青岛某中学2024届高考模拟试卷（物理试题理）试卷

青岛三中2024届高考模拟试卷（物理试题理）试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05亳米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内.一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿

纸面匀速运动到位置2（右）.取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（r=0）,规定逆时针方向为电流的正方向，则

图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）

2、2019年“嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面。如图，为给“嫦娥四号”探测器登陆月球背面提供通信支持，“鹊桥

号”卫星绕地月拉格朗日心点做圆周运动。已知在地月拉格朗日点心或心，卫星受地球和月球引力的合力作用，能随

月球同步绕地球做圆周运动。则（）

孙■电”1M

©

A.卫星在L点的线速度比在七点的小

B.卫星在L点的角速度比在L2点的大

C.同一卫星心、心点受地球和月球引力的合力相等

D.若技术允许，使“鹊桥号”刚好位于七点，能量消耗最小，能更好地为“嫦娥四号”探测器提供通信支持

3、如图是质谱仪的工作原理示意图，它是分析同位素的一种仪器，其工作原理是带电粒子（不计重力）经同一电场加

速后，垂直进入同一匀强磁场做圆周运动，挡板D上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片4A2。若（）

加速电场二一十

速度选寸择器LB■-

A4UP\1S

::::::::::

A.只增人粒子的质量,则粒子经过狭缝P的速度变大

B.只增大加速电压U,则粒子经过狭缝P的速度变大

C.只增大粒子的比荷，则粒子在磁场中的轨道半径变大

D.只增大磁感应强度，则粒子在磁场中的轨道半径变大

4、按照我国整个月球探测活动的计划，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，第二步是“落月”

工程，已在2013年以前完成。假设月球半径为此月球表面的重力加速度为欧，飞船沿距月球表面高度为3K的圆形

轨道I运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道II,到达轨道的近月点B时冉次点火进入月球近月轨道川绕

月球做圆周运动。下列判断不正确的是（）

A.飞船在轨道I上的运行速率u=4还

2

B.飞船在A点处点火变轨时，动能减小

C.飞船在轨道ni绕月球运动一周所需的时间T=2几形

D.飞船从A到4运行的过程中机械能变大

5、2016年8月16日I时40分，我国在酒泉用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”发射升

空.如图所示为“墨子号”卫星在距离地球表面500km高的轨道上实现两地通信的示意图.若己知地球表面重力加速度

为g,地球半径为R,则下列说法正确的是（)

A.工作时，两地发射和接受信号的雷达方向一直是固定的

B.卫星绕地球做匀速圆周运动的速度小于7.9km/s

C.可以估算出“墨子号”卫星所受到的万有引力大小

D.可以估算出地球的平均密度

6、如图所示，。次和他必是垂直于纸面向里的匀强磁场I、n的边界，磁场I、n的磁感应强度分别为%、生，且

此二2/力，一质量为机、电荷量为q的带电粒子垂直边界做从尸点射入磁场L后经/点进入磁场II,并最终从△边

界射出磁场区域.不计粒子重力，该带电粒子在磁场中运动的总时间为（）

2兀出3uni

A.B.T—T-

qB\ZqB、

itm3itni

C-----D-------

叫,4叫

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列说法正确的是（）

A.液体表面存在张力是因为液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离

B.密闭容器中的理想气体温度不变，体积增大，则气体一定吸热

C.分子间距增大时，分子势能增大，分子力做负功

D.热量可以从低温物体传到高温物体而不引起其他变化

E.液体不浸润固体的原因是，附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏

8、如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容相C司电阻R,导体棒MN放在导轨上且接触良好，

整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度B的变化情况如图乙所示（图示磁感应强度方向为正），MN始终保

持静止，则0〜t2时间（）

A.电容器C的电荷量大小始终没变B.电容器C的a板先带正电后带负电

B.上下拨动金属拨杆

C.左右拨动金属拨杆

D.前后拨动金属拨杆

（2）该同学通过测量头的目镜观察单色光的干涉图样时，发现里面的亮条纹与分划板竖线未对齐，如图2所示，若要

使两者对齐，该同学应如何调节.

