山西省名校2021-2022学年高二下学期物理期中联合考试试卷（含答案）

山西省名校2021-2022学年高二下学期物理期中联合考试试卷姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三四总分评分一、单选题1．宇宙中“破坏力”最强的天体“磁星”，危险程度不亚于黑洞，其磁感应强度相当于地球磁场的1000万亿倍，下列有关磁星的磁场说法正确的是（）A．“磁星”表面的磁场如此强大，故而磁感线非常密集，导致磁感线可能相交B．“磁星”表面各点的磁场方向可以用磁感线在该点的切线方向表示C．磁场只存在于“磁星”外部，而“磁星”内部不存在磁场D．若在“磁星”表面选一闭合区域，则闭合区域中的磁通量不可能为零2．为探讨磁场对脑部神经组织的影响及临床医学应用，某小组查阅资料知：“将金属线圈放置在头部上方几厘米处，给线圈通以上千安培、历时约几毫秒的脉冲电流，电流流经线圈产生瞬间的高强度脉冲磁场，磁场穿过头颅对脑部特定区域产生感应电场及感应电流，而对脑神经产生电刺激作用，其装置如图所示。”同学们讨论得出的下列结论不正确的是（）A．脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电流的磁效应B．脉冲磁场使脑部特定区域产生感应电流是电磁感应现象C．若将脉冲电流改为恒定电流，可持续对脑神经产生电刺激作用D．若脉冲电流最大强度不变，但缩短脉冲电流时间，则在脑部产生的感应电场及感应电流会增强3．质量为m，电阻率为ρ，横截面积为S，长度为L的粗细均匀的金属棒MN两端由等长的轻质绝缘细线悬挂，金属棒置于竖直方向的匀强磁场中，初始细线竖直，金属棒静止。现在MN两端加上大小为U的电压，使电流由M流向N，当金属棒再次静止时，绝缘细线向左偏离竖直方向30°角，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．磁场方向竖直向下，B的大小为mgρB．磁场方向竖直向上，B的大小为3C．增长绝缘细线长度，其余条件不变，金属棒摆角仍等于30°D．增大金属棒长度，其余条件不变，金属棒摆角将大于30°4．下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A．图甲中，摆动手柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且和磁铁转得一样快B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线图中产生大量热量，从而冶炼全属C．图丙中，粒子以初速度为0进入加速电场，则击中光屏同一位置的粒子比荷相同D．图丁是微安表的表头，在运输时要把正，负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁驱动原理5．某同学为了验证自感现象，找来带铁芯的线圈L（线圈的自感系数很大，构成线圈导线的电阻可以忽略），两个相同的小灯泡A和B、二极管D、开关S和电池组E，用导线将它们连接成如图所示的电路。经检查，各元件和导线均是完好的，检查电路无误后，开始进行实验操作。他可能观察到的现象是（）A．闭合S瞬间，A比B先亮B．闭合S瞬间，A，B一起亮C．断开S瞬间，A会先亮再逐渐熄灭D．闭合S持电路稳定后，B不会亮6．如图所示，两个宽度均为a的竖直边界区域，区域内匀强磁场的磁感应强度的大小相等、方向相反，且与纸面垂直，现有直角边长为a的等腰直角三角形导线框从图示位置开始向右匀速穿过磁场区域。若以顺时针方向为电流的正方向，则线框中产生的感应电流i与线框移动的位移x的关系图像是（）A． B．C． D．7．如图所示，一内壁光滑，上端开口、下端封闭的绝缘玻璃管竖直放置在水平桌面上。已知玻璃管的高度为h，管底有质量为m，电荷量为+q的小球。玻璃管以速度v沿垂直于磁场方向进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，且在外力作用下，玻璃管在磁场中运动速度保持不变，小球最终从上端管口飞出，在此过程中，下列说法正确的是（）A．洛仑兹力对小球做正功B．小球做匀变速曲线运动C．管壁对小球的弹力对小球不做功D．玻璃管的运动速度对小球在玻璃管中的运动时间无影响8．近期小朋友热衷玩的一种夜光飞行器的实物和模型如图所示。假设该飞行器在北半球的地磁极上空，该处地磁场的方向竖直向下，磁感应强度为B。飞行器的螺旋桨叶片远端在固定的水平圆环内转动，在螺旋桨转轴和叶片的运端b之间连接有一个发光二极管D，已知叶片长度为L，转动的频率为f，从上向下看叶片是按顺时针方向转动的。