浙江省宁波市2019届高三上学期期末十校联考物理试题

1、绝密启用前【校级联考】浙江省宁波市2019届高三上学期期末“十校联考”物理试题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题)请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1下列物理量属于矢量的是A功 B电势 C磁通量 D平均速度2证实自由落体运动为匀变速直线运动的物理学家是A牛顿 B伽利略 C亚里士多德 D笛卡尔3下列是电压的单位的是Akgm/（Cs2） Bkgm2/（As2） CHC/s2 DJ/C24共享单车是提供自行车单车共享服务，是一种分时租赁模式，也是

2、一种新型环保共享经济共享单车的出现为我们的生活出行带来了极大的便利，而且越来越普及，但是也出现了很多不文明的行为，其中有一种就是有家长将自己的孩子放在单车车篮内（如图），极易发生事故我们以矿泉水为例研究这个问题，若将一箱矿泉水放在车篮内，下列说法正确的是A自行车加速前进时，车对矿泉水的作用力向前B自行车匀速前进时，矿泉水受到的合力竖直向上C自行车突然刹车时，矿泉水会向前倾是因为受到车篮对矿泉水向前的推力D自行车突然刹车时，矿泉水离开车篮掉下的过程中，矿泉水受到重力和空气阻力的作用5以下是课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是A甲图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，达到减小车

3、辆受到的摩擦阻力的目的B乙图中库仑通过此装置得出了电荷之间相互作用遵从的规律，并测定了静电力常量C丙图中汽车为了爬坡，应将档位打在低速档D丁图中汽车雨天转弯时容易往弯道外侧偏移并发生侧翻现象是因为汽车受到了离心力的作用6设在平直公路上以一般速度行驶的自行车，所受阻力约为车、人总重的0.02倍，则骑车人的功率最接近于（ ）A10-1kW B10-3kW C1kW D10kW7一水平放置的圆盘绕竖直固定轴转动，在圆盘上沿半径方向开有一条宽度为2.5mm的均匀狭缝，将激光器与传感器上下对准，使二者间连线与转轴平行，分别置于圆盘的上下两侧，且可以同步地沿圆盘半径方向匀速移动，激光器连续向下发射激光束在

4、圆盘转动过程中，当狭缝经过激光器与传感器之间时，传感器接收到一个激光信号，并将其输入计算机，经处理后画出相应图线图（a）为该装置示意图，图（b）为所接收的光信号随时间变化的图线，横坐标表示时间，纵坐标表示接收到的激光信号强度，图中t1=1.010-3s，t2=0.810-3s根据图（b）以下分析正确的是A圆盘转动角速度逐渐增大B圆盘转动周期逐渐增大C第三个激光信号的宽度 t3=0.610-3sD激光器和传感器沿半径向外运动8利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图象某同学在一次实验中得到的运动小车的速度时间图象如图所示，以下说法正确的是 A小车的加速度先增加，后减小B小车运动的最大

5、速度约为0.9m/sC小车的位移一定大于8mD小车做曲线运动9如图所示，ACB为固定的光滑半圆形轨道,轨道半径为R，A、B为水平直径的两个端点，AC为1/4 圆弧，MPQO为竖直向下的有界匀强电场（边界上有电场），电场强度的大小E=2mgq一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，小球运动过程中电量不变，不计空气阻力，已知重力加速度为g关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是A若H=R，则小球刚好沿轨道到达C点B若HR，则小球一定能到达B点C若小球到达C点时对轨道压力为6mg，则H=92RD若H=3R，则小球到达C点时对轨道压力为5mg1

6、0电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A、B，AB连线中点为O在A、B所形成的电场中，以O点为圆心半径为R的圆面垂直AB连线，以O为几何中心的边长为2R的正方形平面垂直圆面且与AB连线共面，两个平面边线交点分别为e、f，则下列说法正确的是A在a、b、c、d、e、f六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B将一电荷由e点沿圆弧egf移到f点电场力始终不做功C将一电荷由a点移到圆面内任意一点时电势能的变化量并不都相同D沿线段eOf移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大11如图所示，在某行星表面上有一倾斜的匀质圆盘，盘面与水平面的夹角为30，圆盘绕垂直于

