2024年高考北京卷理综试题解析(解析版)

2024年一般高等学校招生全国统一考试

理科综合实力测试物理（北京卷）

一、选择题

1.在核反应方程+外+X中，x表示的是

A.质子B.中子C.电子D.a粒子

【答案】A

【解析】设X为：（X,依据核反应的质量数守恒：4+14=17+7,则：Z=1

电荷数守恒：2+7=8+4,则4=1,即X为：；H为质子，故选项A正确，BCD错误。

点睛：本题考查了核反应方程式，要依据电荷数守恒、质量数守恒得出X的电荷数和质量数，从而确定X

的种类。

2.关于分子动理论，下列说法正确的是

A.气体扩散的快慢与温度无关

B.布朗运动是液体分子的无规则运动

C.分子间同时存在着引力和斥力

I）.分子间的引力总是随分子间距增大而增大

【答案】C

【解析】A、扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故A错表；

R、布朗运动为悬浮在液体中固体小颗粒的运动,不是液体分子的热运动，固体小颗粒运动的无规则性,是

液体分子运动的无规则性的间接反映，故B错误；

C、分子间斥力与引力是同时存在，而分子力是斥力与引力的合力，分子间的引力和斥力都是随分子间距增

大而减小：当分子间距小于平衡位置时，表现为斥力，即引力小于斥力，而分子间距大于平衡位置时，分

子表现为引力，即斥力小于引力，但总是同时存在的，故C正确，D错误。

点睛：本题考查了布朗运动、扩散以及分子间的作用力的问题：留意布朗运动和扩散都说明白分子在做永

不停息的无规则运动，都与温度有关：分子间的斥力和引力总是同时存在的。

3.用双缝干涉试验装置得到白光的干涉条纹，在光源与单缝之间加上红色滤光片后

A.干涉条纹消逝

B.彩色条纹中的红色条纹消逝

C.中心条纹变成暗条纹

D.中心条纹变成红色

【答案】D

【解析】当用白光做干涉实蛉时，频率相同的色光，相互会加干涉，在光屏上形成彩色条纹，中央形成白

色的亮条纹；当在光源与单缝之间加上红色滤光片后，只有红光能通过单缝，然后通过双缝后相互会加干

涉，在光屏上形成红色干涉条纹，光屏中央为加强点，所以中央条纹变成红色亮条纹，故选项D正确，ABC

错误；

点睛：本题考查了光的干涉现象，留意只有频率相同、振动相同的两列波才能形成稳定的干涉图像，同时

要驾驭哪些点是振动加强点，哪些点是振动减弱点。

4.如图所示，一列简谐横波向右传播，P、0两质点平衡位置相距0.15m。当P运动到上方最大位移处时，

。刚好运动到下方最大位移处，则这列波的波长可能是

PQ

A.0.60m

B.0.30m

C.0.20m

D.0.15m

【答案】B

【解析】可以画出PQ之间的最简洁的波形，加图所示:

x=n+-U(n=0,1,2...)

同时由于PQ可以含有多个完整的波形，贝I1：PQ0\

2%PQ

A=---------(n=0,1,2...)

