湖南省名校联考联合体2024-2025学年高一下学期期中考试物理试题 含答案

名校联考联合体2025年春季高一年级期中联考(考试范围：必修一～必修二第八章第2节)A.亚里士多德认为重的物体下落与轻的物体一样快—B.牛顿第一定律揭示了力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因—C.卡文迪什通过扭秤实验测出万有引力常量G的数值D.开普勒提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处于椭圆的一个焦点上2.汽车在水平路面上转弯时，可能会出现侧滑现象，下列说法正确的是A.汽车转弯半径越大，越容易发生侧滑B.汽车轮胎与地面间的动摩擦因数越小，越不容易发生侧滑C.汽车发生侧滑是因为径向的摩擦力不足以提供所需向心力D.为尽量避免汽车发生侧滑，设计路面时内侧要比外侧略高3.如图为某物体在高空中竖直下落的速度随时间变化的图像，下列说法正确的是A.物体的速度大小不变B.物体的加速度大小不变C.物体受到恒定的空气阻力D.物体做变加速直线运动4.某同学站在台阶上将一可视为质点的小球以初速度vo=3m/s水平抛出，小球抛出点距离地面高度为h=1.8m。与此同时，在小球抛出点正下方的一只小狗，由静止开始以恒定加速度a=10m/s²沿水平方向朝着小球落地的位置跑去，试图接住小球。忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s²。若小狗刚好能在小球落地时接住它，下列说法错误的是高一物理(B卷)试题第1页(共8页)B.小狗到达小球落地点时的速度大小为v=6m/sC.若h变为原来2倍，则小球在空中运动时间变为原来2倍原来的2倍A.物块的加速度先增大后减小D.当物块下滑距离,物块的速度最大6.一辆汽车在平直的公路上以恒定的加速度启动并开始计时，经过知汽车质量为2×10³kg,t=0时汽车的牵引力为4×10³N,汽车受到的选错的得0分)2mp,则A、B所受摩擦力fA=2fB速度为v,飞船质量为m,地球半径为R,B点离地心的距离为3R,地球9.如图，右侧面光滑的斜面体放在水平面上，质量相等的物块M、N分别放在斜面体的左右两个面上，M、N拴接在跨过光滑定滑轮的轻质细绳两端，整个系统处于静止状态。现对N施加一始终与右侧轻绳垂直的外力F,使N缓慢移动至右侧细绳水平，该过程斜面体和M始终保持静止。在物块N缓慢移动的过程中，下列说法正确的是A.外力F逐渐减小B.轻绳的拉力逐渐减小C.M所受摩擦力逐渐增大D.斜面对地面的摩擦力先增大后减小10.如图甲所示，粗糙水平地面上有一长木板P,小滑块Q置于长木板的最右端。现将一大小为F=8N、水平向右的恒力作用于长木板的右端，让长木板从静止开始运动，一段时间后撤去力F的作用，滑块和长木板在0~4s内的速度一时间(v-t)图像如图乙所示。已知小滑块Q的质量为m=1kg,重力加速度g=10甲m/s²,则下列说法正确的是乙A.长木板P的质量为2kgB.长木板P与地面之间的动摩擦因数为0.2C.t=8s时，滑块Q停止运动D.长木板P和滑块Q均停止运动时，Q距P的右端12m选择题答题卡题号123456789得分答案高一物理(B卷)试题第4页(共8页)置如图甲所示。(1)进行的操作如下，请将空白处补充完整：A.在饮料瓶内装入红墨水，用橡皮塞塞住，插入进气管，封住进气管，插入出水管按图所示安装好仪器；B.调节喷嘴，使固定在水准仪上的喷嘴方向;C.利用铁架台将木板固定在竖直方向，将白纸固定在木板上，调整铁架台使木板靠近水准仪，用重垂线在白纸上定出y轴，喷嘴的D.打开进气管，让水从喷嘴射出，待水流稳定后，用油性笔将水的流动轨迹描绘在白纸上；E.