物理第十二章简单机械同步练习-2024-2025学年人教版物理八年级下学期

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页第十二章简单机械同步练习一、单选题1．如图所示的工具，在使用中不能省力的是（）A． B．C． D．2．如图所示的小型起重机，某次吊起重为的物体，电动机的拉力为，用时，使物体上升了。则通过动滑轮（）A．做的有用功为 B．拉力功率为C．做的总功为 D．机械效率为3．如图所示，分别用F1、F2、F3、F4匀速提升同一重物，若不计滑轮重及摩擦，则（）A．F1<F2<F3<F4 B．F1>F2>F3>F4 C．F1>F2=F3=F4 D．F1<F2=F3=F44．小王做“探究杠杆的平衡条件”的实验，用下图所示的方式悬挂钩码，杠杆（杠杆上每格等距）能水平平衡，但老师建议小王不宜采用这种方式。主要是因为（）A．一个人无法独立操作 B．力臂与杠杆不重合C．杠杆受力不平衡 D．力和力臂数目过多，不易得出结论5．使用杠杆、定滑轮、动滑轮等简单机械，将同一物体匀速提升相同的高度。若机械的摩擦和自重可以忽略不计，则下列说法正确的是（

）A．因为使用定滑轮不省力，所以使用定滑轮比使用杠杆做功多B．因为使用动滑轮要费距离，所以使用动滑轮比使用定滑轮做功多C．因为使用动滑轮要费距离，所以使用动滑轮比使用杠杆做功多D．使用每一种机械所做的功一样多6．用滑轮组提升物体（如图），2s内物体匀速升高10cm时，绳子自由端被拉下20cm，此过程中人对绳子的拉力为30N，绳子对物体的拉力为48N，则（）A．物体上升的速度是0.1m/sB．滑轮组是由一定一动两个滑轮绕成的C．拉力做功的功率是1.5WD．滑轮组的机械效率为62.5%7．无人机应用广泛，现在无人机的很多钢材部件用密度更小的碳纤维替换，来减轻机身重量。如图所示，用碳纤维替换后的无人机与未替换前相比，将同一个快递包裹从地面运送到五楼，可以（

）A．减少有用功 B．增大有用功C．减少额外功 D．增大总功8．如下图所示，物体A重50N，物体B重30N，物体A在绳子拉力的作用下向右做匀速直线运动。如果在物体A上加一个水平向左的力F拉动物体A，使物体B匀速上升，则该拉力F的大小为（滑轮和绳子的重力及绳子与滑轮之间的摩擦均不计）（

）A．10N B．20N C．30N D．50N9．在老旧路面改造建设过程中，自卸车发挥着巨大的作用，如图是某品牌自卸车的简化示意图，车厢部分可视为杠杆，A是放货物的位置，B是液压杆跟车厢的接触点，C是车厢底部的固定点，车厢质量忽略不计，则在液压杆匀速顶起车厢过程中，下列分析正确的是（）A．B点是支点，货物放在车厢上的B点上方可以省力B．C点是支点，货物放在车厢上的B点下方可以省力C．若车厢静止时货物匀速向下运动，液压杆对车厢的支持力保持不变D．使用这种自卸车可以省功10．关于杠杆，下列说法正确的是（）A．杠杆一定是一根直的硬棒B．杠杆一端转动的点，叫做支点C．力臂可能在杠杆上也可能不在杠杆上D．杠杆上的动力一定与杠杆的阻力方向相反二、填空题11．如图所示，用手提起重物，从生物学的角度来看，可认为桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动。从物理学的角度来看，这可以简化为一种简单机械模型。图中部位是支点，此模型属于（选填“省力”或“费力”）杠杆。12．如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ=45°时，拉力F=N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将（选填“变大”或“变小”）。13．如图所示，把同一个物体从斜面底部沿AB、AC、AD三个光滑的斜面匀速拉到顶端A点，比较可知，拉力的大小，拉力做的功（以上两个空均选填“相同”或“不同”）。14．如图所示的是某垃圾桶上两个杠杆组合的示意图。由图可知，桶中有两个杠杆在起作用，以E为支点的杠杆是（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆，以（填字母）为支点的杠杆是费力杠杆。15．图中杆秤由秤盘、提纽、秤杆以及100g的秤砣构成。当不挂秤砣、秤盘中不放重物时，提起提纽，杆秤在空中恰好能水平平衡，已知AO间距离为10cm，杆秤的刻度线是（均匀/不均匀）。当放入重物，将秤砣移至距O点20cm的B处时，秤杆再次水平平衡，则重物质量为g。若要增加一个新的提纽以便称量更重的物体，新的提纽应该安装在O点（左/右）边。

