2025届山东省百师联盟高三年级上册一轮复习联考（四）物理试题（含答案解析）

2025届山东省百师联盟高三上学期一轮复习联考（四）物理试

题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.某同学通过Tracker软件（视频分析和建模工具）研究羽毛球运动轨迹与初速度的关系。

如图所示为羽毛球的一条运动轨迹，击球点在坐标原点。，a点为运动轨迹的最高点，下列

A.羽毛球水平方向的运动为匀速直线运动

B.。点羽毛球只受重力

C.羽毛球下降过程处于超重状态

D.羽毛球在空中运动过程中，机械能不断减小

2.如图所示，质量为1kg、长为0.5m的金属棒MN两端由等长的轻质绝缘细线水平悬挂,

并处于匀强磁场中。棒中通以大小为2A、方向为N的恒定电流，平衡时两悬线与竖直

方向的夹角均为。=37。，取重力加速度g=10m/s2,sin37o=0.6。匀强磁场的磁感应强度最

M

A.5TB.6TC.7.5TD.10T

3.如图所示，质量为机的物块在水平推力产的作用下静止在倾角为。的斜面上。若逐渐增

大推力尸，直到物块即将相对斜面运动，则在此过程中物块所受的摩擦力（）

A.可能一直增大B.可能一直减小

C.一定先减小后增大D.一定先增大后减小

4.相距为”的甲、乙两辆汽车同向行驶在一条平直公路上，其V—图像如图所示，图中

△MVP的面积为s,初始时甲车在前乙车在后，下列说法正确的是（）

A.若s=s°,则时刻后乙车追上甲车

B.若s>s°,则务时刻前乙车追上甲车

C.若s<s°,则甲、乙两车可能相遇2次

D.若s>s。，则甲、乙两车一定只能相遇1次

5.2024年10月30日，神舟十九号载人飞船成功对接空间站天和核心舱前向端口，对接前

其变轨过程简化后如图所示。飞船先由近地轨道1在尸点点火加速进入椭圆轨道2,在轨道

2运行一段时间后，再从Q点进入圆轨道3,完成对接。已知地球的半径为R,轨道1的半

径近似等于地球半径，轨道3距离地面的高度为地球半径的七倍，地球表面的重力加速度为

g0则飞船在轨道2上运行的周期是（）

AHB.一

试卷第2页，共10页

C.叱）廿筌D,生产

6.手机中内置的指南针是一种基于霍尔效应的磁传感器。如图所示，将一块宽度为。，厚

度为d的半导体薄片（载流子为自由电子）水平放置于地磁场中，当半导体中通入水平方向

的恒定电流时，自由电子在洛伦兹力的作用下发生偏转，继而在“、N两个表面上出现了电

势差，称为霍尔电势差。已知电流大小为/，霍尔电势差大小为U,电子的电荷量大小为e,

半导体内自由电子的数密度（单位体积内的自由电子数）为〃。该处地磁场磁感应强度的竖

7.西藏那曲市色尼区欧玛亭嘎风电厂是当前世界超高海拔地区单机容量最大、装机规模最

大的风电项目。如图是发电厂输电网络供电的原理图。已知发电机转子以角速度。匀速转

动，输电线上的总电阻&=60。，输电线上消耗的功率为3840W,升压变压器的匝数比为