封住进气管，取下白纸，根据水的流动轨迹求出水从喷嘴流出时的初速度；A、B、C,测得A、B两点竖直坐标y₁为1.25cm、y₂为11.25cm,A、B两点水平间距△x为10.00cm,则水流平抛的初速度v为 度vc为m/s。(结果均保留2位有效数字，重高一物理(B卷)试题第5页(共8页)(1)该实验中同时研究三个物理量间关系是很困难的，因此我们采用的研究方法是0A.放大法B.控制变量法C.补偿法A.先接通打点计时器电源，后释放小车B.补偿阻力时未连接纸带C.调节滑轮高度使细绳与木板平行认为细绳拉力近似等于槽码的重力。(4)某同学得到如图所示的纸带。已知打点计时器电源频率为50Hz。是纸带上7个连续计数点，每两个计数点间有四个点未画出，由此可算出小车的加速度a=m/s²(保留四、解答题(本题共3小题，其中第13题10分，第14题12分，第15题18分)13.(10分)人工智能技术与无人机的结合将使外卖配送踏入“无人”领域。某次试验中，工作人员通过无人机将物品送至用户家中，如图所示为物品在无人机的作用下从地面沿竖直方向到达用户阳台的速度一时间(w-t)图像。已知在0～3s内无人机的升力F为250N,t=12s时恰好到达阳台，上升过程中的最大速率vm为9m/s。假设整个过程的阻力不变，物品和无人机的总质量m为15kg,且物品和无人机可看成质(1)地面到阳台的高度h;(2)运动过程中物品和无人机整体受到的阻力f的大小；(3)匀速运动时无人机的输出功率P。14.(12分)随着科技的发展，未来人类可以自由地在宇宙中旅行。假如一初速度vo竖直向上抛出一个小球(引力视为恒力，阻力可忽略),经过时间t落到地面。已知该行星半径为R,自转周期为T,引力常量为G,求：(1)该行星表面的重力加速度g;(2)该行星的密度p;体的速度v₂之比。高一物理(B卷)试题第7页(共8页)15.(18分)如图所示，将一质量为0.2kg可视为质点的小球系于长为L=1m的细线上在竖直面内绕O点做圆周运动，某时刻在最低点P点时细线断裂，小球从离水平地面3.2m高的P点水平向右飞出，测得第一次落点A与P点的水平距离为2.4m。小球落地后反弹，反弹后离地的最大高度为1.8m,第一次落点A与第二次落点B之间的距离为2.4m。不计空气阻力，重力加速度g取10m/s²。求：00PA(1)小球从P点飞出时的速度大小；(2)在P点断裂前瞬间，细线所受拉力大小；(3)小球第二次与地面碰撞时的速度大小；(4)若小球与地面碰撞时，碰撞前后水平、竖直分速度的比分别为一定值，则小球第5次与地面碰撞时距P点的水平位移大小。高一物理(B卷)试题第8页(共8页)物理(B卷)参考答案一、二选择题(1～6每小题4分。7～10每小题5分，选对但不全得3分)题号123456789ACDCCD1.A【解析】亚里士多德认为重的物体比轻的物体下落得更快2.C【解析】根据向心力公式,在速度一定时，汽车转弯半径r越大，所需向心力越小，也就越不容易发生侧滑，A错误。汽车转弯时，摩擦力提供向心力F向=μmg(μ为动摩擦因数，m为汽车质量，g为重力加速度),动摩擦因数μ越小，能提供的最大静摩擦力越小，也就越容易发生侧滑，B错误。汽车发生侧滑是因为径向的摩擦力不足以提供所需向心力，即向心力不足，C正确。为避免汽车发生侧滑，设计路面时外侧要比内侧略高，D错误。3.D【解析】由图像可知，该物体的速度大小逐渐增加，选项A错误；由图像的斜率等于加速度可知，该物体的加速度大小逐渐减小，做变加速直线运动，选项B错误，D正确；该物体加速度减小，根据mg-f=ma可知受到的阻力增大，选项C错误。故选D。4.C【解析】小球做平抛运动，在竖直方向,可得小球在空中运动时间。小球水平位移x=vot=1.8m,A正确。