2024-2025学年云南省高二上学期12月月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1高二物理考试卷本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修第一册，必修第二册，必修第三册，选择性必修第一册第一、二章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列不是弹力的是（）A.拉力 B.压力 C.推力 D.库仑力【答案】D【解析】库仑力是电场力，不是弹力；拉力、压力、推力都是弹力。故选D。2.关于下列四种情境说法正确的是（）A.图甲中，M点与N点磁感应强度相同B.图乙中，线圈穿过磁铁从M运动到L的过程中，穿过线圈的磁通量一直增大C.图丙中，闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过程中，线框中有感应电流产生D.图丁中，线框与通电导线在同一平面内向右平移过程中，线框中没有感应电流产生【答案】C【解析】A．磁感线的切线方向表示磁感应强度的方向，由图可知，图甲中M、N两点的磁感应强度的方向是不同的，所以图甲中，M、N两点磁感应强度不相同，故A错误；B．根据条形磁铁的磁场的特点可知，当线圈穿过磁铁从M运动到L的过程中，穿过线圈的磁通量先增大后减小，故B错误；C．图丙中，闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过程中，线框平面与磁感应强度方向之间的夹角发生变化，穿过线框的磁通量也发生变化，所以线框中有感应电流产生，故C正确；D．距离通电直导线越远，磁感应强度越小，所以在图丁中，线框在与通电导线在同一平面内向右平移的过程中，向里穿过线框的磁通量减小，线框中有感应电流产生，故D错误。故选C。3.一辆汽车在北京路做匀减速直线运动，加速度大小为，经5s停下，则该汽车的位移大小是（）A.50m B.40m C.30m D.25m【答案】A【解析】根据逆向思维可得该汽车的位移大小为故选A。4.下列有关单摆的说法正确的是（）A.在做单摆实验时，要尽可能选择质量小、体积大的球B.同一个单摆在赤道和两极的周期相同C.单摆的周期与摆球质量和振幅无关D.摆角很大时，单摆也可以看成做简谐运动【答案】C【解析】A．在做单摆实验时，为了减小空气阻力的影响，要尽可能选择质量大、体积小的球，故A错误；B．根据单摆周期公式，由于赤道和两极的重力加速度不同，则同一个单摆在赤道和两极的周期不同，故B错误；C．单摆周期与摆球质量和振幅无关，故C正确；D．摆角很大时，就不满足简谐运动规律，单摆不可以看成做简谐运动，故D错误。5.1kg的普洱茶放在水平桌面上，取重力加速度大小，经1min，桌面对普洱茶的冲量大小为（）A. B. C. D.0【答案】B【解析】桌面对普洱茶的支持力大小为则桌面对普洱茶的冲量大小为故选B。6.飞船登陆火星需经历如图所示的变轨过程，已知引力常量为G，下列说法正确的是（）A.飞船在变轨的过程中，机械能守恒B.飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度大于在轨道Ⅱ上P点的加速度C.飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点启动加速装置D.若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，则可以推知火星的密度【答案】D【解析】AC．飞船从高轨道变到低轨道时，需要减速，故机械能不守恒；可知飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点启动减速装置，故AC错误；B．根据牛顿第二定律可得解得可知飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度等于在轨道Ⅱ上P点的加速度，故B错误；D．若轨道Ⅰ贴近火星表面，由火星的万有引力提供向心力可得由解得故D正确。故选D。7.平行板间加如图乙所示的周期性变化的电压，时M板带正电，如图甲所示，一带正电的粒子紧靠M板，从时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况。粒子运动的速度—时间图像正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由于电压在一段时间内不变，因此电场强度也不变，带电粒子受到的电场力也不变，根据牛顿第二定律可知带电粒子的加速度也不变。带电粒子在匀加速后，电压反向了，电场力也反向，该粒子做匀减速直线运动。由于加、减速时间相同，该粒子的速度恰好减为零；下一周期又开始重复上述运动，则图像如选项C所示。故选C。8.下列说法正确的是（）A.