中考数学备考专题复习图形的平移含解析.doc

教学资料参考范本中考数学备考专题复习图形的平移含解析撰写人：_时 间：_一、单选题（共12题；共24分）1、下列标志中，可以看作是中心对称图形的是（ ） A、B、C、D、2、下列这些复杂的图案都是在一个图案的基础上，在“几何画板”软件中拖动一点后形成的，它们中每一个图案都可以由一个“基本图案”通过连续旋转得来，旋转的角度是（）A、B、C、D、3、将ABC的三个点坐标的横坐标乘以-1，纵坐标不变，则所得图形与原图的关系是（） A、关于x轴对称B、关于y轴对称C、关于原点对称D、将原图的x轴的负方向平移了了1个单位4、由图中三角形仅经过一次平移、旋转或轴对称变换，不能得到的图形是（）A、B、C、D、5、如图所示，下图可以看作是一个菱形通过几次旋转得到的，每次可能旋转（ ）。A、30B、60C、90D、1506、下列命题的逆命题为真命题的是（） A、如果a=b，那么B、平行四边形是中心对称图形C、两组对角分别相等的四边形是平行四边形D、内错角相等7、下列数字中既是轴对称图形又是中心对称图形的有（ ）个A、1个B、2个C、3个D、4个8、下列运动形式属于旋转的是（ ） A、钟表上钟摆的摆动B、投篮过程中球的运动C、“神十”火箭升空的运动D、传动带上物体位置的变化9、如图，该图形绕点O按下列角度旋转后，不能与其自身重合的是（） A、72B、108C、144D、21610、在平面上一个菱形绕它的中心旋转，使它和原来的菱形重合，那么旋转的角度至少是（ ） A、180B、90C、270D、36011、边长为4cm的正方形ABCD绕它的顶点A旋转180，顶点B所经过的路线长为（ ） A、cmB、cmC、8cmD、4cm12、如图所示的图案分别是大众、奥迪、奔驰、三菱汽车的车标，其中，可以看作由“基本图案”经过平移得到的是（ ） A、B、C、D、二、填空题（共5题；共5分）13、边长为4cm的正方形ABCD绕它的顶点A旋转180，顶点B所经过的路线长为_cm 14、如图，平行四边形ABCD绕点A逆时针旋转30，得到平行四边形ABCD（点B与点B是对应点，点C与点C是对应点，点D与点D是对应点），点B恰好落在BC边上，则C=_15、如图，是一块从一个边长为20cm的正方形BCDM材料中剪出的垫片，经测得FG9cm，则这个剪出的图形的周长是_cm16、如图所示，一座楼房的楼梯，高1米，水平距离是2.8米，如果要在台阶上铺一种地毯，那么至少要买这种地毯_米17、（20xx曲靖）等腰三角形ABC在平面直角坐标系中的位置如图所示，已知点A（6，0），点B在原点，CA=CB=5，把等腰三角形ABC沿x轴正半轴作无滑动顺时针翻转，第一次翻转到位置，第二次翻转到位置依此规律，第15次翻转后点C的横坐标是_ 三、解答题（共1题；共5分）18、如图，在一块长为20m，宽为14m的草地上有一条宽为2m的曲折小路，你能运用你学的知识求出这块草地的绿地面积吗？四、综合题（共5题；共65分）19、（20xx赤峰）如图，在平面直角坐标系中，ABC的三个顶点坐标为A（3，4），B（4，2），C（2，1），且A1B1C1与ABC关于原点O成中心对称(1)画出A1B1C1 ， 并写出A1的坐标； (2)P（a，b）是ABC的AC边上一点，ABC经平移后点P的对称点P（a+3，b+1），请画出平移后的A2B2C2. 20、（20xx龙东）如图，在平面直角坐标系中，点A、B、C的坐标分别为（1，3）、（4，1）（2，1），先将ABC沿一确定方向平移得到A1B1C1 ， 点B的对应点B1的坐标是（1，2），再将A1B1C1绕原点O顺时针旋转90得到A2B2C2 ， 点A1的对应点为点A2 (1)画出A1B1C1； (2)画出A2B2C2； (3)求出在这两次变换过程中，点A经过点A1到达A2的路径总长 21、（20xx齐齐哈尔）如图，平面直角坐标系内，小正方形网格的边长为1个单位长度，ABC的三个顶点的坐标分别为A（1，3），B（4，0），C（0，0）(1)画出将ABC向上平移1个单位长度，再向右平移5个单位长度后得到的A1B1C1； (2)画出将ABC绕原点O顺时针方向旋转90得到A2B2O； (3)在x轴上存在一点P，满足点P到A1与点A2距离之和最小，请直接写出P点的坐标 