1：40,降压变压器的匝数比为50：1,用户端获得220V的电压。不计其余电阻，下列说

法正确的是（）

A.输电线上的电流为6A

B.发电机输出电压的最大值为287V

C.用户获得的功率为88kW

D.若转子角速度。增加一倍，则凡消耗的功率为7680W

8.如图所示，在xNO、yNO的区域中存在垂直于xOy平面的匀强磁场，磁感应强度大小相

等，边界O加与x轴正方向的夹角为45。,OM左侧磁场向里，右侧磁场向外。正方形导

线框"cd以恒定的速度沿x轴正方向运动并穿过磁场区域，运动过程中庆边始终平行于y

轴。规定导线框中逆时针方向为电流的正方向。从刚进入磁场开始计时，下列能正确反映导

线框中感应电流，随时间/变化图像的是（）

二、多选题

9.静电透镜是由带电导体所产生的静电场使电子束聚焦、发散和成像的装置，广泛应用于

电子器件（如示波管）和电子显微镜中。某种静电透镜的部分静电场的分布如图所示，虚线

表示在纸面内的一簇等差等势线。一电子从。点以某一速度射入该电场，仅在电场力作用下

的运动轨迹如实线ac所示。下列说法正确的是（）

A.。到c过程静电力对电子先做正功再做负功

B.。点的电势低于c点电势

C.在运动过程中电子动量的变化率发生变化

D.在运动过程中电子动量的变化率保持不变

10.波源S从t=O时刻开始振动，产生的简谐横波向右传播，波在传播过程中经过P、。两

试卷第4页，共10页

点，如图甲所示。P点的振动图像如图乙所示，P点开始振动后经0.15s后。点开始振动,

A.波的传播速度大小是8m/s

B.r=0时刻，波源由平衡位置沿y轴正向振动

C.波源的振动方程为y=10sin20m（cm）

D.平衡位置距波源4.2m处的质点M开始振动时，质点尸处于波峰

11.如图甲是酒精测试仪的原理图，气敏电阻的阻值R随气体中酒精含量的变化关系如图乙

所示。机动车驾驶员呼出的气体中酒精含量大于等于20mg/ml小于80mg/ml为酒驾，大于

等于80mg/ml为醉驾。使用前先对酒精测试仪进行调零（改变&的阻值），此时电压表的

示数为5V,调零后小的阻值保持不变。已知电源电动势E=6V、内阻厂=1O,电路中的电

表均为理想电表。当一位饮酒者对着测试仪吹气时（可视为气体中酒精含量逐渐增大），下

列说法中正确的是（）

A.电压表示数减小，电流表的示数增大

B.电源的输出功率减小

C.电压表、电流表示数变化量绝对值的比值当减小

A/

D.当电流表的示数为0.4A时，气体中酒精含量大于80mg/ml

12.如图甲所示，水平面内有两根足够长的光滑平行金属导轨，导轨固定且间距为L。空间

中存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为瓦现将两根材料相同、横截面积不同、长

度均为L的金属棒而、cd分别静置在导轨上。现给他棒一水平向右的初速度%,其速度随

时间变化的关系如图乙所示，两金属棒运动过程中，始终与导轨垂直且接触良好。已知必棒

的质量为根，电阻为R。导轨电阻可忽略不计。下列说法正确的是()