沪昆铁路一定不可看成质点 B.8：30上课，“8：30”指时刻C.物体做自由落体运动时只受重力作用 D.合力一定大于分力【答案】BC【解析】A．沪昆铁路有时可看成质点，故A错误；B．“8：30”指的是时刻，故B正确；C．物体做自由落体运动时只受重力作用，故C正确；D．合力与分力遵循平行四边形定则，合力可能等于分力，也可能大于分力，还可能小于分力，故D错误。故选BC。9.在如图所示的图线中，图线甲、乙分别为电源和某电阻两端电压随电流变化的规律，已知两图线与I轴的夹角分别为、，则下列说法正确的是（）A.两图线交点的横、纵坐标的乘积为电源的输出功率B.两图线交点的横、纵坐标的乘积为电源消耗的总功率C.当时，电源的效率为60%D.当时，电源内阻等于负载电阻【答案】AD【解析】AB．根据闭合电路的欧姆定律和图像的特点可知，两图线交点的横、纵坐标的乘积表示负载电阻消耗的功率，即电源的输出功率，选项A正确、B错误；CD．图像甲的斜率等于电源内阻，图像乙的斜率等于负载电阻，则当满足时，电源内阻等于负载电阻，电源的效率为选项C错误、D正确。故选AD。10.如图所示，光滑水平面上，物块B和物块C之间连接一根轻质弹簧，一起保持静止状态，物块A以的速度向物块B运动，发生时间极短的碰撞后与物块B粘在一起，然后通过弹簧与C一起运动，已知，。下列说法正确的是（）A.A、B、C一起运动过程中弹簧最大弹性势能为15JB.A、B、C一起运动过程中弹簧最大弹性势能为6JC.当弹簧第一次恢复原长时，C的速度大小为2m/sD.当弹簧第一次恢复原长时，A、B的速度大小为0【答案】BC【解析】AB．A和B发生碰撞的过程中A和B组成的系统动量守恒，A、B达到共速，设为，由解得此过程有机械能损失，A、B粘到一起后，压缩弹簧，此过程A、B、C与弹簧组成的系统动量守恒，机械能守恒，当三者再次共速时弹簧弹性势能最大，由动量守恒定律有由机械能守恒定律有解得选项A错误、B正确；CD．从A、B刚碰后瞬间到弹簧再次恢复原长时，弹性势能均为0，所以三者动量守恒，且总动能守恒解得，选项C正确、D错误。故选BC二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学根据如图甲所示的欧姆表原理图，利用微安表（满偏电流为）、滑动变阻器R和电源，将微安表改装成欧姆表。（1）将两表笔短接，欧姆调零；（2）当两表笔之间接入阻值为的定值电阻时，微安表指针指在如图乙所示的位置，则其读数为___________，电源的电动势为_________V，欧姆表的内阻为_________；（3）经过一段时间之后，电池的电动势降低，内阻增大，则重新欧姆调零之后，测得的电阻阻值将___________（填“偏大”“不变”或“偏小”）。【答案】（2）200620（3）偏大【解析】[1]从题图乙可读出微安表的读数为；[2][3]由闭合电路欧姆定律得代入数据解得，欧姆表的内阻为电源的电动势为[4]经过一段时间之后，电池的电动势降低，重新欧姆调零时，减小，根据可知测得的电阻阻值将偏大。12.“祖冲之”研究小组在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验。（1）如图甲所示，所用电火花计时器的工作电压为___________；A.交流220V B.直流220VC.直流6V D.交流6V（2）某次实验得到一条清晰纸带，其一部分如图乙所示，已知电火花计时器所用电源的频率为50Hz，每两个计数点间还有一个计时点没画出，则计数点E所在位置的刻度尺读数为___________cm，小车通过E点时的瞬时速度为___________m/s（计算结果保留两位有效数字），请在坐标纸丙上描出E点且拟合图线___________，并求解小车运动的加速度___________（计算结果保留两位有效数字）。【答案】（1）A（2）14.501.13.0（2.8~3.1都算对）【解析】（1）电火花计时器的工作电压为交流220V。故选A。（2）[1]由图乙可知计数点E所在位置的刻度尺读数为14.50cm；[2]每两个计数点间还有一个计时点没画出，则相邻计数点的时间间隔为根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程平均速度，则小车通过E点时的瞬时速度为[3]在坐标纸丙上描出E点，并作出小车的速度—时间图像如图所示[4]根据图像的斜率表示加速度，可知小车运动的加速度为13.如图所示，一电风扇在1s的时间内匀速转动了n圈，扇叶上在离转轴距离为R的地方有质点A（图中未画出），求：（1）电风扇转动的角速度；（2）质点A的向心加速度大小。【答案】（1）（2）【解析】（1）电风扇在1s的时间内匀速转动了n圈，则有，解得（2）向心加速度大小为解得14.如图所示，，当电阻箱的阻值时，理想电压表的示数；当电阻箱的阻值时，电压表的示数，求电源电动势E及内阻r。【答案】，【解析】根据闭合电路欧姆定律得联立上式并代入数据解得，15.