用E表示每个叶片中的感应电动势，螺旋桨转轴和叶片均为导体。则（）A．E=πBLB．E=2πBLC．E=πBLD．E=2πBL9．磁流体发电具有结构简单、启动快捷、环保等优势。磁流体发电机的简易模型图如图所示，其发电通道是一个长方体空腔，长、高、宽分别为L、a、b，前后两个侧面是绝缘体，上下两个侧面是电阻可忽略的导体电极，这两个电极通过开关与阻值为R的金属导体MN连成闭合电路，整个发电通道处于如图所示方向的匀强磁场中，磁感应强度的大小为B，方向垂直前后侧面。高温等离子体均以速率v水平向右喷入发电通道内，发电机的等效内阻为r，忽略等离子体的重力，相互作用力及其他因素。以下说法正确的是（）A．磁流体发电机不是利用电磁感应原理工作的B．开关闭合后，磁流体发电机上下两端的电压为BavrC．从能量转化的角度来看，发电机是将等离子体的动能转化为电能D．开关闭合后，R上消耗的功率为B10．如图甲所示，在光滑水平面上用恒力F拉一质量为m，边长为a，电阻为R的单匝均匀正方形铜线框，在1位置以速度v0，进入磁感应强度大小为B的匀强磁场并开始计时。在3t0时线框到达2位置速度又为v0A．t=0时刻，线框右边MN两端的电压为Bav0B．t0时刻线框的速度为C．0~3t0时间内，铜线框的最大加速度为D．线框从1位置运动到2位置的过程中，线框中产生的焦耳热为Fa二、多选题11．如图甲所示，在匀强磁场中，一单匝矩形金属线框两次分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙中曲线a、b所示，则（）A．曲线a、b对应的线圈频率之比为3：2B．两次t=0时刻线圈的磁通量均为零C．穿过线圈磁通量的最大值为0.D．t=0时刻，甲图中电压表的示数为012．如图所示，匀强磁场垂直于纸面向里，匀强电场平行于斜面向下，斜面是粗糙的。一带正电物块以某一初速度沿斜面向上滑动，经a点后到b点时速度减为零，接着又滑了下来。全程物块一直受摩擦力，设物块带电荷量保持不变，则从a到b和从b回到a两过程相比较（）A．加速度大小相等B．由b到a的过程中摩擦产生的热量更多C．由a到b的时间小于从b回到a的时间D．动能变化量的绝对值相同13．如图所示，一质量为2m的足够长的光滑金属框abed置于水平绝缘平台上，ab、dc边平行且和长为L的bc边垂直。整个金属框电阻可忽略。一根有效阻值为R、质量为m的导体棒MN置于金属框上，装置始终处于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中。现给金属：框向右的初速度v0A．感应电流方向为M→b→c→N→MB．达稳定状态后回路中不再有感应电流C．通过导体棒的电量为2mD．导体棒产生的焦耳热为514．早期回旋加速器的结构示意图如图所示，两个半径为R的D形金属盒相距很近，连接电压为U、频率为f=qBA．a、b、c三种粒子均能正常加速B．粒子能够获得的最大动能不随电源的电压大小变化而变化C．经加速后从D形盒中飞出的粒子中，动能最大的粒子的动能为E=D．经加速后从D形盒中飞出的粒子中，动能最大的粒子的动能为E=15．如图所示，等腰直角三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，d为ac边的中点，e为bc边上的一点。现有一带正电的粒子（不计重力）从a点以大小不同的速度沿ab方向射人磁场，分别从d、c、e点射出磁场，所用时间分别为t1、t2、t3，且t1：t3=3：2，若t3已知，则（）A．t2：t3=3：2B．带电粒子的比荷为2πC．从c点与从e点射出的速度大小之比为3D．从d点与从e点射出的速度大小之比为3三、实验题16．小红用如图甲所示的装置探究“影响感应电流方向的因素”，螺线管与电流计构成闭合电路，条形磁铁N极朝下，请回答下列问题（1）要想使电流计指针发生偏转，即有感应电流产生，小红进行了下四种操作，其中可行的是（）A．螺线管不动，磁铁静止放在螺线管中B．螺线管不动，磁铁插入或拔出螺线管C．磁铁与螺线管保持相对静止，一起匀速向上运动D．磁铁与螺线管保持相对静止，一起在水平面内做圆周运动（2）在(1)的研究中，小红发现电流计指针偏转方向会有不同，也就是感应电流方向不同，小红又将实验装置改造，如图乙所示，螺线管A经过滑动变阻器与开关，电池相连构成直流电路：螺线管B与电流计构成闭合电路，螺线管B套在螺线管A的外面，实验中发现：①闭合开关时，灵敏电流计的指针向左偏转了一下。