7、盘面的固定对称轴以恒定的角速度转动，盘面上离转轴距离L处有一小物体与圆盘保持相对静止已知能使小物块与圆盘保持相对静止的最大角速度为物体与盘面间的动摩擦因数为32（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，该星球的半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是A这个行星的质量M=2R2LGB这个行星的同步卫星的周期是RLC这个行星的第一宇宙速度v=2LRD离行星表面距离为2R的地方的重力加速度为2 L12如图所示，轻弹簧上端固定，下端拴着一带正电小球Q，Q在A处时弹簧处于原长状态，Q可在C处静止若将另一带正电小球q固定在C正下方某处时，Q可在B处静止在有小球q的情况下，将Q从A处由静止释放，则Q从A运动到C处的

8、过程中AQ运动到C处时速率最大BQ、q两球组成的系统机械能不断增大CQ的机械能不断增大D加速度大小先减小后增大13霍尔式位移传感器的测量原理如图所示，有一个沿z轴方向的磁场，磁感应强度B=B0+kz(B0、k均为常数).将传感器固定在物体上，保持通过霍尔元件的电流I不变(方向如图所示)，当物体沿z轴方向移动时，由于位置不同，霍尔元件在y轴方向的上、下表面的电势差U也不同.则()A传感器灵敏度Uz与上、下表面的距离有关B当物体沿z轴方向移动时，上、下表面的电势差U变小C传感器灵敏度Uz与通过的电流有关D若图中霍尔元件是电子导电，则下板电势高14以往我们认识的光电效应是单光子光电效应，即一个电子极

9、短时间内能吸收到一个光子而从金属表面逸出。强激光的出现丰富了人们对于光电效应的认识，用强激光照射金属，由于其光子密度极大，一个电子在短时间内吸收多个光子成为可能，从而形成多光子电效应，这已被实验证实。光电效应实验装置示意如图。用频率为v的普通光源照射阴极k，没有发生光电效应，换同样频率为v的强激光照射阴极k，则发生了光电效应；此时，若加上反向电压U，即将阴极k接电源正极，阳极A接电源负极，在k、A之间就形成了使光电子减速的电场，逐渐增大U，光电流会逐渐减小；当光电流恰好减小到零时，所加反向电压U可能是下列的（其中W为逸出功，h为普朗克常量，e为电子电量）AU=hve-we BU=2hve-we

10、 CU=2hv-W DU=5hv2e-we评卷人得分二、多选题15下列说法正确的是A在LC振荡电路中，当电流在增大时，电容器总是处于放电状态B海市蜃楼现象跟光的全反射有关，可以把海面上的空气看作是由折射率不同的许多水平气层组成的，越靠近海面，空气温度越低，密度越大，折射率越小C重核裂变发生需要用“热中子”来引发，而裂变产生的都是“快中子”，这时候需要将镉棒插得深一点来减慢中子的速度D阴极射线、射线、光电流中都包含电子16两列波速相同的简谐横波沿x轴相向传播，实线波的频率为3 Hz，振幅为10 cm，虚线波的振幅为5 cm。t=0时，两列波在如图所示区域内相遇，则A两列波在相遇区域内会发生干涉现

11、象B实线波和虚线波的频率之比为3：2Ct=16s时，x=9 m处的质点实际振动方向向上Dt=112s时，x=4 m处的质点实际位移大小|y|12.5 cm第II卷（非选择题)请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题17如图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图钩码的质量为m1，小车和砝码的质量为m2，重力加速度为g(1)下列说法正确的是_A每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后打开数据接收器C本实验m2应远小于m1D在用图象探究加速度与质量关系时，应作a-1m2图象(2)实验时，