22、（20xx天津）在平面直角坐标系中，O为原点，点A（4，0），点B（0，3），把ABO绕点B逆时针旋转，得ABO，点A，O旋转后的对应点为A，O，记旋转角为(1)如图，若=90，求AA的长； (2)如图，若=120，求点O的坐标； (3)在（）的条件下，边OA上 的一点P旋转后的对应点为P，当OP+BP取得最小值时，求点P的坐标（直接写出结果即可） 23、（20xx义乌）对于坐标平面内的点，现将该点向右平移1个单位，再向上平移2的单位，这种点的运动称为点A的斜平移，如点P（2，3）经1次斜平移后的点的坐标为（3，5），已知点A的坐标为（1，0）(1)分别写出点A经1次，2次斜平移后得到的点的坐标 (2)如图，点M是直线l上的一点，点A关于点M的对称点的点B，点B关于直线l的对称轴为点C若A、B、C三点不在同一条直线上，判断ABC是否是直角三角形？请说明理由若点B由点A经n次斜平移后得到，且点C的坐标为（7，6），求出点B的坐标及n的值 答案解析部分一、单选题【答案】D 【考点】中心对称及中心对称图形 【解析】【解答】解：A、不是中心对称图形，故本选项错误；B、不是中心对称图形，故本选项错误；C、不是中心对称图形，故本选项错误；D、是中心对称图形，故本选项正确；故选D【分析】根据中心对称图形的定义，结合选项所给图形进行判断即可 【答案】C 【考点】图形的旋转，作图-旋转变换，利用旋转设计图案 【解析】【解答】每一个图案都可以被通过中心的射线平分成6个全等的部分，则旋转的角度是60度故选C【分析】观察每一个图案都可以由一个“基本图案”通过连续旋转得到，就是看这个图形可以被通过中心的射线平分成几个全等的部分，即可确定旋转的角度 【答案】B 【考点】关于x轴、y轴对称的点的坐标，坐标与图形变化-平移 【解析】【解答】根据对称的性质，得三个顶点坐标的横坐标都乘以-1，并保持纵坐标不变，就是横坐标变成相反数即所得到的点与原来的点关于y轴对称故选B【分析】熟悉：平面直角坐标系中任意一点P（x，y)，分别关于x轴的对称点的坐标是（x，-y)，关于y轴的对称点的坐标是（-x，y)【答案】B 【考点】图形的旋转，图形的平移 【解析】【解答】A、经过平移可得到上图，故A选项错误；B、经过平移、旋转或轴对称变换后，都不能得到上图，故B选项正确；C、经过轴对称变换可得到上图，故C选项错误；D、经过旋转可得到上图，故D选项错误故选：B【分析】本题考查了几何变换的类型，平移是沿直线移动一定距离得到新图形，旋转是绕某个点旋转一定角度得到新图形，轴对称是沿某条直线翻折得到新图形观察时要紧扣图形变换特点，进行分析判断根据平移、旋转和轴对称的性质即可得出正确结果【答案】B 【考点】利用旋转设计图案 【解析】【解答】设每次旋转角度x，则6x=360，解得x=60，每次旋转角度是60，故选B.【分析】图形的旋转是图形上的每一点在平面上绕某个固定点旋转固定角度的位置移动其中对应点到旋转中心的距离相等，旋转前后图形的大小和形状没有改变根据所给出的图，6个角正好构成一个周角，且6个角都相等，即可得到结果 2、【答案】C 【考点】平行四边形的判定，命题与定理，中心对称及中心对称图形 【解析】【解答】首先写出各个命题的逆命题，再进一步判断真假即可。A、逆命题是如果a2=b2 ， 那么a=b，是假命题，故本选项错误；B、逆命题是中心对称图形是平行四边形，是假命题，故本选项错误；C、逆命题是平行四边形的两组对角分别相等，是真命题，本选项正确；D、逆命题是相等的角是内错角，是假命题，故本选项错误；故选C【分析】本题要求的是逆命题的真假性，学生易出现只判断原命题的真假，也就是审题不认真。 【答案】B 【考点】轴对称图形，中心对称及中心对称图形 【解析】【解答】第一个数字2不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；第二个数字0既是轴对称图形，又是中心对称图形，符合题意；第三个数字1既是轴对称图形，又是中心对称图形符合题意；第四个数字3是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意。共2个既是轴对称图形又是中心对称图形。故选B。