九年级物理上学期期末试卷含解析新人教版14

1、湖南省益阳市南县2015-2016学年九年级（上）期末物理试卷一、选择题1.下列说法中不正确的是（）a固体很难被压缩，是由于分子间存在斥力b水和酒精升高相同的温度，水吸收的热量较多c用干手器吹出的热风吹刚洗过的手，可以加快手上水的蒸发d打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动2下列关于热学知识的说法正确的是（）a同一种物质的比热容一定是不变的b冰在熔化过程中放热，温度不变，内能增加c柴油机的效率可以达到100%d烧开水是通过热传递的方法增加水的内能3现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你

2、认为可行的是（）abcd4如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是（）a电流表测的是l1的电流b电流表测的是l2的电流c电流表测的是总电流d两灯泡串联5关于导体的电阻，下列说法正确的是（）a导体的电阻与导体两端的电压成正比b导体的电阻与通过导体的电流成反比c导体两端电压为零时，导体的电阻也为零d导体的电阻与电流、电压大小无关6如图所示电路中，闭合开关后发现l1和l2均不发光，电流表无示数为了找出故障原因，小华用电压表进行检测，发现ab间电压为0，ac间电压为3v，bc间电压为3v则电路故障可能是（）al1开路bl1短路cl2开路dl2短路7如图所示的电路中（电源电压不变），闭合电键s后，

3、当滑动变阻器的滑片自左向右移动时，下列判断中正确的是（）a电流表的示数不变，电压表的示数不变b电流表的示数变大，电压表的示数变小c电流表的示数变大，电压表的示数变大d电流表的示数变小，电压表的示数不变8如图所示的电路，电源电压为3v且保持不变，滑动变阻器r1标有“1a 10”的字样当滑动变阻器的滑片p在最右端时闭合开关s，通过灯泡l的电流为 0.6a，移动滑动变阻器的滑片p，在电路安全工作的情况下，下列说法正确的是（）a向左移动滑动变阻器的滑片p至中点时时灯泡变暗br1消耗的电功率范围是1.5w3wc滑片p在最右端时通过干路中的电流是0.9ad电路消耗的总功率范围是2.7w4.5w9以下操作中

4、符合安全用电规则的是（）a家用电器的外壳可任接火线、零线或接地b检修家用电路及更换电路元件时，断开零线或火线均可c检修家中电路时要切断家庭电路的总开关d擦干的手可以直接触摸火线10如图所示，电源的输出电压恒定不变，现将一个灯泡l接在离电源很近的ab两点时，灯泡l消耗的功率为25w，若将灯泡l接在离电源较远的cd两点时，灯泡l消耗的功率为16w则输电导线ac、bd上消耗的功率为（）a1wb2wc4wd9 w11如图所示的四幅图中，说明电动机工作原理的实验装置是（）abcd12如图所示，在电路中滑动变阻器滑片p逐渐向左适当移动的过程中，条形磁体仍保持静止，在此过程中下列说法正确的是（）a电磁铁左端

5、为s极b条形磁铁与电磁铁相互吸引c电磁铁磁性逐渐增强d电磁铁周围不产生磁场二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共20分）13在内燃机的“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将内能转化为机械能的是_冲程；常用水来给内燃机降温，是因为水的_比较大14铭牌上标有“220v 22w”的节能灯，正常工作时的电流为_a，若它每天正常工作5小时，那么一个月消耗_kwh的电能（一个月按30天计算）15一个电动机的线圈电阻是4，当把它接在220v电压下工作10min已知：通过线圈的电流是5a，这时电动机做功_j，线圈产生的热量是_j16在学习了电和磁的知识后，小杰在家里饶有兴趣地做起了小实验他找了

6、一枚缝衣针，在“吸铁石”上擦了几下，然后用一根细软的棉线将缝衣针悬挂起来并保持水平，结果发现静止后针尖总是指向南方，这说明缝衣针已经被_成了一枚小磁针，此时缝衣针的针尖是_极（填“s”或“n”）17如图所示，电源电压恒定，小灯泡l标有“3v 1.2w”字样，r为定值电阻，闭合s，断开s1，小灯泡正常发光；若再闭合s1，发现电流表示数变化0.5a，则r的阻值为_，此时灯泡l和电阻r消耗的功率之比是_三、实验题（本大题共3个小题，每空2分，共24分）18小明利用如图甲所示实物电路探究“导体中电流跟电阻的关系”提供的实验器材有：电压恒为5v的电源、电流表、电压表、四个不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、

