安徽省郎溪中学2020学年高一物理上学期期中试题（直升部含解析）

1、安徽省郎溪中学2020学年高一物理上学期期中试题（直升部，含解析） 一、单项选择题：（本大题共10小题，每小题4分，共40分.）1. 为了传递信息，周朝形成了邮驿制度，宋朝增设“急递铺”，分金牌、银牌、铜牌三种传递类别，“金牌”一昼夜行500里（1里=500m），每到一驿站换人换马接力传递，那么，“金牌”的平均速率（ ）A. 与磁悬浮列车的速度相近 B. 与高速公路上汽车的速度相近C. 与人骑自行车的速度相近 D. 与成人步行的速度相近【答案】C【解析】时间t=24h；路程S=103500500 km =250km；平均速度，与人骑自行车的速度相近。故C正确，ABD错误。故选：C.2. 一物体

2、在水平地面上匀加速运动了，前内位移为，最后内的位移为10，以下说法中正确的有（）A. 该物体的加速度大小为2m/s2B. 第3s内物体的位移为5mC. 若该物体继续不变的加速度匀加速运动3s，则8s内物体的总位移为40mD. 该物体匀加速运动位移的表达式为S=t+t2【答案】C【解析】A. 第1s末的速度等于前2s的平均速度,即：第4s末的速度：由速度公式：v4=v1+at所以：，故A错误；B. 第2s末的速度：v2=v1+at1=2+1(21)=3m/s第3s内的位移：，故B错误；C. 该物体的初速度：v0=v1at0=211=1m/s8s内的位移：，故C正确；D. 该物体的位移表达式：，即

3、，故D错误。故选：C点睛：物体运动的时间是5s，前2s内的平均速度等于1s末的速度，最后2s内的平均速度是4s末的速度，然后结合速度公式即可求出加速度，然后结合位移公式即可求出各位移3. 在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点向上抛小球又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于()A. B. C. D. 【答案】C【解析】小

4、球从O点上升到最大高度过程中，有： 小球从P点上升的最大高度： 依据题意：h2h1=H联立解得：g=故选：C点睛：竖直上抛运动具有时间和位移的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两部分组成，分别求出上升的高度，利用高度差列方程求解。4. 一质量为 m的滑块在粗糙水平面上做匀减速直线运动直到静止，通过频闪照片分析得知，滑块在最初 2s 内的位移是最后 2s 内位移的两倍，且已知滑块最初 1s 内的位移为 2.5m，由此可求得（ ）A. 滑块运动的总时间为 3s B. 滑块的初速度为 5m/sC.

5、 滑块的加速度为 5m/s2 D. 滑块运动的总位移为 5m【答案】A【解析】设物体运动的加速度为a，运动总时间为t，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，则有：最后2s内位移为：最初2s内位移为：又s2:s1=2:1，则有2at2a=4a解得：总时间t=3s，故A正确。第一秒的位移为：解得a=1m/s2，C错误；则总位移.故D错误；滑块的初速度v0=at=13m/s=3m/s.故B错误。故选：A.点睛：物体在粗糙的平面上做匀减速直线运动，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运动，根据位移公式分别列出最初2s内和最后2s内的位移与总时间的关系，求出总时间，进而求出总位移5. 磁

6、性冰箱贴既可以用来装饰冰箱，也可以用来记事备忘，当冰箱贴紧紧吸住侧壁不动时，下列说法正确的是（ ）A. 冰箱贴受到三个力作用B. 冰箱贴受到四个力作用C. 磁性吸力和弹力是一对相互作用力D. 冰箱贴受到的摩擦力大于其受到的重力【答案】B【解析】A. 对冰箱贴受力分析可知，水平方向受磁力和弹力作用，而竖直方向受重力和摩擦力作用才能处于平衡，故冰箱贴共受四个力作用，故B正确，A错误；C. 磁性吸力和弹力作用在冰箱贴上，为平衡力，故C错误；D. 根据平衡条件可知，冰箱贴受到的摩擦力等于其受到的重力，故D错误。故选：B.6. 如图，质量为m的正方体和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态