闭合开关后，若将线圈A快速插入线圈B中，灵敏电流计的指针会（选填“向左偏”、“不偏转”或“向右偏”）②开关保持闭合，线圈A保持静止，若把滑动变阻器的滑片快速向右滑动，灵敏电流计的指针会（选填“向左偏”、“不偏转”或“向右偏”）。17．甲、乙两个学习小组的同学分别设计了如图所示的甲，乙两种装置用来验证动量守恒定律。（1）两组实验中，小球A的半径应（选填“大于”，“等于”或“小于”）小球B的半径；（2）图甲中O点是小球抛出点在地面上的投影，实验时，先让入射小球m1多次从斜轨上同一位置S静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛水平射程OP。然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射小球m1A．用天平测量两个小球的质量m1、B．测量小球m1C．测量数是点原地面的高度HD．分别通过画最小的圆找到m1、m（3）用刻度尺测量发现OM：OP：ON=1：5：6，若碰撞过程中动量守恒，则小球A与小球B的质量之比为。（4）图乙中，若两球相碰前后的动量守恒，系统动量守恒的表达式可表示为____。A．mB．mC．m四、解答题18．在冬奥会中，队长王冰五最后一段，将质量为20kg的冰壶推出，运动一段时间后以0.5m/s的速度正碰静止的瑞典队冰壶，两冰壶质量相等。（1）若两球发生弹性碰撞，求碰后瑞典队冰壶的速度大小；（2）若碰后中国队冰壶以0.1m/s的速度继续向前滑向大本营中心。求碰后瑞典队冰壶的速度大小和碰撞过程中系统损失的机械能。19．如图所示，有一对与水平面夹角为θ=37°的足够长平行光滑倾斜导轨ab、cd，两导轨间距L=1m，顶端bc间连一电阻R，R=0.5Ω，在导轨与电阻构成的回路中有垂直轨道平面向下的匀强磁场，其磁感应强度大小B1=1T。在导轨上横放一质量m=1kg，电阻r=0.5Ω、长度也为L的导体棒ef，导体棒与导轨始终接触良好，又在导轨ab、cd的顶端通过导线连接一面积为S=0.5m2，总电阻也为r、匝数N=100的线圈（线圈中轴线沿竖直方向），在线圈内加上沿竖直方向，且均匀增加的磁场B（图中未画出），连接线圈电路上的开关K处于断开状态。不计导轨电阻，取sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2.（1）从静止释放导体棒，导体棒能达到的最大速度是多少；（2）导体棒从静止释放到稳定运行的这段时间内，流过电阻R的电荷量q=6C，那么导体棒下滑的距离及R上产生的焦耳热是多少；（3）现闭合开关K，为使导体棒静止于倾斜导轨上，那么在线圈中所加磁场的磁感应强度的方向及变化率大小是多少？20．如图所示，直线MN上方有平行于纸面且与MN或45°角的有界匀强电场，电场强度大小未知；MN下方为方向垂直于纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B，现从MN上的O点向磁场中射入一个速度大小为v，方向与MN成45°角的带正电粒子，该粒子从开始运动到第一次进入电场所用时间为πs，将该粒子从O点出发记为第一次经过直线MN，其第五次经过直线MN时恰好又通过O点。不计粒子的重力。求：（1）粒子的比荷大小及在磁场中的运动半径；（2）电场强度E的大小；（3）该粒子从O点出发到再次回到O点所需的时间t。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．磁场中某点不能有两个磁场方向，故而磁感线不能相交，A不符合题意；B．磁感线某点处的切线方向为该点的磁场方向，B符合题意；C．磁感线为闭合曲线，故而在“磁星”内部仍然存在磁场，C不符合题意；D．若所选择的区域平行于磁感线，或磁感线从某侧进入又从同一侧穿出时磁通量依然为零，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】利用磁感应强度的唯一可以判别磁感线不能相交；磁场为闭合曲线所以内部也存在磁场；利用进出磁感线的数量可以判别磁通量的大小。2．【答案】C【解析】【解答】A．脉冲电流流经线圈会产生高强度的磁场是电流的磁效应，A正确，不符合题意；B．脉冲磁场使脑部特定区域产生感应电流是电磁感应现象，B正确，不符合题意；C．若将脉冲电流改为恒定电流，线圈将会产生恒定磁场，故不会产生持续的感应电场及感应电流，不会对脑神经产生电刺激作用，C错误，符合题意；D．若脉冲电流最大强度不变，但缩短脉冲电流时间，可知在脑部特定区域产生相同磁通量变化的时间缩短，根据法拉第电磁感应定律可知在脑部产生的感应电场及感应电流会增强，D正确，不符合题意。故答案为：C。