条

W则

ffl”)

条C

E

D

A.仅左右转动透镜

B.仅旋转单缝

C.仅旋转双缝

D.仅旋转测量头

（3）如图3所示中条纹间距表示正确是______.

12.（12分）小明同学用如图所示装置验证机械能守恒定律，轻绳两端跨过转轴光滑的轻滑轮系着质量均为M的重物

4和4，将质量为次的小祛码C挂在在物体B上，B下方距离为人处固定一个光电门，物块“装有一宽度很小的挡

光片，测得挡光片宽度为d,将系统静止释放，当挡光片通过光电门（固定光电门的装置未画出）时，可通过计算机

系统记录挡光时间△上改变高度差/，，重复实验，采集多组〃和△，的数据。

（1）若某次记录的挡光时间为△3则挡光片到达光电门处时B的速度大小为

（2）小明设想，为了确定△，与人的关系，可以分别对△，与人取对数，并以1g△，为纵轴，以吆人为横轴建立坐标系，

得到的IgA/-lg/r图线为一直线，该直线的斜率为

⑶若IgAf-IgA图线与纵轴交点坐标为c,若机械能守恒，可以得到该地重力加速度g=_。

A

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，用手捏住细线，让质量2kg的小球在光滑水平桌面上以片lm/s的速率做匀速圆周运动，其半

径r=0.3m。某时刻突然松于，使细线迅速放长0.2m后，又迅速用于捏住细线，保证小球在更大半径的新轨道做匀速

圆周运动，已知大半径的圆与小半径的圆为同心圆。求：

（1）细线迅速放长0.2m所经历的时间

（2）在大半径新轨道上运动时小球的角速度

（3）在大半径新轨道上运动时，细线对小球的拉力

14.（16分）如图所示，匀强电场中相邻竖直等势线间距d=10cm,质〃?=0.lkg、带电荷量为g=lxio+c的小球以初

速度％=10m/s抛出，初速度方向与水平线的夹角为45。，重力加速度g取lOm/sz,求：

（1）小球加速度的大小；

（2）小球再次回到图中水平线时的速度和抛出点的距离.

15.（12分）如图所示，在平面直角坐标系xQy的第二、第三象限内有一垂直纸面向里、磁感应强度为〃的匀强磁场

区域AABC,A点坐标为（0,3«）,C点坐标为（0,-34），B点坐标为（-2疯7，・3〃）.在直角坐标系xOy的第一象

限内，加上方向沿y轴正方向、场强大小为的匀强电场，在、=3〃处垂直于x轴放置一平面荧光屏，其与x轴

的交点为。.粒子束以相同的速度我。由。、。间的各位置垂直y轴射入，已知从y轴上产-2a的点射入磁场的粒子在

磁场中的轨迹恰好经过O点.忽略粒子间的相互作用，不计粒子的重力.

（1）求粒子的比荷；

（2）求粒子束射入电场的纵坐标范围；

（3）从什么位置射入磁场的粒子打到荧光屏上距。点最远？求出最远距离.

E

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解题分析】

先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式石=9小，和欧姆定律，分段分析感应

电流的大小，即可选择图象.

【题目详解】

线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆

时针，电流i应为正方向，故BC错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv,

可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生.线框穿出磁场

的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i

应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由石=45,可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故A

正确，D错误.

2、A

【解题分析】

B.地月拉格朗日点心或心与月球保持相对静止，卫星在“、七点的角速度相等，故B错误；

A.根据口=0厂可得，卫星在心点的线速度比在L点的小，故A正确；

C.根据4=3?/可得，同一卫星必、心点受地球和月球引力的合力不相等，故C错误；

D.若“鹊桥号”刚好位于L2点，几乎不消耗能量，但由几何关系可知，通讯范围较小，并不能更好地为“嫦娥四号”探

测器提供通信支持，故D错误。

故选A。

3、B

【解题分析】

AB.粒子在电场中加速时，根据动能定理可得

；mv2=Uq①

即

所以粒子质量增大，则粒子经过狭缝P的速度变小，只增大加速电压U,则粒子经过狭缝P的速度变大，A错误B正

确；

CD.粒子在磁场中运动时有

qvB二川L②

r

联立①②解得

B

所以只增大粒子的比荷（幺增大）或只增大磁感应强度，半径都减小，CD错误。

m

故选B。

4、D

【解题分析】

A.万有引力提供向心力

2

G-^v

=m

(3R+R)23R+R

解得

在月球表面

Mtn

G铲二叫

解得

2

GM=gQR

联立解得

7^

V=-------

2

故A正确，不符合题意；

B.飞船在A点变轨后由圆轨道变为椭圆轨道，做向心运动，要求万有引力大于飞船所需向心力，所以飞船应该减速,

动能减小，故B正确，不符合题意；

C.万有引力提供向心力

结合

GM=g°R?