整理可以得到：2n+T

当八=0时，A=0.3m

当n=l时，2=0.1m,故选项B正确，ACD错误。

点睛：解决机械波的题目关键在于理解波的周期性，即时间的周期性或空间的周期性，得到波长的通项,

再求解处波长的特别值。

5.若想检验“使月球绕地球运动的力”与“使苹果落地的力”遵循同样的规律，在已知月地距离约为地球半径

60倍的状况卜.,须要验证

A.地球吸引月球的力约为地球吸引苹果的力的1/602

B.月球公转的加速度约为苹果落向地面加速度的1/602

C.自由落体在月球表面的加速度约为地球表面的1/6

D.苞果在月球表血受到的引力约为在地球表曲的1/60

【答案】B

【解析】Ax设月球质量为“月，地球质量为苹果质量为m

GMM-

典」月球受到的万有引力为：£与=但

苹果受到的万有引力为：/=等

由于月球质蚩和苹果质量之间的关系未知，故二者之间万有引力的关系无法确定，故选项A错误5

Gvf“

B、根据牛顿第二定律：有卷="/。月，誓=ma

整理可以得到：Q目=白故选项B正确；

coU

M-m

C、在月球表面处：G—N—=m'g〃由于月球本身的半径大小未知，故无i去求出月球表面和地面表面重

力加速度的关系，故选项C错误；

D、苹果在月球表面受到引力为：F=G'^~,由于月球本身的半径大小未知，故无法求出苹果在月球

T具

表面受到的引力与地球表面引力之间的关系，故选项D错误。

点暗：本题考查万有引力相关学问，驾驭万有引力公式，知道引力与距离的二次方成反比，即可求解。

6.某空间存在匀强磁场和匀强电场。一个带电粒子（不计重力）以肯定初速度射入该空间后，做匀速直线运动；

若仅撤除电场，则该粒子做匀速圆周运动，下列因素与完成上述两类运动无关的是

A,磁场和电场的方向

B.磁场和电场的强弱

C.粒子的电性和电量

I）.粒子入射时的速度

【答案】C

E

v=—

【解析】由题可知，当带电粒子在复合场内做匀速直线运动，即£q=qu民则B,若仅撤除电场，粒子

仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，说明要满意题意须要对磁场与电场的方向以及强弱程度都要有要求,

例如：电场方向向下，磁场方向垂直纸面对里等，但是对电性和电量无要求，故选项C正确，ABD错误。

点睛：本题考查了带电粒子在复合场中的运动，事实上是考查了速度选择器的相关学问，留意当粒子的速

度与磁场不平行时，才会受到洛伦兹内的作用，所以对电场和磁场的方向有要求的。

7.探讨与平行板电容器电容有关因素的试验装置如图所示，卜列说法正确的是

A.试验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电

B.试验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小

C.试验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大

D.试验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大

【答案】A

【解析】A、当用带电玻璃棒与电容器。板接触，由于静电感应，从而在〃板感应出等量的异种电荷，从而

使电容器带电，故选项A正确；

CC-Q

B、依据电容器的确定式：=4nd,将电容器〃板向上平移，即正对面积S减小，则电容C减小，依据万

可知，电量。不变，则电压U增大，则静电计指针的张角变大，故选项B错误；

aS

C=-----

C、依据电容器的确定式：4nd,只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数£增大,则电容C增大，依

据方可知，电量。不变，则电压U减小，则静电计指针的张角减小，故选项c错误；

C=&

D、依据方可知，电量。增大，则电压U也会增大，则电容C不变，故选项D错误。

点睛：本题是电容器动态变更分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与那些因素有

什么关系。

8.依据中学所学学问可知，做自由落体运动的小球，将落在正下方位置。但事实上，赤道上方200m处无

初速下落的小球将落在正下方位置偏东约6cm处，这一现象可说明为，除重力外，由于地球自转，下落过

程小球还受到一个水平向东的“力”，该“力”与竖直方向的速度大小成正比，现将小球从赤道地面竖直上抛,

考虑对称性，上升过程该"力''水平向西，则小球

A.到最高点时，水平方向的加速度和速度均为零

B.到最高点时，水平方向的加速度下速度均小为零

C.落地点在抛出点东侧

D.落地点在抛出点西恻

【答案】D

【解析】AB、上升过程水平方向向西加速，在最高点竖直方向上速度为零，水平方向上有向西的水平速度,

且有竖直向下的加速度，故AB错：

CD、下降过程向西减速，依据对称性落至地面时水平速度为0,整个过程都在向西运动，所以落点在抛出

点的西侧，故C错，D正确；

故选D

点睛：本题的运动可以分解为竖直方向上的匀变速和水平方向上的变加速运动，利用运动的合成与分解来

求解。

二、非选择题

9.用图I所示的试验装置探讨小车速度随时间变更的规律.