【分析】电流流过线圈产生磁场属于电流的磁效应；脉冲磁场使脑部特定区域产生感应电流属于电磁感应现象；当脉冲电流改为恒定电流时其电磁感应现象不会产生。3．【答案】C【解析】【解答】AB．对金属棒受力分析如图，由左手定则可知磁场方向竖直向上。金属棒受三个力和为零，根据平衡条件有tan根据电阻定律可知金属棒的电阻为R=ρ通过金属棒的电流为I=联立①②③可解得B=AB不符合题意；CD．根据平衡条件知金属棒摆角θ的正切值tan可知θ与绝缘细线的长度无关，与金属棒的质量成反比，所以增长绝缘细线长度，其余条件不变，金属棒摆角将不变，C符合题意；增大金属棒长度，其余条件不变，则金属棒质量增大，摆角将小于30°，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用其电阻定律结合欧姆定律可以求出金属棒的电流，结合平衡条件可以求出磁感应强度的大小；利用其平衡条件可以求出其夹角正切值的表达式，利用表达式可以判别其影响因素。4．【答案】C【解析】【解答】A．根据电磁驱动原理，摆动手柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，线圈比磁铁转得慢，A不符合题意；B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生涡流从而产生大量热量融化，B不符合题意；C．粒子在加速电场中，根据动能定理有Uq=粒子在偏转磁场中，则有Bqv=m联立解得r=知粒子以初速度为0进入加速电场，则击中光屏同一位置的粒子比荷相同，C符合题意；D．图丁是微安表的表头，在运输时要把正，负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用其电磁驱动原理可以判别其铝框转动的速度小于磁铁转动的速度；炉外通入高频交流电会时金属产生涡流导致产生大量热量；利用动能定理结合牛顿第二定律可以判别粒子击中同一位置则比荷相同；运输时正负接线柱接在一起是利用电磁阻尼原理保护电表指针。5．【答案】C【解析】【解答】ABD．从实物图中我们可以看出两个小灯泡是间接并联关系，其中自感线圈和B灯泡串联，当闭合开关的瞬间，通过B的电流增大，自感线圈产生感应电流阻碍电路电流增大，所以B是逐渐亮起来，电路稳定后B亮度保持不变；而A灯泡和二极管相串联，二极管阻碍由S向A的电流通过，A灯泡一直不亮，ABD不符合题意；C．当断开开关的瞬间，电源电流减小，自感线圈要阻碍电流的减小，产生与原电流方向相同的感应电流，此时A、B串联构成回路，所以B灯泡是缓慢熄灭，A会先亮再逐渐熄灭，C符合题意。故答案为：C。