12、某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得F=m1g，作出a-F图像，他可能作出图2中_（选填“甲”、“ 乙”、“ 丙”）图线此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_A小车与轨道之间存在摩擦B导轨保持了水平状态C所挂钩码的总质量太大D所用小车的质量太大18某个同学得知芋艿也有电阻,想探究其阻值为多大,向老师借来多用电表进行粗测，如图1(1)选择档位后(图2)指针偏转如图3所示，则该同学接下去的操作应为_，测量读数(2)为精确测量芋艿的阻值，设计如图4所示的电路图，则测量时应将c点接_（选填“a点”或“b点”），按此连接测量，测量结果_（选填“小于”、“等于”或“大于”）芋艿内阻

13、的真实值 (3)另一同学测量了两节干电池的电动势和内阻，将测量结果画图（如图5），根据图5可知一节干电池的内阻约为_（保留两位有效数字）19如图1为验证动量守恒定律的实验装置，实验中选取两个半径相同、质量不等的小球，按下面步骤进行实验： 用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2；用游标卡尺测小球A直径如图2所示，则d=_cm安装实验装置，将斜槽AB固定在桌边，使槽的末端切线水平，再将一斜面BC连接在斜槽末端；先不放小球m2，让小球m1从斜槽顶端A处由静止释放，标记小球在斜面上的落点位置P；将小球m2放在斜槽末端B处,仍让小球m1从斜槽顶端A处由静止释放，两球发生碰撞，分别标记小球m1、m2在斜

14、面上的落点位置；用毫米刻度尺测出各落点位置到斜槽末端B的距离图中M、P、N点是实验过程中记下的小球在斜面上的三个落点位置，从M、P、N到B点的距离分别为SM、SP、SN依据上述实验步骤，请回答下面问题：(1)两小球的质量m1、m2应满足m1_m2（填写“”、“=”或“m2.(2)碰撞前，小球m1落在图中的P点，设其水平初速度为v1.小球m1和m2发生碰撞后，m1的落点在图中的M点，设其水平初速度为v1，m2的落点是图中的N点，设其水平初速度为v2设斜面BC与水平面的倾角为，由平抛运动规律得:sMsin=12gt2, sMcos=v1t,解得v1=gsM(cos)22sin，v1=gsP(cos

15、)22sin，v2=gsN(cos)22sin，所以只要满足m1v1=m2v2+m1v1，即：m1SP=m1SM+m2SN，则说明两球碰撞过程中动量守恒.【点睛】螺旋测微器与游标卡尺的读数问题,要注意螺旋测微器需要估读，而游标卡尺不需要估读;验证动量守恒定律时，物体的速度不易测量，常用物体的位移来间接测出速度，这是解题的关键.20(1) k=500N/m, (2)v1=9255m/s (3)h=9625m【解析】【分析】(1)根据平衡条件以及胡克定律可求得劲度系数，并画出对应的图象；(2)对过程进行分析，根据机械能守恒定律可求得碰前的瞬时速度; (3)碰撞后内芯与外壳以共同的速度一起上升由机械

16、能守恒定律列式求得最大高度【详解】(1)砝码处于静止状态时，根据平衡条件有m0g=kx1解得：k=500N/m弹力和形变量成正比关系，F-x图如图所示(2)弹簧弹起外壳竖直上升的过程，忽略重力做功，只有弹簧的弹力做功，由系统的机械能守恒有：12Mv12=12kx22解得：v1=9255m/s(3)碰撞后内芯与外壳以共同的速度一起上升,系统只有重力做负功，由机械能守恒定律得：12(M+m)(23v1)2=(M+m)gh解得：h=9625m【点睛】本题的关键是分析外壳的运动过程，判断出每个过程能量是如何转化，利用能量守恒定律分析.21(1)=5rad/s (2) Wf=-8J (3) L=315m