7、M与m的接触面与竖直方向的夹角为，若不计一切摩擦，下列说法正确的是A. 水平面对正方体M的弹力大小大于(Mm)gB. 水平面对正方体M的弹力大小为(Mm)gcosC. 墙面对正方体M的弹力大小为mg/tanD. 正方体M对正方体m的弹力大小为mgtan【答案】C【解析】AB. 对M和m构成的整体进行受力分析，如左图所示：整体受重力、底面支持力、两侧面的支持力，两物体受力平衡，根据共点力平衡条件，水平面对正方体M的弹力大小为：N=G=(M+m)g，故AB错误。CD. 对m进行受力分析，如右图所示：m受重力、墙面支持力，M的支持力，木块受力平衡，根据共点力平衡条件，有：竖直方向：mg=Nsin水平

8、方向：Nm=Ncos解得Nm=mgcot， 即墙面对正方体m的弹力大小为mgcot由整体法可知：NM=Nm，则墙面对正方体M的弹力大小等于mgcot.故C正确，D错误。故选：C点睛：本题为共点力作用下物体平衡类题目，涉及两个物体，可先对整体进行受力分析，再对M和m分别进行受力分析，由平衡条件即可解决此类题目7. 在竖直墙壁间有质量为m、倾角为30的直角楔形木块和质量为M的光滑圆球，两者能够一起沿竖直墙壁匀速下滑，木块与左侧墙壁之间的动摩擦因数为,则m:M为（ ）A. 2:1 B. 1:1 C. 1:2 D. 1:3【答案】C【解析】光滑圆球受力分析，如图所示：根据平衡条件得：FN=Mg/tan

9、30整体匀速下滑，受力平衡，对整体受力分析，竖直方向有：(M+m)g=FN联立解得：m：M=1：2，故C正确，ABD错误。故选：C8. 表面光滑、半径为R的半球固定在水平地面上，球心O的正上方O处有一无摩擦的定滑轮，轻质细绳两端各系一个小球挂在定滑轮上，如图所示，两小球平衡时，若滑轮两侧细绳的长度分别为L12.4R和L22.5R，则这两个小球的质量之比m1m2为(不计球的大小)（ ）A. 241 B. 251 C. 2425 D. 2524【答案】D【解析】试题分析：先以左侧小球为研究对象，分析受力情况：重力m1g、绳子的拉力T和半球的支持力N，作出力图由平衡条件得知，拉力T和支持力N的合力与

10、重力mg大小相等、方向相反设OO=h，根据三角形相似得：=解得：m1g=同理，以右侧小球为研究对象，得：m2g=由：得m1：m2=l2：l1=25：24故选：D9. 如图所示，质量分别为mA和mB的物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为45的斜面上已知mA2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45增大到50，系统保持静止下列说法正确的是()A. 细绳对A的拉力将增大 B. A对斜面的压力将减小C. A受到的静摩擦力不变 D. A受到的合力将增大【答案】B【解析】先对B物体受力分析，受重力和拉力，根据共点力平衡条件，有 再对物体A受力分析，受拉力T、重力、支持力N，静摩擦力f可能没有，也有

11、可能沿斜面向上，还有可能沿斜面向下，先假设沿斜面向上，如图根据共点力平衡条件，有x方向： y方向： A、由式，当由45增加到50时，细绳对A的拉力不变，A错误；B、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的支持力N将变小，故根据牛顿第三定律，A对斜面的压力将减小，B正确；C、由式，当由45增加到50时，斜面对物体A的静摩擦力一定变化，C错误；D、物体A保持静止，合力一直为零，D错误；故选B。10. 如图所示，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住。现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力F和环