【分析】利用电感对变化电流的阻碍作用可以判别开关闭合时其B逐渐亮起来；当开关断开时，其AB串联成回路则逐渐熄灭。6．【答案】B【解析】【解答】导线框匀速进入磁场，在0-a距离内，磁通量向外增大，且磁通量的变化率均匀增大，根据楞次定律，感应电流为顺时针方向且均匀增大；在a-2a距离内，向外的磁通量减小，向里的磁通量增大，产生的感应电流方向均为逆时针，又因为两区域磁通量变化率都均匀增大，则感应电流的最大值是0-a距离内最大值的2倍；在a-2a距离内，磁通量向里减小，变化率均匀变大，所以感应电流为顺时针方向均匀变大，最大值与0-a距离内的最大值相等。故答案为：B。

【分析】利用其楞次定律可以判别其感应电流的方向；结合其磁通量变化率的大小可以判别感应电流的大小。7．【答案】B【解析】【解答】A．洛仑兹力与小球速度方向垂直，对小球不做功，A不符合题意；B．根据题意，小球在水平方向做匀速直线运动；在竖直方向，小球受到重力和向上的洛仑兹力，洛仑兹力的大小为F=qvB根据牛顿第二定律得qvB−mg=ma因为v不变，加速度a不变，所以小球做匀变速曲线运动，B符合题意；C．管壁对小球的弹力对小球做正功，C不符合题意；D．根据h=解得t=玻璃管的运动速度v越大，小球在玻璃管中的运动时间越短，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】洛伦兹力方向与小球速度方向垂直，对小球不做功；利用牛顿第二定律可以判别其小球做匀变速直线运动；利用其管壁弹力方向与小球速度方向可以判别管壁对小球做正功；利用位移公式可以判别其玻璃管速度越大其小球运动时间越短。8．【答案】A【解析】【解答】根据法拉第电磁感应定律，叶片转动时产生的感应电动势为E=从上向下看叶片是按顺时针方向转动的，通过右手定则，可以判断出b端相当于电源的正极，与二极管的正负极相反，电路不通，故二极管不会发光，BCD不符合题意，Ａ正确。故答案为：A。

【分析】利用其法拉第电磁感应定律可以求出叶片产生的电动势大小；利用其右手定则可以判别感应电流的方向，结合其电势的高低可以判别其二极管是否发光。9．【答案】C【解析】【解答】A．磁流体发电机利用了磁场产生电的现象，是根据电磁感应原理发电的，A不符合题意；B．当外电路断开时，上下两端的电压大小等于其电动势，此时，发电通道内电荷量为q的离子受力平衡，由qvB=q可得E=Bav当开关闭合，磁流体发电机模型的路端电压为U=B不符合题意；C．从能量转化的角度来看，发电机是将等离子体的动能转化为电能，C符合题意；D．开关闭合后，R上消耗的功率为P=D不符合题意。故答案为：C。