如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，在y轴负半轴上的某处固定着一点电荷（图中未画出），设匀强电场与点电荷产生的电场以x轴为界互不影响。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点以与x轴正方向成角射入第Ⅳ象限，此后在点电荷产生的电场作用下做匀速圆周运动，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出，。不计粒子受到的重力，静电力常量为k，求：（1）M、N两点间的电势差；（2）固定点电荷的电性和电荷量Q。【答案】（1）（2）带负电，【解析】（1）已知不计粒子受到的重力，则带正电的粒子在第Ⅰ象限的电场中做类平抛运动，在x轴方向上做匀速直线运动，设粒子经过N点时的速度为v，有解得粒子从M点运动到N点的过程，由动能定理可知联立解得（2）带电粒子在第Ⅳ象限内绕点电荷做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示则点电荷、带电粒子之间为库仑引力，因此点电荷带负电。设带电粒子做匀速圆周运动的半径为r，由几何关系得解得库伦引力提供向心力，由牛顿第二定律可知联立解得高二物理考试卷本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修第一册，必修第二册，必修第三册，选择性必修第一册第一、二章。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.下列不是弹力的是（）A.拉力 B.压力 C.推力 D.库仑力【答案】D【解析】库仑力是电场力，不是弹力；拉力、压力、推力都是弹力。故选D。2.关于下列四种情境说法正确的是（）A.图甲中，M点与N点磁感应强度相同B.图乙中，线圈穿过磁铁从M运动到L的过程中，穿过线圈的磁通量一直增大C.图丙中，闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过程中，线框中有感应电流产生D.图丁中，线框与通电导线在同一平面内向右平移过程中，线框中没有感应电流产生【答案】C【解析】A．磁感线的切线方向表示磁感应强度的方向，由图可知，图甲中M、N两点的磁感应强度的方向是不同的，所以图甲中，M、N两点磁感应强度不相同，故A错误；B．根据条形磁铁的磁场的特点可知，当线圈穿过磁铁从M运动到L的过程中，穿过线圈的磁通量先增大后减小，故B错误；C．图丙中，闭合线框绕垂直于磁场方向的轴转动的过程中，线框平面与磁感应强度方向之间的夹角发生变化，穿过线框的磁通量也发生变化，所以线框中有感应电流产生，故C正确；D．距离通电直导线越远，磁感应强度越小，所以在图丁中，线框在与通电导线在同一平面内向右平移的过程中，向里穿过线框的磁通量减小，线框中有感应电流产生，故D错误。故选C。3.一辆汽车在北京路做匀减速直线运动，加速度大小为，经5s停下，则该汽车的位移大小是（）A.50m B.40m C.30m D.25m【答案】A【解析】根据逆向思维可得该汽车的位移大小为故选A。4.下列有关单摆的说法正确的是（）A.在做单摆实验时，要尽可能选择质量小、体积大的球B.同一个单摆在赤道和两极的周期相同C.单摆的周期与摆球质量和振幅无关D.摆角很大时，单摆也可以看成做简谐运动【答案】C【解析】A．在做单摆实验时，为了减小空气阻力的影响，要尽可能选择质量大、体积小的球，故A错误；B．根据单摆周期公式，由于赤道和两极的重力加速度不同，则同一个单摆在赤道和两极的周期不同，故B错误；C．单摆周期与摆球质量和振幅无关，故C正确；D．摆角很大时，就不满足简谐运动规律，单摆不可以看成做简谐运动，故D错误。5.1kg的普洱茶放在水平桌面上，取重力加速度大小，经1min，桌面对普洱茶的冲量大小为（）A. B. C. D.0【答案】B【解析】桌面对普洱茶的支持力大小为则桌面对普洱茶的冲量大小为故选B。6.飞船登陆火星需经历如图所示的变轨过程，已知引力常量为G，下列说法正确的是（）A.飞船在变轨的过程中，机械能守恒B.飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度大于在轨道Ⅱ上P点的加速度C.飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点启动加速装置D.若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知飞船在轨道Ⅰ上运动的角速度，则可以推知火星的密度【答案】D【解析】AC．飞船从高轨道变到低轨道时，需要减速，故机械能不守恒；可知飞船在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点启动减速装置，故AC错误；B．