12、对小球的弹力FN的大小变化情况是（ ）A. F减小，FN不变 B. F减小，FN减小C. F增大，FN不变 D. F增大，FN减小【答案】A【解析】小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进行受力分析，小球受重力G,F,FN三个力。满足受力平衡。作出受力分析图如下由图可知OABGFA即：，当A点上移时，半径不变，AB长度减小，故F减小，FN不变，故A正确，BCD错误。故选：A。点睛：对小球受力分析，作出力的平行四边形，同时作出AB与半径组成的图象；则可知两三角形相似，故由相似三角形知识可求得拉力及支持力的变化情况二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分.）11. 甲、乙两车某时刻由

13、同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移时间（x -t）图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（ ）A. 在两车相遇前， t1时刻两车相距最远B. t3时刻甲车在乙车的前方C. 0t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D. 在0到t3这段时间内，甲、乙两车的平均速度相等【答案】AD.B.t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故B错误；D.在0到t3这段时间内，甲、乙两车通过的位移相等，时间也相等，则平均速度相等，故D正确。故选：AD12. 如图所示为甲、乙两质点做直线运动时，通过打点计时器记录的两条

14、纸带，两纸带上各计数点间的时间间隔都相 同关于两质点的运动情况的描述，正确的是（ ）A. 两质点在 t0t4 时间内的平均速度大小相同B. 两质点在 t2 时刻的速度大小相等C. 两质点速度相等的时刻在 t3t4 之间D. 两质点不一定是从同一地点出发的，但在 t0 时刻甲的速度为 0【答案】ABD【解析】A、两质点在t0t4时间内，通过的位移相等，经历的时间相等，故平均速度相等，故A正确；BC、甲图做匀加速直线运动，t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度，乙图做匀速运动，t2时刻的速度即为整个过程的平均速度，甲在t1到t3内的位移与乙在t0到t2内的位移相等，用时相等，所以平均速度相等，

15、故B正确，C错误；D、从纸带不能判断出质点出发点的位置，则两质点不一定是从同一地点出发的，在甲图中，相邻相等时间内位移之比满足1：3：5，满足初速度为零的匀加速直线运动的推论，故t0时刻速度甲的速度为零，故D正确；故选：ABD13. 如图所示，倾角为=30o的斜面体c置于粗糙水平地面上，小物块b质量为3m置于斜面上， 通过细绳跨过光滑的定滑轮与质量为m的沙桶a连接，连接b的一段细绳与斜面平行，a、b、c均静止在质量为m的沙子缓慢流入a中的过程中，c始终静止则（ )A. b对c的摩擦力先减小后增大 B. b可能沿斜面向上运动C. 地面对c的摩擦力方向一直向左 D. 地面对c的摩擦力一直减小【答案

16、】AC【解析】b的重力沿斜面向下的分力：Gbx=Gsin=3mgsin30=1.5mgA. 由于开始时GaGbsin后b受到的绳子的拉力比较大，所以受到的摩擦力的方向向下，随沙子的注入，b受到c的摩擦力增大；所以b对c的摩擦力先减小后增大，故A正确；B. 注入沙子前静摩擦力平行斜面向上，大小为：Ff=GbxGa=1.5mgmg=0.5mg；注入沙子后摩擦力平行斜面向下,为：Ff=GaGbx=2mg1.5mg=0.5mg，可知b不会运动，故B错误；C. D. 以bc整体为研究对象，分析受力如图：根据平衡条件得知，水平面对c的摩擦力：f=Tcos=Gacos，方向水平向左；在a中的缓慢注入沙子的过

17、程中，则摩擦力在增大，故C正确，D错误。故选：AC。14. 如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则（）A. 水平外力F增大 B. 墙对B的作用力减小C. 地面对A的支持力减小 D. B对A的作用力减小【答案】BD【解析】试题分析：对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N和墙壁对B球的支持力N，如图当A球向左移动后，A球对B球的支持力N的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，则B对A的作