解得

故C正确，不符合题意；

D.在椭圆轨道上，飞船由A点运动至4点，只有万有引力做功，机械能守恒，故D错误，符合题意。

故选D。

5、B

【解题分析】

由于地球自转的周期和“墨子号”的周期不同，转动的线速度不同，所以工作时，两地发射和接受信号的雷达方向不是

固定的，故A错误.7.9km/s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，则卫星绕地球做匀速圆周运动的速度小于

7.9km/s,故B正确.由于“墨子号”卫星的质量未知，则无法计算“墨子号”所受到的万有引力大小，故C错误.根据

Min

G再铲='"（R+〃）F知，因周期未知，则不能求解地球的质量，从而不能估算地球的密度，选项D错误；故

选B.

点睛：解决本题的关键知道卫星做圆周运动向心力的来源，知道线速度、周期与轨道半径的关系，理解第一宇宙速度

的意义.

6、B

【解题分析】

粒子在磁场中运动只受洛伦兹力作用，故粒子做圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有

cV

qvB=m—

则有

R=—

qB

粒子垂直边界“e从P点射入磁场I,后经/点进入磁场n,故根据几何关系可得：粒子在磁场I中做圆周运动的半径

为磁场宽度硝根据轨道半径表达式，由两磁场区域磁感应强度大小关系可得：粒子在磁场II中做圆周运动的半径为

磁场宽度那么，根据几何关系可得：粒子从P到/转过的中心角为90°,粒子在一点沿用方向进入磁场n；然后

粒子在磁场n中转过180°,在e点沿颌方向进入磁场I；最后，粒子在磁场I中转过90°后从北边界射出磁场区域；

故粒子在两个磁场区域分别转过180°,根据周期7=*=」?可得：该带电粒子在磁场中运动的总时间为

vqB

J*上上

21222qB\

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABE

【解题分析】

A.液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间距离，分子力表现为引力，故液体表面存在表面张力；故A正确；

B.密闭容器中的理想气体温度不变，气体内能不变，体积增大，气体对外界做功，由热力学第一定律可得

△U=W+Q

气体一定要从外界吸热，故B正确；

C.当分子间作用力表制现为斥力时，距离增大，分子力做正功，分子势能减小；当分子间作用力表现为引力时，距

离增大，分子力做负功，分子势能增大。故c错误；

D.根据热力学第二定律的另一种表述可知，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，而不引起其他变化，故D错

误；

E.液体不浸润固体的原因是，附着层的液体分子可能比液体内部稀疏，也就是说，附着层内液体分子间的距离大于

分子力平衡的距离，附着层内分子间的作用表现为引力，附着层由收缩的趋势，就像液体表面张力的作用一样。这样

的液体与固体之间表现为不浸润，所以E正确。

故选ABEo

8、AD

【解题分析】

A、B：由乙图知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，

电阻R两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器C的电荷量大小始终没变.根据楞次定律判断可知，通过R

的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电.故A正确，B错误；

C：根据安培力公式F=BIL,I、L不变，由于磁感应强度变化，MN所受安培力的大小变化，故C错误.

D：由右手定则判断得知，MN中感应电流方向一直向上，由左手定则判断可知，MN所受安培力的方向先向右后向左，

故D正确.

故选AD.