小狗位移为小球水平位移x=1.8m,小狗速度v=√2ax=6m/s。B正确。根据t=,h变为原来2倍，小球在空中运动时间t变为原来√2倍，C错误。由。变为原来2倍，小球水平位移变为原来2倍，小狗位移也变为原来2倍，在竖直方向高度不变，小球在空中运动时间不变。由x= ,小狗要在小球落地时接住它，则小狗加速度变为原来的2倍，D正确。5.C【解析】物块下滑过程中，加速度先减小至零，后反向增大，A错误。物块下滑过程中，弹簧弹力始终沿斜面方向，在垂直斜面方向无分力，正压力仅由重力垂直斜面分量决定，即N=mgcosθ,摩擦力f=μN=μmgcosθ恒定不变，B错误。物块先做加速度减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，根据P=mgvsinθ可知，C正确。当物块所受合外力为0时，速度最大，此时mgsin错误。6.D【解析】由题可知，恒定加速度的汽车启动过程中先做匀加速直线运动，再做加速度减小的变加速直线运动，A错；,汽车的最大速度,B错；匀加速直线运动期间的加速度a=,匀加速直线运动的时间错；20～100s的时间内，物体做加速度减小的加速运动，此过程中的位移,则汽车克服阻力做功W>fx'=4.8×10⁶J,7.BD【解析】图a中若轻杆上的小球在最高点时，杆受作用力为零，此时mg=mw²l,解得,若角速度小,杆对小球的作用力向上，选项A错误；图b中若火车转弯未达到规定行驶速度时，此时重力和轨道的支持力的合力大于火车所需的向心力，此时火车有做向心运动的趋势，轮缘对内侧轨道有挤压作用，选项B正确；图c中若A、B均相对静止，根据f=mw²r,若半径2RA=3Rs,质量mA=2mg,则A、B所受摩擦力fA=3fg,选项C错误；图d是一圆锥摆，根据mgtanθ=mw²htanθ可得,则两个小球在相同的高度做匀速圆周运动，它们的角速度相同，选项D正确。高一物理(B卷)参考答案-1高一物理(B卷)参考答案-28.AD【解析】由可得,可得飞船在Ⅱ、Ⅲ轨道上通过B点的加速度相等，故A正确；根据开普勒第二定律有vR=vB·3R,解得故B错误；飞船在轨道I运行时，重力提供向心力，得mg=mR,解得,对于轨道I和轨道Ⅱ的周期，根据开普特第三定律,解得T₂= ,故C错误；分析可知轨道Ⅱ上经过B点时的速度大小小于轨道Ⅲ上的速度大小，故需要加速，故D正确。9.BD【解析】对N的分析，设外力F与竖直方向夹角为0,对N进行受力分析，N受重力mg、拉力F、轻绳拉力T,如图，因为F始终与右侧轻绳垂直，根据平衡条件可得F=mgcosθ,T=mgsinθ,在N缓慢移动至右侧细绳水平过程中，0减小，sinθ减小，cosθ增大，所以外力F逐渐增大，轻绳的拉力T逐渐减小，N缓慢移动至右侧细绳水平时，轻绳的拉力大小为0,故A错误，B正确；对M的分析：对M进行受力分析，M受重力mg、斜面支持力、轻绳拉力T和摩擦力f,M的重力沿斜面向下的分力为Gm=mgsin30°,解得,开始时系统静止T=mgsin60°>Gm,M有沿斜面向上运动趋势，摩擦力方向沿斜面向下，有f+Gm=T,由于T减小，则f减小；当T继续减小到mgsin30°时，摩擦力为零；当轻绳的拉力T小于时，M所受摩擦力沿斜面体向上，则Gm=f+T,随着轻绳的拉力T减小，摩擦力增大，所以M所受摩擦力先减小后增大，故C错误；对整体的分析，把M、N和斜面看成整体，整体受重力G总、地面支持力N地、外力F、地面摩擦力f地，在水平方向上f地=Fsinθ,则20,当θ从60°减小到0时，20从120°减小到0,则sin20先增大后减小，所以f地先增大后减小，根据牛顿第三定律，斜面对地面的摩擦力先增大后减小，故D正确。