XXXX.XXXX

cb

XXXXXXXX

XXXXX族XX

XXXXXXXX

义xdXX"xXXX

甲乙

A.他棒刚开始运动时，cd棒中的电流方向为df。

B.〃棒的质量为7根

2

C.在。々。时间内，曲棒产生的热量为之机诏

1O

D.在。~r。时间内，通过打棒的电荷量为普

三、实验题

13.根据变压器工作原理，完成以下问题：

(1)街头见到的变压器是降压变压器，假设它只有一个原线圈和一个副线圈，则导线较粗的

线圈为(选填“原”或“副”)线圈。

(2)在“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”实验中，可拆变压器如图甲所示。实验过程

中，变压器的原、副线圈选择不同的匝数，利用多用电表10V交流电压档测量相应电压，

记录如下，从实验数据分析可知，原、副线圈的电压之比并不等于匝数之比，造成这种结果

的可能原因是。

甲

“/200400400800

试卷第6页，共10页

匝

n2/

100100200400

匝

q/v4.08.26.19.6

t/2/v1.92.02.94.6

(3)利用等效法可以简化处理含有理想变压器的问题。如图乙所示的电路，可以把虚线框内

理想变压器和副线圈的电阻共同等效为一个电阻R,如图丙所示，且等效电阻R的功率与

原电阻R的功率相同。若理想变压器原、副线圈的匝数之比为“：%，则等效电阻R'=

14.某同学利用气垫导轨和光电门验证机械能守恒，实验装置如图甲所示。取重力加速度

(1)如图乙所示，利用游标卡尺测得遮光条的宽度〃=cm；用天平测得滑块和遮光条的

总质量”=920g,钩码的质量机=50g；用刻度尺测得释放前滑块上遮光条到光电门的距离

/=35cm。

23cm

01020

乙

（2）接通气源，释放滑块，数字计时器上显示遮光时间加=l.lxl（?2s；滑块从释放到遮光条

经过光电门这一过程中，系统重力势能减少量为J,动能增加量为Jo（结果均保

留两位有效数字）

（3）①改变遮光条到光电门的距离/,多次重复实验，得到几组不同的/和对应的遮光时间加，

在坐标纸作出!-/图像如图丙中。所示；

②在保证钩码的质量优和遮光条的宽度/不变的情况下，该同学换用质量不同的滑块再次进

行实验，重复步骤①，得到的图像如图丙中人所示。

分析可知。图线对应的滑块和遮光条的总质量_____（选填"大于"或“小于"）6图线对应的

滑块和遮光条的总质量。

四、解答题

15.如图所示，用导线绕制成匝数为N,半径为4的圆形线圈，线圈电阻为「，线圈两端点

时与电阻R相连接。在线圈内有一半径为马的圆形区域，区域内存在垂直纸面向里的匀强

磁场，磁感应强度8随时间t的变化关系为8=为+公（左＞0）。求:

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(1)而两端的电势差U"；

(2)/。时间内，R产生的焦耳热Q。

16.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，已知匀强磁

场的磁感应强度大小为2,矩形线圈面积为S,匝数为N,线圈电阻为r,线圈的转速为〃，

线圈与二极管、阻值为R的定值电阻及理想交流电流表相连。求：

XX；XX

XX；XX

xx!xx

x|_X

O

(1)线圈由图示位置转过180。过程中，通过R的电荷量4；

(2)交流电流表的示数/。

17.如图所示，质量为M(未知)的轨道A放在足够长的光滑水平桌面上，轨道上表面水

平部分粗耕，竖直(圆弧部分光滑，两部分在P点平滑连接，。点为轨道的最高点。足够长

的轻绳一端固定在轨道的左端，另一端绕过桌面左侧的定滑轮与质量为生的重物B相连接。

质量为牝的小物块C静置在轨道的左端。已知C与轨道水平部分之间的动摩擦因数为〃(未

知)，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B和C均可视为质点，在运动过程中轨道与滑轮不发

生碰撞,轨道水平部分的长度L=lm,：圆弧部分半径r=0.2m,取重力加速度g=10m/s?。

若轨道固定，小物块C以％=3m/s的初速度向右滑行，恰好能够运动到。点。

乙

(1)求动摩擦因数〃；

(2)若轨道不固定，ABC同时由静止释放，改变重物B的质量，小物块C在水平轨道上时,

轨道的加速度。与B的质量外之间的关系如图乙所示。

(i)求M;

(ii)当色=3kg时，B下落一段高度7/后落地(不反弹)，此时C还没有到达P点，继续

运动一段时间后，C恰好能到达。点，求B下落的高度心(结果可用分数表示)

18.如图所示，在xOy坐标系尤＜0区域内存在平行于X轴、电场强度大小为E(E未知)

的匀强电场，分界线OP将尤＞0区域分为区域I和区域II,区域I存在垂直纸面向外、磁感

应强度大小为B(B未知)的匀强磁场，区域n存在垂直直面向里、磁感应强度大小为

的匀强磁场及沿y轴负方向、电场强度大小为E'=(E的匀强电场。一质量为加、

电荷量为q的带正电粒子从M(-d,0)点以初速度%垂直电场方向进入第二象限，经N点进

入区域I,此时速度与＞轴正方向的夹角为60。，经区域I后由分界线OP上的A点(图中

未画出)垂直分界线进入区域II,不计粒子重力及电磁场的边界效应。求:

E'

(1)电场强度E的大小;

⑵带电粒子从M点运动到A点的时间/；

(3)粒子在区域II中运动时，第1次和第5次经过x轴的位置之间的距离s。

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《2025届山东省百师联盟高三上学期一轮复习联考（四）物理试题》参考答案

题号12345678910

答案DBABCCCDBCAD

题号1112

答案ADBCD

1.D

【详解】AB.若羽毛球整个运动过程只受重力作用，则最高点。应在运动轨迹的正中间；

而现在。点在运动轨迹偏右则，说明上升和下降的时间不相等，故上升和下降的加速度不相

同，所以羽毛球在空中运动过程中除受到重力外还始终受到空气阻力，故水平方向的运动不

是匀速直线运动，故AB错误；

C.下降过程中羽毛球具有竖直向下的加速度，处于失重状态，故C错误。

D.羽毛球在空中运动过程中空气阻力做负功，机械能不断减小，故D正确；

故选D。

2.B

【详解】对棒进行受力分析，由图可知

F=mgsin37°

结合安培力公式

F=BIL

解得最小的磁感应强度

B=6T

故选B。

3.A

【详解】当物块与斜面间没有摩擦力等于。时，对物块分析，沿斜面方向有

答案第1页，共15页

mgsin6=片cos0

解得

Fo=mgtanO

若初始状态尸2耳，当推力尸逐渐增大时，物块受到的摩擦力沿斜面向下，且逐渐增大；若

初始状态尸<耳，当推力下逐渐增大时，物块受到的摩擦力先沿斜面向上，逐渐减小至0,

之后再沿斜面向下逐渐增大。

故选A„

4.B

【详解】A.由图像可知，甲乙两车做匀减速运动，若

s=s°

可知历时刻两车速度相等时两车恰好相遇，故A错误；

BD.若

s>s。

两车应在时刻前相遇，设两车在4时刻相遇，如图所示。

此时刻乙车追上甲车，乙车的速度大于甲车速度，故乙车在前甲车在后，之后在时刻甲车

追上乙车，两车可能再次相遇，故B正确，D错误；

C.若

在速度相等时乙车没有追上甲车，以后甲车速度大于乙车，因此以后也不可能追上，故C

错误。

故选B。

5.C

答案第2页，共15页

【详解】卫星在轨道1由万有引力提供向心力有

2

cMm4TI八

某物体在地球表面上有

-Mm，

G~^=,ng

联立解得

工2=尤氏

g

轨道2的半长轴

根据开普勒第三定律

解得

故选C。

6.C

【详解】电子达到稳定时,洛伦兹力等于静电力，即

evB=e—

又电流的微观表达式有

I=nevad

联立解得

nedU

故选C。

7.C

【详解】A.根据输电线上消耗的功率

"=1派

可得

答案第3页，共15页

/线=8A

故A错误；

B.输电线上损失的电压

=/线&=480V

根据电压比与匝数比的关系可知

U3_n3

U4%

可得降压变压器的输入电压

q=nooov

升压变压器的输出电压

。2=q+AU=11480V

根据电压比和匝数比的关系可知

U2n2

可得发电机输出电压的有效值

Ui=287V

则最大值为

[/m=V2t/1=287^V

故B错误;