7、开关、导线若干（1）图甲中部分导线已连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整（2）实验数据如表，第2次实验中电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为_a次数1234电阻/5101520电流/a0.400.130.10（3）分析表中数据可得出结论：_（4）结合表中数据可知，小刚选用的滑动变阻器的最大阻值至少是_19为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小琴同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，图甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况当开关闭合后，甲图中_（填“钉帽”或“钉尖”）是磁铁的n极；比较图_和_可知：匝数相同时，电流越大磁性越强；由图_可知：当电流一定时，

8、匝数越多，磁性越强20在“探究影响电流做功多少的因素”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）经过讨论，认为不应该选择图甲电路，原因是_（2）为研究电流做功与电压的关系，应该选择图_ 所示的电路（3）利用图丙电路研究某问题，当闭合开关后，发现l1灯不亮，l2灯亮，电压表v1没有示数，则电路发生的故障是_（4）学习电功率知识后，小明想测灯泡的额定功率，将标有“6v 6w”的灯泡l1和“6v 4w”的灯泡l2按图丙电路连接，再接入电流表经分析，在保证电路元件安全的情况下能测出灯泡_的额定功率21某太阳能热水器内装有100kg初温为25的水，经过一天的太阳照射，水温升高到75，则：（过程中不

9、计热损失，水的比热容为4.2103j/（kg）、天然气的热值为2.1107j/kg）（1）水吸收的热量为多少j？（2）这些热量相对于完全燃烧多少kg天然气所放出的热量？（3）要产生同样多的热量，用“220v 2000w”的电热水器正常工作需要多少min时间？22如图所示电路中，电源电压6v恒定，电流表的量程为03a，电压表的量程为03v，灯l1和l2的规格分别为“6v 2.4w”和“6v 3w”，滑动变阻器r的规格为“60 1a”，不计温度对灯丝的影响，求：（1）l1与l2的电阻各是多大？（2）滑动变阻器的滑片p放在a端时，闭合开关s1、s2、s3后，电流表的读数是多少？（3）若两灯中只允许一

10、盏灯工作，且要求电路元件安全使用，在滑片移动过程中，整个电路至少消耗多少电功率？2015-2016学年湖南省益阳市南县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1下列说法中不正确的是（）a固体很难被压缩，是由于分子间存在斥力b水和酒精升高相同的温度，水吸收的热量较多c用干手器吹出的热风吹刚洗过的手，可以加快手上水的蒸发d打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地运动【考点】分子间的作用力；影响蒸发快慢的因素；分子的运动【分析】（1）分子间存在相互的引力和斥力；（2）物体吸收热量的多少与物体的质量、比热容以及升高的温度有关；（3）影响蒸发的因素：温度、表面积、空气流动

11、速度等；（4）分子永不停息的做无规则运动【解答】解：a、固体很难被压缩，是由于分子间存在斥力，故a正确，不符合题意；b、影响物体吸收热量的因素有物体的质量、比热容以及升高的温度，只知道升高的温度，无法判断，故b错误，符合题意；c、用干手器吹出的热风吹刚洗过的手，因为热风的温度不但高，而去空气流动速度快，所以可以加快手上水的蒸发，故c正确，不符合题意；d、打开酒精瓶的瓶塞后，教室里弥漫着酒精味，这说明酒精分子不停地做无规则运动，故d正确，不符合题意故选b【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力2下列关于热学知识的说法正确的是（）a同一种物质的比热容一定是不变的b冰

12、在熔化过程中放热，温度不变，内能增加c柴油机的效率可以达到100%d烧开水是通过热传递的方法增加水的内能【考点】热传递改变物体内能；熔化与熔化吸热特点；比热容的概念；热机的效率【分析】（1）比热容是物质的特性，不随物体温度和质量变化，但同种物质状态不同时，比热容不同；（2）晶体在熔化时吸热温度不变，内能增大；（3）热机在工作时不可避免地有能量的损耗与散失；（4）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移【解答】解：a、物质的比热容随状态变化，故a错误；b、冰是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大，故b错误；c、热机在工作时不可避免地有能量的损耗与散失，故柴