【分析】磁流体发电机是利用磁场产生电的现象所以利用电磁感应原理发电的；利用其电场力和洛伦兹力相等可以求出其电动势的大小，结合欧姆定律可以求出路端电压的大小；发电机是将等离子体的动能转化为电能；利用其电压和电阻可以求出R消耗的功率大小。10．【答案】B【解析】【解答】A．t=0时刻，线框右侧边MN的两端电压为外电压，线框产生的感应电动势为E=Ba外电压即MN间的电压为UA不符合题意；B．根据图像可知在t0～3t0时间内，线框做匀加速直线运动，合力等于F，根据牛顿第二定律可得加速度为a=在t0时刻线框的速度为v=B符合题意；C．由v−t图像中各点切线的斜率表示瞬时加速度可知，t=0时刻加速度最大，加速度a=C不符合题意；D．由图可知，线框在位置1和位置2时的速度相等，设两位置间距为l，则有l>a根据动能定理，外力做的功等于克服安培力做的功Fl−解得WD不符合题意。故答案为：B。

【分析】利用其动生电动势及欧姆定律可以求出MN电压的大小；利用牛顿第二定律结合速度公式可以求出线圈初速度的大小；利用牛顿第二定律可以判别其加速度的大小；利用动能定理可以判别其克服安培力做功即产生焦耳热的大小。11．【答案】A,C【解析】【解答】A．由图乙知，a的周期为Tab的周期为T根据f=曲线a、b对应的线圈频率之比为3：2，A符合题意；B．两次t=0时刻感应电动势为零，线圈的磁通量最大，B不符合题意；C．根据Emωa联立①②③得，穿过线圈磁通量的最大值为ϕm=0C符合题意；D．电压表的示数为有效值，有效值不为0，则t=0时刻，甲图中电压表的示数不为0，D不符合题意。故答案为：AC。

【分析】利用图像可以求出周期的大小，利用周期之比可以求出频率之比；利用其电动势的大小可以判别磁通量的大小；利用电动势的表达式可以求出其磁通量的峰值；其电压表显示有效值的大小其示数不等于0.12．【答案】B,C【解析】【解答】A．物体从a到b向上运动过程，受到的摩擦力f1沿斜面向下，根据牛顿第二定律可得物体从b到a向下运动过程，受到的摩擦力f2沿斜面向上，根据牛顿第二定律可得可知两个过程加速度大小不相等，A不符合题意；B．物体从a到b向上运动过程，受到洛伦兹力垂直斜面向上，则有f物体从b到a向下运动过程，受到洛伦兹力垂直斜面向下，则有f可知向下运动过程的摩擦力一定大于向上运动过程的摩擦力，根据Q=f可知由b到a的过程中摩擦产生的热量更多，B符合题意；C．由于摩擦力的作用，使得物块在向上和向下经过斜面同一位置时，向上的速度一定大于向下的速度，则向上运动过程的平均速度一定大于向下运动过程的平均速度，故向上运动过程的时间一定小于向下运动过程的时间，C符合题意；D．物体从a到b向上运动过程，受到的合力大小为F物体从b到a向下运动过程，受到的合力大小为F可知向上运动受到的合力大于向下运动受到的合力，根据动能定理可知，向上运动过程动能变化量的绝对值大于向下运动过程动能变化量的绝对值，D不符合题意。故答案为：BC。

【分析】利用牛顿第二定律结合摩擦力的方向可以判别加速度不相等；利用摩擦力的表达式结合运动的位移可以比较摩擦产生的热量大小；利用平均速度的大小可以比较运动的时间；利用合力的大小结合动能定理可以比较动能变化量的大小。13．【答案】B,C【解析】【解答】A．由右手定则判断出电流方向为M→N→c→b→M，A不符合题意；B．MN棒做加速度减小的加速运动，金属框做加速度减小的减速运动，当两者速度相等时，整个回路电动势为零，之后做匀速直线运动，达稳定状态后回路中不再有感应电流，B符合题意；C．由动量守恒得2m解得v对MN棒列动量定理BIL⋅ΔtBLq=m解得q=C符合题意；D．由能量守恒得Q=D不符合题意。故答案为：BC。