主要试验步骤如下：

a.安装好试验器材。接通电源后，让拖着纸带的小车沿长木板运动，重复几次。

b.选出一条点迹清楚的纸带，找一个合适的点当作计时起点。（片0）,然后每隔相同的时间间隔7选取一

个计数点，如图2中A、B、。、D、E、F……所示。

,2

C.通过测量、计算可以得到在打A、B、C、D、E……点时小车的速度，分别记作也、V2、6、V4,V5

d.以速度-为纵轴、时间/为横轴建立直角坐标系，在坐标纸上描点，如图3所示。

结合上述试验步骤，请你完成下列任务：

（1）在下列仪器和器材中，还须要运用的有____________和___________（填选项前的字母）。

A.电压合适的50Hz沟通电源

B.电压可调的直流电源

C.刻度尺

D.秒表

E.天平（含跌码）

（2）在图3中已标出计数点A、B、Z）、E对应的坐标点，请在该图中标出计数点C对应的坐标点，并画出

v-t图像o

（3）视察I"图像，可以推断小车做匀变速直线运动，其依据是。取图像斜率的物理意义是

Lx

（4）描绘图像前，还不知道小车是否做匀变速直线运动。用平均速度正表示各计数点的瞬时速度，从

理论上讲，对△/的要求是（选填“越小越好''或"与大小无关''）：从试验的角度看，选取的最大小与速

度测量的误差_____（选填“有关”或“无关”）。

(5)早在16世纪末，伽利略就猜想落体运动的速度应当是匀称变更的。当时只能靠滴水计时，为此他设

计了如图4所示的“斜面试验”，反复做了上百次，验证了他的猜想。请，尔结合匀变速直线运动的学问，分析

说明如何利用伽利略“斜面试验''检验小球的速度是随时间匀称变更的

图4

【答案】(1).A(2).C(3).如图所示:

(4).小车的速度随时间匀称变更(5).加速度(6).越小越好

(7).有关(8).假如小球的初速度为0,其速度"at,那么它通过的位移r-儿因此，只要测量小球通过

不同位移所用的时间，就可以检验小球的速度是否随时间匀称变更。

【解析】(1)打点计时器需用沟通电源：为了计算速度须要利用刻度尺测量长度。故须要的仪器选AC

(2)利用所给点迹描点连线，得图像

其中C点的横坐标为37,纵坐标为％

(3)结合图像可以看出小球速度随时间匀称变更，所以小球做匀加速云动，图像的斜率代表了运动时的加

速度.

（4）位越小，则位越接近计数点的瞬时速度，所以"越小越好，计算速度须要用到A"的测量值，所以

大小与速度测量的误差有关。

（5）如果小球的初速度为0,其速度vat,那么它通过的位移因此，只要测量小球通过不同位移

所用的时间，就可以检蛤小球的速度是否随时间均匀变化。（要检筠小球的速度是随时间均匀变化的，可以

检蛉小球运动位移与时间的平方成正比，利用滴水可以得到小球的运动时间，并测出小球在相应时间内的

位移，则可以蜡证。）

点睛：木题考查了速度与与时间得关系，速度没有方法干脆测量，所以要利用物理关系转化，转换成我们

能够测量的量，然后在来验证速度与时间得关系。

10.2024年将在我国举办其次十四届冬奥会，跳台滑雪是其中最具欣赏性的项目之一。某滑道示意图如下，

长直助滑道A3与弯曲滑道3c平滑连接，滑道高。是半径R=20m圆弧的最低点，质量〃尸60

kg的运动员从A处由静止起先匀加速下滑，加速度a=4.5m/sL到达6点时速度i%=30m/s。取重力加速度

,g=10m/s2»