13、油机的效率不可能达到100%，故c错误；d、烧开水是通过热传递的方式增加水的内能，故d正确故选d【点评】本题考查了多个与热学有关的知识点，对每一个知识的理解要深入，这样才能在一些类似的说法中准确做出判断，这也是物理常考的内容3现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）abcd【考点】电路图及元件符号【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案【解答】解：a、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故a不正确；b、只闭合开关s1时

14、绿灯亮，只闭合开关s2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故b正确；c、两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故c不正确；d、当只闭合开关s2时，两灯泡都发光；只闭合s1时绿灯亮故d不正确故选b【点评】本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案4如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是（）a电流表测的是l1的电流b电流表测的是l2的电流c电流表测的是总电流d两灯泡串联【考点】电流表的使用【分析】根据电流流向法，先判断出电路的串并联特点，再确定电流表的测量对象，最后对照选项得出正确的答案

15、【解答】解：读图可知，两只灯泡组成并联电路，电流表测量灯泡l1的电流，开关在干路中，控制整个电路，故a正确，bcd错误故选a【点评】本题考查了对电路的基本连接情况的认识，能准确判断电路的串并联，并能确定开关、电流表等在电路中的作用是解答此题的关键5关于导体的电阻，下列说法正确的是（）a导体的电阻与导体两端的电压成正比b导体的电阻与通过导体的电流成反比c导体两端电压为零时，导体的电阻也为零d导体的电阻与电流、电压大小无关【考点】影响电阻大小的因素【分析】（1）导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料、温度跟电压、电流都无关可见导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小（2）

16、导体电阻的大小可以由欧姆定律的变形公式进行计算，即r=【解答】解：电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种属性；其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，而与导体两端的电压、通过的电流无关，所以abc选项不正确，d选项正确故选d【点评】电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小决定于导体的长度、横截面积、材料和温度，与其他条件无关6如图所示电路中，闭合开关后发现l1和l2均不发光，电流表无示数为了找出故障原因，小华用电压表进行检测，发现ab间电压为0，ac间电压为3v，bc间电压为3v则电路故障可能是（）al1开路bl1短路cl2开路dl2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分

17、析】由图知：两只灯泡串联，闭合开关两灯都不亮，故障只能是断路，具体位置根据电压表有无示数判定【解答】解：a、如果l1开路，l1和l2均不发光，电流表无示数把电压表并联在ab间时，电压表有示数不符合题意；b、如果l1短路，闭合开关，l2会发光不符合题意；c、如果l2开路，l1和l2均不发光，电流表无示数用电压表进行检测，则ab间电压为0，ac间电压为3v，bc间电压为3v符合题意；d、如果l2短路，闭合开关，l1会发光不符合题意故选c【点评】利用电压表检验串联电路故障时，将电压表与某一用电器并联，闭合开关，如果电压表无示数，可能是此用电器短路或其它串联部分断路；如果电压表显示电源电压，可能是此用

18、电器并联或其它串联部分短路7如图所示的电路中（电源电压不变），闭合电键s后，当滑动变阻器的滑片自左向右移动时，下列判断中正确的是（）a电流表的示数不变，电压表的示数不变b电流表的示数变大，电压表的示数变小c电流表的示数变大，电压表的示数变大d电流表的示数变小，电压表的示数不变【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用【分析】分析电路图，r1和滑动变阻器并联在电源的两端，电流表a测量的是通过滑动变阻器的电流，电压表测量电源两端的电压；当滑片自左向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变大，本支路的电流变小；再根据欧姆定律分析判断【解答】解：由图可知，r1和滑动变阻器并联在电源的两端，电压表测量电源两端的电