9、BCD

【解题分析】

A.物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，振幅达最大，这种现象称为

共振。故A错误；

B.机械波从一种介质进入另一种介质传播时，其频率保持不变，故B正确；

C.振子做简谐运动，在半个周期时间内，振子的速率不变，根据动能定理得知合外力做的功一定为0,故C正确；

D.为了减小阻力的影响，用单摆测重力加速度的实验时，在几个体积相同的小球中，应选择质量大的小球，故D正

确；

E.交通警察向远离警车的车辆发送频率为力的超声波，测得返回警车的超声波频率为人，因为相互远离，根据开

普勒效应可知工＞力，故E错误。

故选BCDo

10、CD

【解题分析】

A.由

-Mm4兀)

G—7-=m——r

r2T2

可知

VGM

卫星的轨道越高，周期越大，A项错误；

B.卫星的机械能等于其动能与势能之和，因不知道卫星的质量，故不能确定卫星的机械能大小关系，故B项错误；

C.由

「Mm

G——=ma

可知轨道半径越大，向心加速度越小，故“北理工1号”卫星的加速度较大，由

2

厂Mmv

G——=m—

rr

可知

轨道半径越小，线速度越大，故“北理工1号”卫星的线速度较大，C项正确;

D.设“北理工1号”卫星的角速度为幼，根据万有引力提供向心力有

可知轨道半径越大，角速度越小，两卫星由相距最近至再次相距最近时，圆周运动转过的角度差为2恒即

卬一cot=2兀

可得经历的时间

t_2乃

[GM

故D项正确。

故选CD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、CDCE

【解题分析】

(1)使单缝与双缝相互平行，干涉条纹更加清晰明亮，则要增大条纹的宽度，

根据公式/二、2可知，增大双缝到屏的距离L或减小双缝之间的距离都可以增大条纹的间距，所以需要左右移动拨

a

杆.故C正确ABD错误;

（2）发现里面的亮条纹与分划板竖线未对齐，若要使两者对齐，该同学应调节测量头，故ABC错误，D正确;

（3）干涉条纹的宽度是指一个明条纹与一个暗条纹的宽度的和，为两个相邻的明条纹（或暗条纹）的中心之间的距离,

故图CE是正确的.

d1（2M+m）d

12、

A/,~22/n.lO2c

【解题分析】

根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，挡光片到达光电门处5的速度大小为:

d

v=—

△乙

⑵⑵系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量，有:

ingh=—（2M+ni）v2

即：

mgh=；（2M

整理可得:

-1,（2M+w）J21

Igh

2mg2

若这4-k/?图线为一直线，则该图线的斜率为一g

Id2

⑶⑶根据mg/?=5（2M+〃?）力得:

乙LXlI

Ar=-2-----------------

mgh

则有:

21g垃=lgTgh

2mg

所以有:

A1/（2M+m）储1

△”于一^一一5曲

可知纵轴截为:

1

c=-lg-----------

22mg

解得：

（2M+m）d2

S~2^102c

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.4s(2)1.2rad/s(3)1.44N

【解题分析】

(1)突然松手，小球将沿着小半径的圆轨道相切飞出去，如图所示

即沿着图中AB方向做匀速直线运动，

直角三解形OAB中，/-=0.3m；R=0.5m,则JAB=JR?-产=0.4m

则细线迅速放长0.2m所经历的时间为：/=%=().4s

v

(2)依题意，小球刚运动B点时速度大小为lm/s,方向沿AB方向，如图，此时，可将速度分解为沿半径OB方向

的匕和垂直半径OB方向的匕。由于小球到达B点时又迅速捏住细线，沿OB方向的匕突然消失，小球将以七在大半

径上作匀速圆周运动，

v.v

根据△QWSAH匕V,­=—

厂加

代入数据得：v=—=0.6m/s

15

所以：d)=-^=—=1.2rad/s

R0.5

(3)半径增大后，仍有细线拉力提供向心力，

F=I^R=2X\.22X0.5N=1.44N

14、(1)10V2/n/?(2)\0后m/s速度与水平方向夹角的正切值为tane=g，水平距离为20m

【解题分析】

(1)根据图象可知，电场线方向向左，电场强度大小为：E=§="V/〃2=1000V/〃Z

a0.1

合力大小为：F=J(〃吆)2+(qE)2=m,方向与初速度方向垂直;

根据牛顿第二定律可得加速度大小为：4=£二10.

m

(2)小球在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀加速直线运动,