根据牛顿第二定律可得解得可知飞船在轨道Ⅰ上P点的加速度等于在轨道Ⅱ上P点的加速度，故B错误；D．若轨道Ⅰ贴近火星表面，由火星的万有引力提供向心力可得由解得故D正确。故选D。7.平行板间加如图乙所示的周期性变化的电压，时M板带正电，如图甲所示，一带正电的粒子紧靠M板，从时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况。粒子运动的速度—时间图像正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】由于电压在一段时间内不变，因此电场强度也不变，带电粒子受到的电场力也不变，根据牛顿第二定律可知带电粒子的加速度也不变。带电粒子在匀加速后，电压反向了，电场力也反向，该粒子做匀减速直线运动。由于加、减速时间相同，该粒子的速度恰好减为零；下一周期又开始重复上述运动，则图像如选项C所示。故选C。8.下列说法正确的是（）A.沪昆铁路一定不可看成质点 B.8：30上课，“8：30”指时刻C.物体做自由落体运动时只受重力作用 D.合力一定大于分力【答案】BC【解析】A．沪昆铁路有时可看成质点，故A错误；B．“8：30”指的是时刻，故B正确；C．物体做自由落体运动时只受重力作用，故C正确；D．合力与分力遵循平行四边形定则，合力可能等于分力，也可能大于分力，还可能小于分力，故D错误。故选BC。9.在如图所示的图线中，图线甲、乙分别为电源和某电阻两端电压随电流变化的规律，已知两图线与I轴的夹角分别为、，则下列说法正确的是（）A.两图线交点的横、纵坐标的乘积为电源的输出功率B.两图线交点的横、纵坐标的乘积为电源消耗的总功率C.当时，电源的效率为60%D.当时，电源内阻等于负载电阻【答案】AD【解析】AB．根据闭合电路的欧姆定律和图像的特点可知，两图线交点的横、纵坐标的乘积表示负载电阻消耗的功率，即电源的输出功率，选项A正确、B错误；CD．图像甲的斜率等于电源内阻，图像乙的斜率等于负载电阻，则当满足时，电源内阻等于负载电阻，电源的效率为选项C错误、D正确。故选AD。10.如图所示，光滑水平面上，物块B和物块C之间连接一根轻质弹簧，一起保持静止状态，物块A以的速度向物块B运动，发生时间极短的碰撞后与物块B粘在一起，然后通过弹簧与C一起运动，已知，。下列说法正确的是（）A.A、B、C一起运动过程中弹簧最大弹性势能为15JB.A、B、C一起运动过程中弹簧最大弹性势能为6JC.当弹簧第一次恢复原长时，C的速度大小为2m/sD.当弹簧第一次恢复原长时，A、B的速度大小为0【答案】BC【解析】AB．A和B发生碰撞的过程中A和B组成的系统动量守恒，A、B达到共速，设为，由解得此过程有机械能损失，A、B粘到一起后，压缩弹簧，此过程A、B、C与弹簧组成的系统动量守恒，机械能守恒，当三者再次共速时弹簧弹性势能最大，由动量守恒定律有由机械能守恒定律有解得选项A错误、B正确；CD．从A、B刚碰后瞬间到弹簧再次恢复原长时，弹性势能均为0，所以三者动量守恒，且总动能守恒解得，选项C正确、D错误。故选BC二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某同学根据如图甲所示的欧姆表原理图，利用微安表（满偏电流为）、滑动变阻器R和电源，将微安表改装成欧姆表。（1）将两表笔短接，欧姆调零；（2）当两表笔之间接入阻值为的定值电阻时，微安表指针指在如图乙所示的位置，则其读数为___________，电源的电动势为_________V，欧姆表的内阻为_________；（3）经过一段时间之后，电池的电动势降低，内阻增大，则重新欧姆调零之后，测得的电阻阻值将___________（填“偏大”“不变”或“偏小”）。【答案】（2）200620（3）偏大【解析】[1]从题图乙可读出微安表的读数为；[2][3]由闭合电路欧姆定律得代入数据解得，欧姆表的内阻为电源的电动势为[4]经过一段时间之后，电池的电动势降低，重新欧姆调零时，减小，根据可知测得的电阻阻值将偏大。12.“祖冲之”研究小组在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验。（1）如图甲所示，所用电火花计时器的工作电压为___________；A.交流220V B.直流220VC.直流6V D.交流6V（2）某次实验得到一条清晰纸带，其一部分如图乙所示，已知电火花计时器所用电源的频率为50Hz，每两个计数点间还有一个计时点没画出，则计数点E所在位置的刻度尺读数为___________cm，小车通过E点时的瞬时速度为___________m/s（计算结果保留两位有效数字），请在坐标纸丙上描出E点且拟合图线___________，并求解小车运动的加速度___________（计算结果保留两位有效数字）。【答案】（1）A（2）14.501.13.0（2.8~3.1都算对）【解析】（1）