19、压，所以电压表的示数不变当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大；根据欧姆定律可知，电压不变时，电阻变大，电流减小，即电流表的示数减小故选d【点评】本题关键：一是分析电路图，得出电路连接方式和两个电表的测量对象，二是会分析滑动变阻器滑片移动对电路的影响8如图所示的电路，电源电压为3v且保持不变，滑动变阻器r1标有“1a 10”的字样当滑动变阻器的滑片p在最右端时闭合开关s，通过灯泡l的电流为 0.6a，移动滑动变阻器的滑片p，在电路安全工作的情况下，下列说法正确的是（）a向左移动滑动变阻器的滑片p至中点时时灯泡变暗br1消耗的电功率范围是1.5w3wc滑片p在最右端时通过干路中的电流是0

20、.9ad电路消耗的总功率范围是2.7w4.5w【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用【分析】（1）由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，根据并联电路独立工作、互不影响可知滑片的移动不能改变灯泡的亮暗；（2）当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时干路电流最小，根据欧姆定律求出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，根据p=ui求出r1和电路消耗的最小功率；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知允许通过的最大电流，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流，根据p=ui求出r1和电路消耗的最大功率，进一步求出答案【解答】解：（1）由电路图可知，滑动变阻器与灯泡并联，并联电路独立工作、互不

21、影响，滑片的移动不能改变灯泡的亮暗，故a错误；（2）当滑片位于右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时通过滑动变阻器的电流和干路电流最小，并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，通过滑动变阻器的最小电流：i1min=0.3a，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过干路的电流：imin=il+r1min=0.6a+0.3a=0.9a，故c正确；r1消耗的最小电功率：p1min=ui1min=3v0.3a=0.9w，电路消耗的最小总功率：pmin=uimin=3v0.9a=2.7w；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，允许通过的最大电流为1a，r1消耗的最大电功率：p1max=ui1m

22、ax=3v1a=3w，r1消耗的电功率范围是0.9w3w，故b错误；通过干路的最大电流：imax=il+r1max=0.6a+1a=1.6a，电路消耗的最大总功率：pmax=uimax=3v1.6a=4.8w；电路消耗的总功率范围是2.7w4.8w，故d错误故选c【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道并联电路独立工作、互不影响并能从滑动变阻器的铭牌得出允许通过的最大电流9以下操作中符合安全用电规则的是（）a家用电器的外壳可任接火线、零线或接地b检修家用电路及更换电路元件时，断开零线或火线均可c检修家中电路时要切断家庭电路的总开关d擦干的手可以直接触摸火线【考点

23、】安全用电原则【分析】对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故；检修电路及更换元件时，应在停电的情况下工作，不能带电工作；不接触低压带电体，不靠近高压带电体【解答】解：a、家用电器的金属外壳要接地，防止金属外壳漏电，发生触电事故；而不是随便连接火线或零线不符合安全用电原则；b、c、为避免发生触电事故，检修电路及更换元件时，一定断开总开关b选项不符合安全用电原则，c选项符合安全用电原则；d、手虽然是干燥的，但接触火线的同时接触零线或大地，仍然会造成触电不符合安全用电原则故选c【点评】此题考查生活中的安全用电常识，要对安全用电的规则熟记于胸，才不会出现错误10如图所示，

24、电源的输出电压恒定不变，现将一个灯泡l接在离电源很近的ab两点时，灯泡l消耗的功率为25w，若将灯泡l接在离电源较远的cd两点时，灯泡l消耗的功率为16w则输电导线ac、bd上消耗的功率为（）a1wb2wc4wd9 w【考点】电功率的计算【分析】先设出灯泡l分别连接在a、b和c、d两点时电路中的电流，根据p=i2r分别列出灯泡l消耗的电功率的方程，求出两种情况下电流之间的关系；再根据电流关系求出将灯泡l接c、d两点时的电路总功率，总功率减掉l消耗的功率即为导线ac和bd消耗的总功率【解答】解：设灯泡l连接在a、b两点时，电路的电流为i1，则p1=i12rl=25w若将灯泡l接c、d两点时，电路

25、的电流为i2，则p2=i22rl=16w由两式可得：i1：i2=5：4，若将灯泡l接c、d两点时，电的总功率为：p3=ui2，则： =，即p3=25w=20w，所以导线ac和bd消耗的总功率为：p=p3p2=20w16w=4w故选c【点评】题考查了电功率公式的灵活应用，关键是根据电阻消耗的功率求出电流之间的关系，从而求出将电阻r接c、d两点时电路的总功率11如图所示的四幅图中，说明电动机工作原理的实验装置是（）abcd【考点】直流电动机的原理【分析】要解答本题需掌握：电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的【解答】解：a、奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场故该选项错误；b

