高二物理试题答案

一、单项选择题：C磁场是均匀地辐射分布，线圈转动过程中各个位置的磁感应强度大小不变，故受到的安培力大小不变，故A错误；若线圈中通以题图乙所示方向转动，故B错误；根据题意线圈停止转动时满足NBIS＝kθ，解得θ＝NBSkI，可知线圈(指针)偏角θ与通过线圈的电流I成正比，故C正确；电流表的灵敏度定义为ΔθΔI，根据题意NBIS＝kθ，解得ΔθΔI＝NBSk，可知更换k值更大的螺旋弹簧，电流表的灵敏度减小了，故D错误。故选C。2、解析：A三个粒子从P点射入磁场，轨迹偏转方向相同的带同种电荷，所以轨迹2对应的粒子是正电子，1、3为电子，故D错误；由左手定则可判断，A1r＝mvqB知，运动速度越来越小，B错误；对于轨迹2和轨迹3两种粒子，由于初始半径r＜r，由r＝mvqB知v＜v，故C错误。B转动过程中，穿过导线框中磁通量变化，则有感应电流，故A错误；线框转过30°角时，穿过线框的磁通量为Φ＝BS＝B×S2×cos30°＝3)4BS，故B正确，C错误；线框转过180°角过程中，穿过线框的磁通量变化量为ΔΦ＝Φ′－Φ＝－12BS－12BS＝－BS，故D错误。故选B。4、解析：D开关闭合时，线圈由于自感对电流的阻碍作用，可看作电阻，Ui逐渐减小；0R的阻值大于灯泡D的阻值，当开关闭合时，线圈所在支路的电流小于流过灯泡D的电流，故当开关断开瞬间，线圈产生的感应电流也小于原来流过灯泡D的电流。故选D。5、解析：C\rc\2))))\s\up12(2R×T2＋0＝U2R×TU＝Um2＝2V≈156VP＝\rc\U2R＝484W＝50W，C正确。6、解析：A由题图乙知输入电压的有效值即电压表的示数，为220V，A正确；电容器的耐压值为交流电压的最大值，则有效值为22\r(2)V＝2V，所共6页第1页以原、副线圈的匝数比为102∶1，B错误；电容器通交变电流，所以电流表的示数大于通过电阻R0C0.02s以角速度为100πrad/s，原线圈AB端输入电压的变化规律为u＝100πt(V)，D错误。B收不到高频率的电台信号，因此需要增加调谐电路的固有频率，根据f＝12π\r(LC)率增加，即应该减小线圈的匝数。故选B。8、解析：ABD质子带正电，且经过C点，其可能的轨迹如图所示。所有圆弧所对圆心角均为60r＝Ln(n＝123)，质子在磁场中做圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力可得qvB＝mv2rv＝qBrm＝BLkn(n＝1，2，3，)，故A、B、D正确，C错误。9、解析：BC当永磁体随转轴转动时，产生转动的磁场，铝盘中会产生感的反力矩，会使指针稳定指在某一刻度上，故A错误，B正确；刻度盘上的零刻度线应标在刻度盘的中央，故C正确；若去掉游丝和指针，使转轴Ⅱ可以无，铝盘不能同永磁体完全同步转动，其转速低于永磁体的转速，故D错误。故选BC。10、解析：ACD内能是指物体内部的所有分子所具有的分子动能和分子势A均动能相同，但是质量相同的氢气和氧气的分子数不相同，因此内能不相同，B错误；相同温度下的水变成水蒸气需要吸收热量，因此1g100℃的水的内能小于1g100℃的水蒸气的内能，C正确；内能与温度、体积和物质的量等因素都D正确。共6页第2页二、非选择题5小题，共60分）11、(12分)解析：(1)由图乙中的图像可知，压敏电阻R1的阻值随压力的增大而减小。(2)将货物装载机和上触点串联组成工作电路，将R、滑动变阻器R、电磁铁串联接入控制电路；补充电路如图所示。(3)随着控制电路电流的增大，电磁铁的磁性将增强。R1与R2串联I＝I＝I＝30mA＝0.03AF＝800N时，R＝80ΩI＝UR得U＝IR1＝0.03A×80Ω＝2.4VU＝U－U＝6V－2.4V＝3.6VR＝U2I2＝3.6V0.03A＝120Ω，即滑动变阻器R2的最大阻值至少为120Ω。答案：(1)减小(2)见解析图(3)增强12012、(12分)解析：(1)根据法拉第电磁感应定律，圆环中产生的感应电动势E＝ΔBΔtS其中S＝πr22由图乙可知ΔBΔt＝B0t0根据欧姆定律有I＝ER根据电阻定律有R＝ρ2πrS0t＝12t0时，圆环受到的安培力F＝BI·(2r)＋B02I·(2r)联立解得F＝3B02r2S04ρt0安培力方向垂直于MN向左。－(2)通过圆环的电荷量q＝·Δt根据欧姆定律和法拉第电磁感应定律有－－＝E－)R，＝ΔΦΔt在0～32t0内，圆环磁通量的变化量为共6页第3页ΔΦ＝B·12πr2＋B02·12πr2联立解得q＝3B0rS08ρ。答案：(1)3B02r2S04ρt0方向垂直于MN向左(2)3B0rS08ρ13、(12分)解析：(1)由安培力公式和平衡条件可得mgsinθ＝BILcosθ由闭合电路欧姆定律得I＝ER1＋R2＋r解得B＝1.2T。(2)由牛顿第二定律和闭合电路欧姆定律有BI′Lcosθ－mgsinθ＝maI′＝ER1＋R2′＋r解得a＝1.2m/s2方向沿斜面向上。答案：(1)1.2T(2)1.2m/s2，方向沿斜面向上14、(12分)解析：(1)微粒在区域Ⅰ内水平向右做直线运动，则在竖直方向上有qEsin45°＝mg解得E＝2)mgq微粒在区域Ⅱ内做匀速圆周运动，则重力和静电力平衡，有mg＝qE2解得E＝mgq。(2)粒子进入磁场区域时满足qEdcos45°＝12mv2，qvB＝mv2R根据几何关系，分析可知R＝d2sin30°＝2d2整理得B＝2gd1)2qd2。(3)微粒从P到Q的时间包括在区域Ⅰ内的运动时间t1和在区域Ⅱ内的运动时间t2并满足12at2＝d，mgtan45°＝ma1整理得t＝2d1g)，t＝30°360°·2πRv＝112·2π·2d2\r(2gd1)共6页第4页解得t＝t＋t＝2d1g)＋πd2\r(18gd1)＝6d1＋πd26gd12gd1。答案：(1)2)mgqmgq(2)2gd1)2qd2(3)6d1＋πd26gd12gd115、(12分)解析：(1)封闭气体初状态压强p＝p－p＝(76－19)cmHg＝57cmHg设玻璃管的横截面积为S，体积V＝LS＝50S温度T＝(273＋27)K＝300K封闭气体末状态压强p＝p＝76cmHg体积V＝(L＋h2)S＝(50＋192)S＝59.5S对封闭气体，由理想气体状态方程得p1V1T1＝p2V2T2代入数据解