2)1 m/s10(改编题)如图3-2-22所示，m1.0 kg的小滑块以v04 m/s的初速度从倾角为37的斜面ab的底端a滑上斜面，滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5，取g10 m/s2，sin 370.6.若从滑块滑上斜面起，经0.6 s滑块正好通过b点，则ab之间的距离为()图3-2-22a0.8 m b0.76 m c0.64 m d0.16 m解析滑块沿斜面向上运动时，加速度大小为a1g(sin 37cos 37)10 m/s2，滑块经t10.4 s速度即减为零因此0.6 s时是向下经过b点下滑时加速度大小为a2g(sin 37cos 37)2 m/s2，则ab间的距离saba2(tt1)20.76 m，b项正确答案b11一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，物块m穿在杆上，m通过线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中m始终未相对杆bc移动，m、m与小车保持相对静止，已知a1a2a3a41248，m受到的摩擦力大小依次为ff1、ff2、ff3、ff4，则以下结论正确的是()图3-2-23aff1ff212 bff2ff312cff3ff412 dtan 2tan 解析已知a1a2a3a41248，在题第(1)图和第(2)图中摩擦力ffma，则ff1ff212.在第(3)图和第(4)图中摩擦力ff3(mm)a3，ff4(mm)a4，ff3ff412.第(3)、(4)图中，a3gtan ，a4gtan ，则tan 2tan .答案b12如图3-2-24(a)所示，“”形木块放在光滑水平地面上，木块水平表面ab粗糙，光滑表面bc与水平面夹角为37.木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从c点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图(b)所示已知sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2.求：图3-2-24(1)斜面bc的长度；(2)滑块的质量；(3)运动过程中滑块发生的位移解析(1)分析滑块受力，如图所示，由牛顿第二定律得：a1gsin 6 m/s2通过图(b)可知滑块在斜面上运动的时间为：t11 s，由运动学公式得：sa1t3