26、、当导体在磁场中做切割磁感线运动时，检流计的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故该选项错误；c、该选项是用来研究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，故该选项也是错误的；d、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故该选项正确；故选d【点评】电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键12如图所示，在电路中滑动变阻器滑片p逐渐向左适当移动的过程中，条形磁体仍保持静止，在此过程中下列说法正确的是（）a电磁铁左端为s极b条形磁铁与电磁铁相互吸引c电磁铁磁性逐渐增强d电磁铁周围不产生磁场【考点】通电螺

27、线管的磁场【分析】由右手螺旋定则可判断电磁铁的极性，电磁铁的周围也存在磁场，由磁极间的相互作用可判断是吸引还是排斥；由滑片的移动可知接入电阻的变化及电流的变化，则可知磁性强弱的变化【解答】解：a、由右手螺旋定则得，电磁铁左端为n极，故a错误；b、电磁铁左端为n极，与条形磁铁同名极相对，相互排斥，故b错误；c、滑动变阻器滑片p逐渐向左适当移动的过程中，滑动变阻器连入电路中电阻值减小，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，故c正确；d、通电导线周围存在磁场，所以电磁铁的周围也存在磁场，故d错误故选c【点评】本题用到的知识点较多，应能够将各知识点灵活应用并注意各内容间的相互联系二、填空题（本大题共5小

28、题，每空2分，共20分）13在内燃机的“吸气”、“压缩”、“做功”、“排气”四个冲程中，将内能转化为机械能的是做功冲程；常用水来给内燃机降温，是因为水的比热容比较大【考点】内燃机的四个冲程；水的比热容的特点及应用【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的（2）水的比热容最大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多【解答】解：内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程，压缩冲程活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；做功冲

29、程高温高压燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能 内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去与其它液体相比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最好故答案为：做功；比热容【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况、水的比热容最大的应用，在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反14铭牌上标有“220v 22w”的节能灯，正常工作时的电流为0.1a，若它每天正常工作5小时，那么一个月消耗3.3kwh的电能（一个月按30天计算）【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率与电能、时间的关系【分析】节能灯正常工作时的功率和额定功率相等，根据p=ui求

30、出正常工作时的电流；再根据w=pt求出一个月消耗的电能【解答】解：由p=ui可得，节能灯正常工作时的电流：i=0.1a，由p=可得，一个月消耗的电能：w=pt=22103kw5h30=3.3kwh故答案为：0.1；3.3【点评】本题考查了电功率公式和电功公式的应用，计算过程要注意单位的换算15一个电动机的线圈电阻是4，当把它接在220v电压下工作10min已知：通过线圈的电流是5a，这时电动机做功6.6105j，线圈产生的热量是6104j【考点】电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】知道电动机工作的电压和通过的电流，根据w=uit求出工作10min消耗的电能，又知道线圈电阻，根据q=i

31、2rt求出线圈产生的热量【解答】解：电动机工作10min消耗的电能：w=uit=220v5a1060s=6.6105j，线圈产生的热量：q=i2rt=（5a）241060s=6104j故答案为：6.6105；6104【点评】本题考查了电功公式和焦耳定律的应用，是一道较为简单的应用题16在学习了电和磁的知识后，小杰在家里饶有兴趣地做起了小实验他找了一枚缝衣针，在“吸铁石”上擦了几下，然后用一根细软的棉线将缝衣针悬挂起来并保持水平，结果发现静止后针尖总是指向南方，这说明缝衣针已经被磁化成了一枚小磁针，此时缝衣针的针尖是s极（填“s”或“n”）【考点】磁化【分析】一些物质在磁体或电流的作用下获得磁性