【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念，轴对称图形两部分沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是图形沿对称中心旋转180度后与原图重合。 【答案】A 【考点】生活中的旋转现象 【解析】【解答】解：A、钟摆的摆动，属于旋转，故此选项正确； B、投篮过程中球的运动，也有平移，故此选项错误；C、“神十”火箭升空的运动，也有平移，故此选项错误；D、传动带上物体位置的变化，也有平移，故此选项错误故选：A【分析】根据旋转的定义分别判断得出即可 【答案】B 【考点】图形的旋转 【解析】【解答】该图形被平分成五部分，旋转72度的整数倍，就可以与自身重合，因而A、C、D都正确，不能与其自身重合的是B故选B【分析】该图形被平分成五部分，因而每部分被分成的圆心角是72，并且圆具有旋转不变性，因而旋转72度的整数倍，就可以与自身重合 【答案】A 【考点】旋转对称图形 【解析】【解答】可以画出菱形并对其进行旋转，根据旋转对称图形的旋转角的概念知道：要使它与原来的菱形重合，那么旋转角至少是180【分析】旋转对称图形：把一个图形绕着一个定点旋转一个角度后，与初始图形重合，这种图形叫做旋转对称图形，这个定点叫做旋转对称中心，旋转的角度叫做旋转角 【答案】A 【考点】旋转对称图形 【解析】【解答】根据题意可知，顶点B所经过的路线长为：以点A为圆心，AB为半径的半圆即 cm【分析】本题的关键在于判断顶点B所经过的路线为以点A为圆心，AB为半径的半圆 2、【答案】B 【考点】利用平移设计图案 【解析】【解答】解：观察图形可知，图案B可以看作由“基本图案”经过平移得到 故选：B【分析】根据平移不改变图形的形状和大小，将题中所示的图案通过平移后可以得到的图案是B 二、填空题【答案】4 【考点】正方形的性质，弧长的计算，旋转的性质 【解析】【解答】边长为4cm的正方形ABCD绕它的顶点A旋转180，顶点B所经过的路线是一段弧长，是以点A为圆心，AB为半径，圆心角是180的弧长，根据弧长公式可得： ,故填空答案：4 【分析】由于边长为4cm的正方形ABCD绕它的顶点A旋转180，顶点B所经过的路线是一段弧长，是以点A为圆心，AB为半径，圆心角是180的弧长，根据弧长公式即可求得其长度 2、【答案】105度 【考点】平行四边形的性质，旋转的性质 【解析】【解答】平行四边形ABCD绕点A逆时针旋转30，得到平行四边形ABCD（点B与点B是对应点，点C与点C是对应点，点D与点D是对应点），AB=AB，BAB=30，B=ABB=（180-30）2=75，C=180-75=105故答案为：105【分析】根据旋转的性质得出AB=AB，BAB=30，进而得出B的度数，再利用平行四边形的性质得出C的度数 2、【答案】98 【考点】生活中的平移现象 【解析】【解答】把EF平移到MN的位置，把AH平移到MK的位置，把GH平移到AN的位置，这个垫片的周长：2049298（cm）答：这个垫片的周长为98cm故答案为：98【分析】首先把EF平移到MN的位置，把AH平移到MK的位置，把GH平移到AN的位置，根据平移的性质可得这个垫片的周长等于正方形的周长加FG 2、【答案】3.8 【考点】生活中的平移现象 【解析】【解答】根据平移可得至少要买这种地毯12.83.8（米），故答案为：3.8【分析】根据楼梯高为1m，楼梯的宽的和即为2.8m的长，再把高和宽的长相加即可 2、【答案】77 【考点】等腰三角形的性质，坐标与图形变化-旋转 【解析】【解答】解：由题意可得，每翻转三次与初始位置的形状相同， 153=5，故第15次翻转后点C的横坐标是：（5+5+6）53=77，故答案为：77【分析】根据题意可知每翻折三次与初始位置的形状相同，第15次于开始时形状相同，故以点B为参照点，第15次的坐标减去3即可的此时点C的横坐标本题考查坐标与图形变化旋转，等腰三角形的性质，解题的关键是发现其中的规律，每旋转三次为一个循环 三、解答题2、【答案】【解答】平移使路变直，路是长20m宽2m的矩形，绿地的面积2014202240（m2），答：这块草地的绿地面积是240m2 【考点】生活中的平移现象 【解析】【分析】根据平移，可得路是矩形，根据面积的和差，可得答案 四、综合题【答案】（1）解：如图所示：A1的坐标是（3，4）；（2）解：A2B2C2是所求的三角形. 