三、作图题16．在图中画出该滑轮的支点O，并画出、的力臂、。四、实验题17．【探究名称】探究影响滑轮组机械效率的因素；某实验小组根据生活经验和客观事实，对影响滑轮组机械效率的因素作出如下猜想：猜想一：滑轮组的机械效率与绕绳方式有关；猜想二：滑轮组的机械效率与物重有关；猜想三：滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关；【证据】(1)为了验证上述猜想，兴趣小组的同学进行了实验，实验装置如上图所示，实验时应缓慢拉动弹簧测力计；(2)组员通过更换滑轮组，改变钩码质量，测得数据如下表所示，表中第4次实验的机械效率为；实验次序钩码重钩码上升高度绳端拉力绳端移动距离机械效率140.12.70.274%240.11.80.374%380.13.20.383%480.12.50.4【解释】(3)分析数据可知，第3次实验是用图（选填“丙”或“丁”）所示装置做的；(4)不计摩擦及绳重，分析1、2两次实验数据可知，猜想一是（选填“正确”或“错误”）的；(5)通过比较两次实验数据可得出结论：使用相同滑轮组提升物体时，物体越重，滑轮组机械效率越；【交流】(6)根据表格中的数据分析可知：随着物重的增大，额外功（选填“变大”、“变小”或“不变”）。18．小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。(1)图甲中，杠杆静止时处于（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向（选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于；(2)如图乙所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码为0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为N；(3)如图丙所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数，原因是测力计的拉力力臂（均选填“变大”、“变小”或“不变）；(4)小明用如图丁装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是。五、计算题19．如图所示，用滑轮拉动物体在5s内匀速升高0.2m，绳子自由端所用的拉力F为6N。（忽略绳重和摩擦）求：（1）物体的重力；（2）拉力F所做的功；（3）绳子自由端移动的速度。20．如图所示，用沿斜面向上F=1.8N的拉力，将一个质量m=0.45kg的物体，从底端匀速拉到顶端，所用时间t=5s。已知斜面长度s=1m，斜面高度h=0.3m。（把重物直接提升h所做的功为有用功，g取10N/kg）(1)该物体受到的重力是多少？(2)拉力F的功率是多少？(3)此斜面的机械效率是多少？答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页《第十二章简单机械同步练习2024-2025学年人教版物理八年级下学期》参考答案题号12345678910答案CBDDDBCBBC1．C【详解】A．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，能省力，故A不符合题意；B．核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，能省力，故B不符合题意；C．食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，不能省力，故C符合题意；D．撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，能省力，故D不符合题意。故选C。2．B【详解】ACD．拉力做的有用功为拉力做的总功为动滑轮的机械效率为故ACD不符合题意；B．拉力功率为故B符合题意。故选B。3．D【详解】物体重为G，由图可知，第一个是动滑轮，按此方式使用可以省一半的力，即；剩余的三个滑轮是定滑轮，使用定滑轮不能省力，即F2=F3=F4=G所以拉力的关系F1<F2=F3=F4故ABC不符合题意，D符合题意。故选D。4．D【详解】如图所示的方式悬挂钩码，杠杆平衡时杠杆的左侧是多个力共同作用的结果，采用这种方式是不妥当的，这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多，不易得出结论，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。5．D【详解】将同一物体匀速提升相同的高度，不用机械时做的功为W=Gh，若机械的摩擦和自重可以忽略不计，则使用机械时做的功都等于不用机械时做的功，即使用每一种机械所做的功一样多。故ABC错误，D正确。故选D。6．B【详解】A．物体上升的速度故A错误；B．滑轮组的动滑轮绕绳子的段数所以滑轮组是由一定一动两个滑轮绕成的，故B正确；C．拉力做的功W总=Fs=30N×0.2m=6J拉力做功的功率故C错误；D．