32、，叫做磁化磁体有指示南北的性质，指南的一极称为南极，指北的一极称为北极【解答】解：（1）缝衣针，在“吸铁石”上擦了几下，获得磁性，这说明缝衣针已经被磁化成了一枚小磁针； （2）缝衣针被悬挂起之后针尖总是指向南方，所以针尖是南极，即s极故答案：磁化； s【点评】此题主要考查磁化现象、磁体的性质，是一道基础题目17如图所示，电源电压恒定，小灯泡l标有“3v 1.2w”字样，r为定值电阻，闭合s，断开s1，小灯泡正常发光；若再闭合s1，发现电流表示数变化0.5a，则r的阻值为6，此时灯泡l和电阻r消耗的功率之比是4：5【考点】电功率的计算【分析】（1）当闭合s时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中

33、的电路中的电流，灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据p=ui求出电流表的示数；（2）再闭合s1时，灯泡l和定值电阻r并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡的电流不变，电流表示数的变化即为通过r的电流，根据并联电路的电压特点和和p=ui计算灯泡l和电阻r消耗的功率之比【解答】解：（1）当闭合s时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电路中的电流，由题知，灯泡正常发光，根据p=ui可得，此时电流表的示数：il=0.4a；（2）再闭合s1时，灯泡l和定值电阻r并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路独立工作、互不影响，闭合开关s1前后，通过灯泡的电流不变，电

34、流表示数变化0.5a，即通过r的电流ir=0.5a，并联电路中各支路两端的电压相等，由i=可得r的阻值：r=6；由p=ui可知，灯泡l和电阻r消耗的功率之比：=故答案为：6；4：5【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压等于其额定电压三、实验题（本大题共3个小题，每空2分，共24分）18小明利用如图甲所示实物电路探究“导体中电流跟电阻的关系”提供的实验器材有：电压恒为5v的电源、电流表、电压表、四个不同阻值的定值电阻、滑动变阻器、开关、导线若干（1）图甲中部分导线已连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整（2）实验数据如表，第2次实验中电流表的

35、示数如图乙所示，则电流表示数为0.20a次数1234电阻/5101520电流/a0.400.130.10（3）分析表中数据可得出结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比（4）结合表中数据可知，小刚选用的滑动变阻器的最大阻值至少是30【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）图甲中还未连入的元件有电压表和滑动变阻器，电压表应并联到定值电阻两端，滑动变阻器按照“一上一下”连入电路由此连接电路；（2）由表格数据可知电流表使用的量程，由电流表量程和分度值读出其示数；（3）研究电流跟电阻关系时，控制电压不变，分析电流和电阻的变化关系得出结论；（4）根据表格中数据，用公式u=ir计算

36、出导体两端的电压；根据串分压的知识，当定值电阻的阻值最大时，所需的滑动变阻器的阻值也最大，结合欧姆定律的知识计算得出【解答】解：（1）把电阻、滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在电阻两端，注意滑动变阻器已接了右下角的接线柱，所以应将其上面的一个接线柱接入电路中，如图所示：（2）由表格各次实验，电流都小于0.6a，所以实验中电流表使用的是00.6a量程，分度值为0.02a，示数为0.2a；（3）研究电流跟电阻之间的关系，电流的变化倍数与电阻变化倍数的倒数相等，故可得结论：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比（4）电压表的示数保持不变，由表格中数据知，ur=i1r1=50.4a=2v；根

37、据串分压的知识，当定值电阻的阻值最大为20时，所需滑动变阻器的阻值最大，此时电路中电流为=0.1a，所以r滑=30故答案为：（1）见上图；（2）0.2；（3）在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（4）30【点评】本题是探究“导体中电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、实验方法、电表读数、数据分析等，考查全面，难度不大，这个实验是常考题，能灵活运用控制变量是关键19为了探究电磁铁的磁性强弱跟哪些因素有关，小琴同学用漆包线（表面涂有绝缘漆的导线）大铁钉上绕若干匝，制成简单的电磁铁，图甲、乙、丙、丁为实验中观察到的四种情况当开关闭合后，甲图中钉帽（填“钉帽”或“钉尖”）是磁铁的n极；