17、【解析】【分析】(1)滑块做匀速圆周运动，指向圆心的静摩擦力力提供向心力，静摩擦力随着外力的增大而增大，当滑块即将从圆盘上滑落时，静摩擦力达到最大值，根据最大静摩擦力等于向心力列式求解，可以求出滑块即将滑落的临界加速度；(2)先得到初末动能，再根据动能定理求解出摩擦力做的功；(3)抓住F合vC时做类平抛运动，运用类平抛规律的分运动和推论计算距离.【详解】(1)滑块在圆盘上做圆周运动时，静摩擦力充当向心力，根据牛顿第二定律得：mg=m2R代入数据解得：=5rad/s(2)滑块在A点时的速度：vA=R=50.2=1m/s从A到B的运动过程由动能定理：mgh+Wf=12mvB2-12mvA2解得:W

18、f=-8J(3)对滑块从B到C的过程，由动能定理：-mgh=12mvC2-12mvB2解得：vc=1m/s从C点飞出受重力和水平恒力F，根据牛顿第二定律可知ma=F2+(mg)2 可得：合加速度为a=2033m/s2，设合力与水平的夹角为，有tan=mgF=3，即=60，如图所示：可知加速度方向与过c点速度方向垂直，滑块做类平抛运动，设落点沿合力方向的速度为v，由类平抛运动的推论可知vvC=2tan30可得：v=233m/s沿合力方向匀加速的时间t=va=0.1s则类平抛的匀速距离为x=vCt=0.1m则落地点距离C点的水平距离：L=xcos30=315m【点睛】本题关键把物体的各个运动过程的

19、受力情况和运动情况分析清楚，然后结合动能定理、牛顿第二定律和运动学公式求解.22(1)0.4m；(2)210-5s，410-5s；（3）0.37m【解析】【详解】(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动，有qvB=mv2R 解得半径R=0.2m粒子在磁场中运动时，到x轴的最大距离ym=2R=0.4m (2)如答图甲所示，粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T=2Rv=20.22104=210-5s由磁场变化规律可知，它在0-3210-5s(即0-34T)时间内做匀速圆周运动至A点，接着沿-y方向做匀速直线运动直至电场边界C点，用时 t2=R+y0v=210-5s=T4 进入电场后做匀减速运动至D点，由牛顿

20、定律得粒子的加速度：a=qEm=8109m/s2粒子从C点减速至D再反向加速至C所需的时间t3=2va=221048109=210-5s=T4接下来，粒子沿+y轴方向匀速运动至A所需时间仍为t2，磁场刚好恢复，粒子将在洛伦兹力的作用下从A做匀速圆周运动，再经3210-5s时间，粒子将运动到F点，此后将重复前面的运动过程所以粒子连续通过电场边界MN有两种可能：第一种可能是，由C点先沿-y方向到D再返回经过C，所需时间为 t=t3=210-5s 第二种可能是，由C点先沿+y方向运动至A点开始做匀速圆周运动一圈半后，从G点沿-y方向做匀速直线运动至MN，所需时间为 t=T4+3T2+T4=2T=41

21、0-5s (3)由上问可知，粒子每完成一次周期性的运动，将向-x方向平移2R(即答图甲中所示从P点移到F点)，OP=1.1m=5.5R，故粒子打在挡板前的一次运动如答图乙所示，其中I是粒子开始做圆周运动的起点，J是粒子打在挡板上的位置，K是最后一段圆周运动的圆心，Q是I点与K点连线与y轴的交点。由题意知，QI=OP-5R=0.1m KQ=R-QI=0.1m=R2，则JQ=R2-(KQ)2=32RJ点到O的距离JO=R+32R=2+310m0.37m【点睛】本题考查了小球在复合场中的运动，分析清楚小球的运动过程，应用小球最圆周运动的周期公式与半径公式、牛顿第二定律等内容进行分析求解；分析运动的全过程是解题的关键；对学生分析能力