c.根据公式

解得

，4=400A

所以用户得到的功率

尸=U/4=88kW

故C正确；

D.转子转动产生的电动势有效值

答案第4页，共15页

E=—NBSm

2

转子角速度。增加一倍，变压器、负载不变，则E变为原来的2倍，故通过&的电流变为

原来的2倍，根据

P=I2R

可知凡上消耗的功率变为原来的4倍，大小为15360W,故D错误。

故选C。

8.D

【详解】设导线框的速度大小是"，边长为/,总电阻为R,磁感应强度大小为民6c边刚进

磁场时产生感应电流

,Blv

1。=/

由右手定则可判断感应电流的方向为逆时针；在0~2/。=，时间内，如图1所示，历边被边

V

界分为be和ec两部分，其中

ec=vttan45°=vt,be=I-ec=I-vt

两部分产生的感应电动势方向相反，则

,Bbev-BecvBlv-2Bv2t

i=----------------=---------------

当£>2,。时，导线框全部进入磁场，如图2所示，导线框被边界分为两部分，两部分都切割

磁感线，且有效长度均为则

tzf=Z-（W-Z）tan450=2/-W

两部分产生的感应电动势大小相等，方向均沿顺时针，则电流

,_-2Bafv_-4Blv+2Bv2t

i——

RR

故选D。

e

✓

图1图2

答案第5页，共15页

9.BC

【详解】AB.根据电场力位于轨迹的凹侧和电场力总是与等势面垂直，可知。至I"过程静电

力对电子始终做正功，则电势能减少，电势升高，所以。点的电势低于c点电势，故A错

误，B正确；

CD.动量的变化率为

在运动过程中各点的电场强度不同，所以动量的变化率发生变化，故C正确，D错误。

故选BC。

10.AD

【详解】A.根据题意，可得波的传播速度大小为

PQ1.2,,

v==-----m/s=8om/s

Ar0.15

故A正确；

B.根据图乙可知，尸点开始振动时的方向沿y轴负方向，波源仁0时刻的振动方向与P点

开始振动时的方向相同，故B错误；

C.根据图乙可知，振幅A=10cm,波的周期T=0.1s,则角速度为

co=——=20^-rad/s

T

故波源的振动方程为

y=-lOsin20"(cm)

故C错误；

D.根据图乙可知，且波源的振动经过0.25s传播到尸点，则有

SP=8x0.25m=2m

该波的波长

A-vT=0.8m

故质点M与尸点之间的距离为

2.2m=^2+|^2

质点M开始振动时，质点P振动的时间为

Y+如

处于波峰，故D正确。

答案第6页，共15页

故选AD„

11.AD

【详解】AB.由图像可知随着气体中酒精含量的升高，气敏电阻的阻值减小，回路中的总

电阻减小，由闭合电路欧姆定律

I上

R息

可知干路电流增大，电流表示数增大，根据

U=E-I(r+用)

可知电压表的示数减小，电源的输出功率

'E

p=(R+&)

由于R+&>r,当R减小时，电源的输出功率增大，故A正确，B错误;

C.根据

U=E-/(r+6)

电压表、电流表示数变化量绝对值的比值

可知保持不变，故C错误；

D.由题意可知，当酒精检测仪调零时，气敏电阻R=50。，电压U=5V,则有

F-TJ

f=-^=100

当电流表示数1=0.4A时，气敏电阻的阻值

E

R=]—一凡=5。

小于10Q,即气体中酒精含量大于80mg/ml,故D正确。

故选AD。

12.BCD

【详解】A.金属棒仍刚开始运动时，根据右手定则可知川棒中的电流方向为c->d,故A

错误；

B.两金属棒组成的系统动量守恒

答案第7页，共15页

故B正确；

C.由于必棒与《/棒质量之比为2:1,且它们的材料和长度相同，故横截面积之比为2:1,

由

R=p—

S

得电阻之比为1:2,故/棒与棒产生的热量之比为1:2,根据两棒组成的系统能量守恒有

gmr；=：（机+加）E%]+Q°~，o时间内必棒产生的热量

故C正确;