38、比较图乙和丙可知：匝数相同时，电流越大磁性越强；由图丁可知：当电流一定时，匝数越多，磁性越强【考点】探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验【分析】（1）电磁铁的n极和s极通过安培定则进行判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是电磁铁的n极（2）电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯在电流和铁芯一定时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；在线圈和铁芯一定时，电流越大，电磁铁磁性越强；在线圈和电流一定时，有铁芯时电磁铁磁性越强【解答】解：（1）根据电源正负极判断流入电磁铁的电流方向，根据安培定则判断甲图中电磁铁的n极在钉帽（2）要得出“匝数相同时，电流越大磁性越强”

39、的结论，必须控制线圈匝数相同，电路的电流不同，符合要求的是乙、丙两图（3）要得出“当电流一定时，匝数越多，磁性越强”的结论，必须控制电流相同，丁图中是通过两个电磁铁串联实现的故答案为：钉帽；乙； 丙；丁【点评】掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电磁铁磁性强弱跟各因素之间的关系20在“探究影响电流做功多少的因素”活动中，同学们设计了如图甲、乙、丙三个电路（1）经过讨论，认为不应该选择图甲电路，原因是电压改变时，电流也在变，没有控制变量（2）为研究电流做功与电压的关系，应该选择图丙 所示的电路（3）利用图丙电路研究某问题，当闭合开关后，发现l1灯不亮，l2灯亮，电压表v1没有

40、示数，则电路发生的故障是l1短路（4）学习电功率知识后，小明想测灯泡的额定功率，将标有“6v 6w”的灯泡l1和“6v 4w”的灯泡l2按图丙电路连接，再接入电流表经分析，在保证电路元件安全的情况下能测出灯泡l2的额定功率【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）电流做功的大小与电压、电流和通电时间三个因素有关，当研究与其中某一个因素的关系时，应控制其余的因素不变；（2）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；（3）电压表有示数，说明电压表的两接线柱和电源连接的部分电路中没有断路；电压表无示数，说明可能电压表被短路，或者电压

41、表与电源连接的部分电路有断路，综合分析就可以找出故障（4）额定功率是小灯泡在额定电压下发挥的功率，要测量灯泡的额定功率，灯泡两端的电压必须能达到其额定电压，电路中的电流为灯泡的额定电流【解答】解：（1）甲电路中，滑动变阻器滑片移动时，灯泡两端的电压和电流都在变化，无法控制电流或者电压不变，根据控制变量法的思想，不能研究电流做功与电压和电流的关系，因为电路中电压和电流同时改变，不能单独控制其中一个不变（2）研究电流与电压的关系，就应该控制电路中的电流不变，通过比较电压，研究电流做功与电压的关系，图丙中两只灯泡串联，控制了电流相同（3）图丙中，当闭合开关后，l1灯不亮，l2灯亮，说明电路是通路，电

42、压表v1没有示数，说明其并联部分出现了短路，因此电路发生的故障是l1短路（4）“6v 6w”灯泡l1额定电流i1=1a，“6v 4w”灯泡l2额定电流i2=0.67a，因为1a0.67a以及两灯串联，所以为保护灯l2，电路中的电流不能超过0.67a，因此灯泡l2能正常发光，接入电流表能测量灯l2的额定功率故答案为：（1）电压改变时，电流也在变，没有控制变量；（2）丙；（3）l1短路；（4）l2【点评】解题时要注意控制变量法的应用；解第（4）时要注意，两灯串联，通过它们的电流相等，但又不能超过额定电流，否则就有烧毁的危险，因此额定电流较小的灯泡能正常发光，另一只发光较暗21某太阳能热水器内装有1

43、00kg初温为25的水，经过一天的太阳照射，水温升高到75，则：（过程中不计热损失，水的比热容为4.2103j/（kg）、天然气的热值为2.1107j/kg）（1）水吸收的热量为多少j？（2）这些热量相对于完全燃烧多少kg天然气所放出的热量？（3）要产生同样多的热量，用“220v 2000w”的电热水器正常工作需要多少min时间？【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）知道水的质量和初温、末温、比热容，根据q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）根据题意可知天然气完全燃烧释放的热量，根据q放=mq求出所需天然气的质量；（3）根据题意可知电热水器产生的热量，根据q=w=pt求出电热水器正常工作的时间【解答】解：（1）水吸收的热量：q吸=cm（tt0