【考点】作图-平移变换，作图-旋转变换 【解析】【分析】（1）首先作出A、B、C的对应点，然后顺次连接即可求得；（2）把ABC的三个顶点分别向右平移3个单位长度，向上平移1个单位长度即可得到对应点，然后顺次连接即可 【答案】（1）解：如图，A1B1C1为所作；（2）解：如图，A2B2C2为所作（3）解：OA= =4 ， 点A经过点A1到达A2的路径总长= + = +2 【考点】作图-平移变换，作图-旋转变换 【解析】【分析】本题考查了作图旋转变换：根据旋转的性质可知，对应角都相等都等于旋转角，对应线段也相等，由此可以通过作相等的角，在角的边上截取相等的线段的方法，找到对应点，顺次连接得出旋转后的图形也考查了平移变换（1）由B点坐标和B1的坐标得到ABC向右平移5个单位，再向上平移1个单位得到A1B1C1 ， 则根据点平移的规律写出A1和C1的坐标，然后描点即可得到A1B1C1；（2）利用网格特点和旋转的性质画出点A1的对应点为点A2 ， 点B1的对应点为点B2 ， 点C1的对应点为点C2 ， 从而得到A2B2C2；（3）先利用勾股定理计算平移的距离，再计算以OA1为半径，圆心角为90的弧长，然后把它们相加即可得到这两次变换过程中，点A经过点A1到达A2的路径总长 【答案】（1）解：如图所示，A1B1C1为所求做的三角形；（2）解：如图所示，A2B2O为所求做的三角形；（3）解：A2坐标为（3，1），A3坐标为（4，4），A2A3所在直线的解析式为：y=5x+16，令y=0，则x= ，P点的坐标（ ，0） 【考点】轴对称-最短路线问题，作图-平移变换，作图-旋转变换 【解析】【分析】本题考查了利用旋转和平移变换作图，熟练掌握网格结构准确找出对应点的位置是解题的关键（1）分别将点A、B、C向上平移1个单位，再向右平移5个单位，然后顺次连接；（2）根据网格结构找出点A、B、C以点O为旋转中心顺时针旋转90后的对应点，然后顺次连接即可；（3）利用最短路径问题解决，首先作A1点关于x轴的对称点A3 ， 再连接A2A3与x轴的交点即为所求 2、【答案】（1）解：如图，点A（4，0），点B（0，3），OA=4，OB=3，AB= =5，ABO绕点B逆时针旋转90，得ABO，BA=BA，ABA=90，ABA为等腰直角三角形，AA= BA=5 （2）解：作OHy轴于H，如图，ABO绕点B逆时针旋转120，得ABO，BO=BO=3，OBO=120，HBO=60，在RtBHO中，BOH=90HBO=30，BH= BO= ，OH= BH= ，OH=OB+BH=3+ = ，O点的坐标为（ ， ）（3）解：ABO绕点B逆时针旋转120，得ABO，点P的对应点为P，BP=BP，OP+BP=OP+BP，作B点关于x轴的对称点C，连结OC交x轴于P点，如图，则OP+BP=OP+PC=OC，此时OP+BP的值最小，点C与点B关于x轴对称，C（0，3），设直线OC的解析式为y=kx+b，把O（ ， ），C（0，3）代入得 ，解得 ，直线OC的解析式为y= x3，当y=0时， x3=0，解得x= ，则P（ ，0），OP= ，OP=OP= ，作PDOH于D，BOA=BOA=90，BOH=30，DPO=30，OD= OP= ，PD= OD= ，DH=OHOD= = ，P点的坐标为（ ， ） 【考点】线段的性质：两点之间线段最短，含30度角的直角三角形，旋转的性质，坐标与图形变化-旋转 【解析】【分析】本题考查了几何变换综合题：熟练掌握旋转的性质；理解坐标与图形性质；会利用两点之间线段最短解决最短路径问题；记住含30度的直角三角形三边的关系（1）如图，先利用勾股定理计算出AB=5，再根据旋转的性质得BA=BA，ABA=90，则可判定ABA为等腰直角三角形，然后根据等腰直角三角形的性质求AA的长；（2）作OHy轴于H，如图，利用旋转的性质得BO=BO=3，OBO=120，则HBO=60，再在RtBHO中利用含30度的直角三角形三边的关系可计算出BH和OH的长，然后利用坐标的表示方法写出O点的坐标；（3）由旋转的性