【分析】利用右手定则可以判别感应电流的方向；利用其动量守恒定律及MN棒的动量定理可以通过导体棒的电荷量大小；利用能量守恒定律可以求出其导体棒产生的焦耳热；利用其MN与金属框的加速度不断减小，当速度相等时其回路没有感应电动势。14．【答案】B,D【解析】【解答】A．高频交流电源等于带电粒子在磁场中做匀速圆周运动频率，交流电频率为f=根据T=交流电的周期T=设质量为m、2m、3m的粒子在磁场中做圆周运动的周期分别为T1、T2、TTT带电粒子能在回旋加速器加速，交流电的周期和粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期相等，可知只有质量为m、2m的粒子能正常加速，A不符合题意；BCD．根据公式qvB=m解得v=则带电粒子离开回旋加速器时获得动能为E所以质量为m、2m的粒子获得最大动能分别为EE所以粒子能够获得的最大动能和加速电压无关，BD符合题意，C不符合题意。故答案为：BD。

【分析】利用其粒子运动的周期可以判别其在匀强磁场中运动的周期大小进而判别其其其m与2m粒子能够正常加速；利用牛顿第二定律及动能的表达式可以判别最大动能与加速电压无关。15．【答案】A,D【解析】【解答】A．粒子运动轨迹如图所示从d、c两点射出时，对应的圆心角相等，都等于90°，所以，他们在磁场中运动时间也相等，即t1=t2，又由于t1：t3=3：2，因此tA符合题意；B．由于t1：t3=3：2，又因为，从d点射出时对应的圆心角为90°，所以，从e点射出时，对应的圆心角为60°，即t变形得qB不符合题意；CD．设ab=L，由几何关系得rrr根据牛顿第二定律得qvB=mv=由于q、m、B相同，速度与半径成正比vvC不符合题意、D符合题意；故答案为：AD。

【分析】画出粒子运动的轨迹，结合轨迹所对圆心角可以求出运动时间的比值；利用其粒子运动的时间可以求出比荷的大小；利用几何关系可以求出轨道半径之比，结合牛顿第二定律可以求出速度之比。16．【答案】（1）B（2）向左偏；向右偏【解析】【解答】(1)A．螺线管不动，磁铁静止放在螺线管中，螺线管所在闭合回路的磁通量保持不变，不产生感应电流，操作不可行，A不符合题意；B．螺线管不动，磁铁插入或拔出螺线管，螺线管所在闭合回路的磁通量发生变化，产生感应电流，操作可行，B符合题意；C．磁铁与螺线管保持相对静止，一起匀速向上运动，螺线管所在闭合回路的磁通量保持不变，不产生感应电流，操作不可行，C不符合题意；D．磁铁与螺线管保持相对静止，一起在水平面内做圆周运动，螺线管所在闭合回路的磁通量保持不变，不产生感应电流，操作不可行，D不符合题意；故答案为：B。(2)闭合开关时，线圈A所在闭合回路的电流增大，线圈B所在闭合回路的磁通量增大，灵敏电流计的指针向左偏转了一下；将线圈A快速插入线圈B中，线圈B所在闭合回路的磁通量增大，灵敏电流计的指针会向左偏转一下；开关保持闭合，线圈A保持静止，若把滑动变阻器的滑片快速向右滑动，滑动变阻器的阻值增大，线圈A所在闭合回路的电流减小，线圈B所在闭合回路的磁通量减小，灵敏电流计的指针会向右偏转一下。

【分析】（1）当其螺旋管与磁铁之间有相对运动时其磁通量发生改变则有感应电流的产生；

（2）利用线圈B中磁通量的变化结合楞次定律可以判别电流计的指针偏转。17．【答案】（1）等于（2）A；D（3）3：2（4）B【解析】【解答】（1）为保证碰撞为正碰，应使两小球半径相等。（2）如果碰撞过程系统动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒定律得m小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得m得m实验需要测量，两球的质量、两球落点的水平位移。故答案为：AD。（3）由(2)可知，若碰撞过程中动量守恒，则m已知OM：OP：ON=1：5：6解得m（4）如果碰撞过程系统动量守恒，以水平向右为正方向，由动量守恒定律定律得m小球离开轨道后做平抛运动，水平位移相同，则有m化简得m故答案为：B。

【分析】（1）为了两个小球正碰