D.对cd棒列动量定理有

BILt0=—mx—v0

q=

则在。时间内，通过《/棒的电荷量

故D正确。

故选BCD。

13.(l)gij

（2）漏磁、铁芯和导线发热

【详解】（1）理想变压器的输入功率等于输出功率，因为是降压变压器，所以副线圈的电压

小于原线圈的电压，而功率又相等，所以副线圈的电流大于原线圈的电流，为了减少功率损

失，根据电阻定律可知副线圈应用较粗的导线绕制。

答案第8页，共15页

(2)通过分析实验数据发现，每次实验，变压器副线圈输出电压总比理论值小，造成这种

结果的主要原因是漏磁、铁芯和导线发热。

(3)由功率相同可得

/；R，=

解得

14.(1)0.630

(2)0.170.16

⑶小于

【详解】(1)口］图乙是20分度的游标卡尺，根据图示可知遮光条的宽度

d=6mm+6x0.05mm=6.30mm=0.630cm

(2)山⑵遮光条经过光电门时，滑块的速度

v=—®0.57m/s

Ar

系统减少的重力势能

△丸=mgl

代入数据可得

%=0.17J

增加的动能为

△线=g(M+"?)V?

代入数据可得

NE*=0.16J

(3)口］由机械能守恒可得

整理可得

1=21ng/

At2+m)d2

答案第9页，共15页

由图像可知。图线的斜率大于6图线的斜率，故。图线对应的滑块和遮光条的总质量小于6

图线对应的滑块和遮光条的总质量。

15.(1)_RNE£

R+r

RNWr^t

⑵(R+疗0

【详解】(1)由法拉第电磁感应定律得

A①NB

E=N—=N—S=Nk兀舌9

\tNt2

通过电阻R的电流

R+r

由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，6点电势高于。点电势，则

Uab=-IR

解得

RNknr；

(2)时间内，R产生的焦耳热

2

Q=iRt0

解得

cRN-2兀他

Q=(R+r)2

小、TtNBSn

(2)—

R+r

【详解】(1)线圈由图示位置开始转动，根据右手定则可知，产生的感应电流为顺时针方向,

二极管处于正向导通状态。转过180。过程中，根据法拉第电磁感应定律有

-AO

E=N——

△t

又

△①=2BS

根据闭合电路欧姆定律有

八工

R+r

根据电流定义式有

答案第10页，共15页

q=/Az

解得

2NBS

q=---------

R+r

(2)线圈转动一周只有一半的时间有电流流过电阻，感应电动势的峰值

Em=2jiNBSn

感应电流的峰值

r_liiNBSn

m-R+r

由于交流电流表测量的是有效值,得

(应YD.7FRT

N’mR

7

解得

,TtNBSn

1=----------

R+r

17.(1)0.25

(2)(i)2kg(ii)—m

6

【详解】(1)C从开始运动到。点，由动能定理可得

一Rm2gL-m2gr=0恤v；

解得

4=0.25

(2)(i)由图像可知，当。＜，4Wlkg时，系统一起运动，且叫=lkg时，A与C恰好能

够一起运动，对C由牛顿第二定律可得，此时A的加速度

%=jug=2.5m/s2

此状态对AB和C组成的系统列牛顿第二定律可得

肛g=的+也+M^al

由图像可知，当叫＞lkg时，A与C相对运动，码=3kg时，C的加速度

2

ax-jug=2.5m/s

A的加速度

答案第11页，共15页

2

a2=5.5m/s

对A和B组成的系统列牛顿第二定律可得

m1g2g=(?熊+〃应

联立解得

M=2kg

(ii)由(i)分析可得啊=1分

当叫=3kg时，设B运动时间t后落地，则此时C的速度

匕=i/jt=2.5zA的速度

v2=a2t=5.5t

从B落地到C恰好到达。的过程中，A与C组成的系统在水平方向上动量守恒，可得

m2vl+MV2={m1+M^v

解得

V=4.5rt时间内，A与C的相对位移

4r

解得

Ax=—t2

2

从B落地后到C恰好到达。的过程中，由能量守恒得

2

v：+^Mvl=2g(L—Ax)+m1gr++M)v

解得

：2_22