18、用力也减小故B、D正确再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力FN，推力F和墙壁的弹力N，如图根据平衡条件，有F=NFN=G故地面对A的支持力保持不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小故A、C错误。故选BD。考点：应用整体法、隔离法解共点力平衡问题【名师点睛】先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况。三、实验题（本大题共两小题，每空2分）15. 某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间

19、。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图(a)所示。实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车。在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图(b)记录了桌面上连续的6个水滴的位置。（已知滴水计时器每30s内共滴下46个小水滴）(1)由图(b)可知，小车在桌面上是_（填“从右向左”或“从左向右”）运动的。(2)该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动。小车运动到图(b)中A点位置时的速度大小为_m/s，加速度大小为_m/s2。（结果均保留2位有效数字）【答案】 (1). (1)从右向左； (2). (2)0.19m/s， (3). 0.37m/s2。【解析】（1）小车运动过程中减速

20、，相同时间内位移逐渐减小，由图判断可知小车从右向左运动。（2）滴水计时器每 滴落46滴水，则两滴水之间的时间间隔为 ，根据中点时刻的速度等于平均速度得A点的瞬时速度为 ，根据逐差法可求加速度：。综上所述本题答案是：(1) 从右向左， (2) 0.20 m/s (3) 0.046 m/s216. 合成实验或弹力实验，某同学在做“验证力的平行四边形定则”实验过程中，他现将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳，实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。（答题区有图） 1）关于两次拉伸橡皮条，下列说法正确的是

21、 （_）A两次拉伸橡皮条，只要保证橡皮条的形变量相同即可B两次拉伸橡皮条后，只需要记录弹簧秤的读数C拉伸橡皮条的过程，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行D用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，细绳的夹角越大越好2）某次用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，最后读数时，弹簧秤的示数如图，则甲弹簧秤的示数为_N，乙弹簧的示数为_N，将测得的数值在右侧的坐标纸上根据所给的标度，作出两个力的图示（两个力的方向已确定），并从理论上得到两个力的合力F为_N。【答案】 (1). （1）C (2). （2）2.50 (3). 4.00 (4). 5.00【解析】A. 本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力

22、与分力的关系。根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A错误；B力是矢量，两次拉伸后既需要记录拉力的大小，也需要记录方向，B错误；C. 合力与分力必须在同一个平面内，所以拉伸橡皮条的过程，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，C正确；D、用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，两弹簧夹角要合适，不宜太大或太小，D错误。故选：C。（2）由弹簧秤的示数可以读出，甲、乙两弹簧秤的示数分别为2.50N和4.00N，注意估读。根据平行四边形定则做出两弹簧拉力的合力图示如图：由图可知，合力F为5.00N。四、计算题17. 如图所示，质量为m的物体被劲度系数为k2的轻弹簧2悬挂在天花板

23、上，下面还拴着劲度系数为k1的轻弹簧1，拖住下面弹簧的端点A用力向上压，当弹簧2的弹力大小为mg/2时弹簧1的下端点A向上移的高度是多少？（重力加速度为g)【答案】(1) ，(2) 【解析】A点上升的高度等于弹簧2和1缩短的长度之和。A点上升，使弹簧2仍处于伸长状态时，弹力减小了mg/2弹簧2比原来缩短： 弹簧1的弹力为mg/2,压缩量为： 所以：x=x1+x2=mg()；A点上升,使弹簧2处于压缩状态时，向下的弹力mg/2，由拉伸变为压缩，所以弹簧2总的缩短量： 弹簧1上的弹力为：mg+mg/2，压缩量为： 所以：所以弹簧1的下端点A上移的高度是mg()或18. 如图所示，一小物体重G=100N，用细线AC、BC和竖直的轻弹簧吊起，处于平衡状态，弹簧原长，劲度系数k=，细线AC长s=4cm，=30，=60，求细线AC对小物体拉力的大