10.BC【解析】根据题意，由图乙可知，t=3s时撤去力F的作用，撤去力F前，根据图像的斜率求得长木板的加速度为a₁=3m/s²;撤去力F后，长木板P的加速度为a₂=-5m/s²,小滑块Q的加速度为a=1m/s²。设小滑块Q与长木板P之间的动摩擦因数为μ1,长木板P与地面之间的动摩擦因数为μ2,根据牛顿第二定律，对长木板P有F-μmg-μ2·(m+mp)g=mpa₁,-μmg-μ2·(m+mp)g=mpaz解得μ=0.1,μ2=0.2,mp=1kg,故A错误，B正确；因为μ₁=0.1<uz=0.2,故小滑块Q与长木板P共速后，小滑块Q相对长木板P向右运动。对长木板P,有μ2·(m+mp)g-μmg=mpas解得a₃=3m/s²,对小滑块Q,有μmg=ma4,解得a₄=1m/s²则从P、Q共速到小滑块Q停止运动，还需,故t=8s时，滑块Q停止运动，故C正确。从P、Q共速到长木板P停止运动，还需长木板P停止运动的时间为P、Q运动全过程的v-t图像如图所示940根据图像围成的面积表示位移，结合前面选项分析由图可得，长木板P和滑块Q均停止运动时，Q距P的右三、实验题(本题共2小题，各4空，每空2分，共16分)11.(8分)(1)水平(2)AC(选不全得1分，选错不得分)(3)1.02.0【解析】(1)探究平抛所以应该要水平(2)为了为平抛运动轨迹，必须保证初速度稳定，为了能稳定且便利地测量数据需要较长的测量时间，从而需要较小的水流速度(3)由平抛运动规律可知，竖直方向有2即运动至A点的时间,运动至B点的时间水平方向有x=v₀t,则水平初速度设C点的竖直分速度为vy,由竖直方向做匀加速直线运动有v³=2gy₃可得v,=√2gy3=√3m/s由速度的合成可知小球在C点的速度vc=√v?+v²=2.0m/s12.(8分)(1)B(2)AC(选不全得1分，选错不得分)(3)远大于(4)0.20【解析】(1)该实验中同时研究三个物理量间关系是很困难的，因此我们采用的研究方法是控制变量法。故选B。补偿阻力时小车需要连接纸带，一方面是需要连同纸带所受的阻力一并平衡，另外一方面是通过纸带上的点间距判断小车是否在长木板上做匀速直线运动，故B错误；为使小车所受合力为绳子拉力，应调节滑轮高度使细绳与长木板平行，故C正确。故选AC。(3)设小车质量为M,槽码质量为m,绳子拉力为F,对小车和槽码，根据牛顿第二定律可得F=Ma,mg-F=可知在小车质量远大于槽码质量时，可以认为细绳拉力近似等于槽码的重力。(4)由图可知△x=xpG-xAD=(6.50cm-2.60cm)-(2.60cm-0.50cm)=1.80相邻计数点间的时间间隔为由逐差法可算出小车的加速度)m/s²四、解答题(本题共3小题，其中第13题10分，第14题12分，第15题18分)匀速阶段的上升的高度hz=vmt₂,t₂=4s…(1分)上升的总高度h=h₁+h₂+h₃解得h=72m(1分)(2)在匀加速阶段加速度,a=3m/s²……(1分)根据牛顿第二定律F-mg-f=ma………………(1分)(3)匀速时升力F'=mg+f=205N(1分)14.(12分)【解析】(1)对小球的运动分析，利用对称性可得……解得(2)对行星表面的物体m,有高一物理(B卷)参考答案-3高一物理(B卷)参考答案-4故行星的密(3)同步卫星的周期与该行星自转周期相同，均为T,设同步卫星的质量为m",同步卫星的轨道半径为r。由牛顿第二定律有………(2分)同步卫星和该行星“赤道”上物体一起转动，角速度w相同。由v=wr…(1分)15.(18分)【解析】(1)设小球刚飞出时的速度大小为vo,小球飞出到第一次落地前瞬间，根据平抛运动的规律可解得vo=3m/s2分(2)根据牛顿第二定律…………2分在P点断裂前