有用功W有=F绳h=48N×0.1m=4.8J滑轮组的机械效率为故D错误。故选B。7．C【详解】将同一个快递包裹从地面运送到五楼，克服无人机自重做的是额外功，用碳纤维替换后的无人机与未替换前相比，机身减轻了重量，所以，减少了额外功；克服包裹的重力做的功是有用功，与未替换前相比没有变化，即有用功不变；总功等于有用功和额外功之和，有用功不变，额外功减少，总功减少。故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。8．B【详解】由图可知滑轮组绳子段数为3，因为滑轮和绳子的重力及绳子与滑轮之间的摩擦均不计，当物体A水平向右做匀速直线运动时，绳子自由端的拉力为物体A受到的滑动摩擦力方向水平向左，根据二力平衡可知，物体A受到的滑动摩擦力大小为当物体A在水平向左的力F的作用下水平向左运动时，受到的滑动摩擦力方向水平向右，因接触面粗糙程度不变，压力大小不变，所以滑动摩擦力大小不变，物体B匀速上升，绳子自由端对物体A的拉力大小和方向都不变，所以拉力F的大小为故B正确，ACD错误。故选B。9．B【详解】AB．如图所示，把车厢部分视为杠杆，支点是C点，液压杆施加的力是动力，货物重力是阻力，因为阻力和动力臂一定，根据杠杆平衡条件可知，当杠杆平衡时，阻力臂越短，则动力越小，就越省力，所以货物放在车厢上的B点下方可以省力，故A错误，B正确；C．如图，若车厢静止时货物匀速向下运动，即是阻力不变时，阻力臂逐渐减小；根据杠杆平衡条件可知，当杠杆平衡时，动力臂不变，动力减小，即液压杆对车厢的支持力减小，故C错误；D．根据机械功原理可知，使用任何机械都不省功，故D错误。故选B。10．C【详解】A．杠杆是能够绕着固定点转动的硬棒，杠杆不一定是直的，也可能是弯曲的，故A错误；B．杠杆绕着固定点转动的固定点，称为杠杆的支点，故B错误；C．力臂是过支点做力作用线的垂线段，因此可能不在杠杆上，故C正确；D．若动力与阻力不在支点的同一侧，为使杠杆平衡，动力和阻力方向相同，故D错误。故选C。11．肘关节费力【详解】[1]用手提起重物时，前臂围绕肘关节转动，因此支点在肘关节处。[2]用手提起物体时，人的前臂相当于一个杠杆，肱二头肌给桡骨的力是动力，物体给前臂的力是阻力，用手向上提物体时，动力臂小于阻力臂，因此前臂是一根费力杠杆。12．150变大【详解】[1]如下图：θ=45°，拉力的方向沿水平方向，阻力来自物体的重力，阻力的方向竖直方向，根据等腰直角三角形的知识可知，F的力臂与阻力的力臂是相同的，根据杠杆的平衡条件可知，动力等于阻力，所以F=G=150N[2]若保持拉力水平方向，让杠杆顺时针缓慢旋转一个小角度到虚线位置，易知，此时的动力臂变小，阻力臂变大，在阻力不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，拉力将变大。13．不同相同【详解】[1]由图可知，斜面AB倾斜角度最小，所以沿着AB用的拉力最小，斜面AD倾斜角度最大，沿着AD的拉力最大，所以比较可知，拉力的大小不同。[2]不考虑摩擦，则额外功为0，利用斜面做的功都等于提升物体做的有用功，所以拉力在三斜面上做功相同。14．省力C【详解】[1]以E为支点的杠杆，在使用时动力臂大于阻力臂，根据杠杆的平衡条件可知，动力小于阻力，是省力杠杆。[2]图中ABC是杠杆，支点是C点，在使用时动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件可知，动力大于阻力为费力杠杆，因此以C为支点的杠杆是费力杠杆。15．均匀200左【详解】[1]由杠杆平衡条件F1l1=F2l2，可知无论杆秤粗细是否均匀，动力臂与阻力的大小成正比，所以杆秤的刻度线是均匀的。[2]以O点为支点，秤砣移到B处，根据杠杆平衡条件有所以重物质量为[3]根据可知，秤砣的质量不变，要想称量更重的物体，可增大OB，减小OA，即将O点左移，所以新的提纽应该安装在原O点的左侧。16．【详解】动滑轮的支点在绳子与边框的接触点上，动力为绳子的拉力F1，方向竖直向上，阻力为动滑轮和物体重力之和F2，方向竖直向下；过支点分别向动力作用线和阻力作用线画垂线，就得到动力臂、阻力臂，如图17．(1)匀速(2)80%(3)丙(4)错误(5)2、3高(6)变大【详解】（1）实验时应匀速缓慢拉动弹簧测力计，这样装置处于平衡状态，测力计的示数稳定，便于测量力的大小。（2）根据公式可求出第4次实验的机械效率（3）分析数据可知，第3次实验，绳端移动距离是钩码上升高度的3倍，所以绳子的有效段数为3，结合钩码的重力为8N，故是用丙所示装置做的实验。（4）分析1、2两次实验数据可知，绳子的有效段数分别为2、3，不计摩擦及绳重，分别是用甲、乙装置完成实验的，而机械效率相同，所以猜想一是错误的。（5）[1][2]分析数据可知，第2次实验，绳端移动距离是钩码上升高度的3倍，绳子的有效段数为3，钩码的重力为4N，所以是用乙装置完成的；探究机械效率与物重的关系时，应控制钩码上升高度相同，钩码重不同，所以应比较2、3两次实验，比较2、3两次实验数据可得出结论：使用相同滑轮组提升物体时，物体越重，滑轮组机械效率越高。（6）第2次实验时的额外功为第3次