（1）求长直助滑道AB的长度L：

（2）求运动员在AB段所受合外力的冲量的/大小：

（3）若不计AC段的阻力，画出运动员经过C点时的受力图，并求其所受支持力产N的大小。

【答案】（1）l0°m（2）1800N-S3）390（）N

【解析】（I）已知AB段的初末速度，则利用运动学公式可以求解斜面的长度，即

v2-Vp=2aL

=100m

可解得:

（2）依据动量定理可知合外力的冲量等于动量的该变量所以

/=mvB-0=1800N-s

（3）小球在最低点的受力如图所示

由牛顿第二定律可得：N—mg=M管

从B运动到C由动能定理可知：

mgh=正—^rnv^

解得;N=3900N

故本题答案是：（1）L=100m（2）I=1800N•s（3）N=3900N

点睛：本题考查了动能定理和圆周运动，会利用动能定理求解最低点的速度，并利用牛顿其次定律求解最

低点受到的支持力大小。

H.如图1所示，用电动势为E、内阻为，•的电源，向滑动变阻器火供电。变更变阻器H的阻值，路端电压

U与电流/均随之变更。

（1）以U为纵坐标，/为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变更过程中U-/图像的示意图，并说明

图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）a.请在图2画好的U-/关系图线上任取一点，画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率;

b.请推导该电源对外电路能够输出的最大电功率及条件。

（3）请写出电源电动势定义式，并结合能量守恒定律证明：电源电动势在数值上等于内、外电路电势着陆

之和。

【答案】（1）U-/图象如图所示:

图象与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流

（2）a如图所示:

b.4r

（3）见解析

［解析】（1）图像如图所示

其中图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流

（2）a.如图所示

u

L

2E7E

P=12R=(------)2/?=-------------------

+rr2

R+2r+-

b.电源输出的电功率：R

2

p——E

当外电路电阻R可时，电源输出的电功率最大，为4r

小非静电力

Ec=-----------

(3)电动势定义式：q

依据能量守恒定律，在图।所示电路中，非静电力做功w产生的电能等于在外电路和内电路产生的电热,

即

W=I2rt+I2Rt=Irq+IRq

七=>+//?=(/内+(/外

本题答案是：(1)U-/图像如图所示,

其中图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流

(2)a.如图所示

p=---

当外电路电阻•时，电源输出的电功率最大，为ma、4r

(3)£="内+”外

点睛：运用数学学问结合电路求出回路中最大输出功率的表达式，并求出当/?=「时，输出功率最大。

12.(1)静电场可以用电场线和等势面形象描述。

a.请依据电场强度的定义和库仑定律推导出点电荷Q的场强表达式：

b.点电荷的电场线和等势面分布如图所示，等势面&、5'2到点电荷的距离分别为，I、，2。我们知道，电场

线的疏密反映了空间区域电场强度的大小。请计算S］、S2上单位面积通过的电场线条数之比M/M。

(2)观测宇宙中辐射电磁波的天体，距离越远单位面积接收的电磁波功率越小，观测越困难。为了收集足

够强的来自天体的电磁波，增大望远镜口径是提高天文观测实力的一条重要路径。2024年9月25日，世界

上最大的单口径球面射电望远镜FAST在我国贵州落成启用，被誉为“中国天眼”。FAST直径为500m,有

效提高了人类观测宇宙的精度和范围1;

a.设直径为100川的望远镜能够接收到的来自某天体的电磁波功率为片，计算FAST能够接收到的来自该

天体的电磁波功率占：

b.在宇宙大尺度上，天体的空间分布是匀称的，仅以辐射功率为P的同类天体为观测对象，设直径为100m

望远镜能够观测到的此类天体数目是％,计算FAST能够观测到的此类天体数目M

Qr2

【答案】（l）a.r2b.4⑵a.25P1b.125No

【解析】（1）a.在距。为『的位置放一电荷量为g的检蛤电荷

根据库仑定律检蛉电荷受到的电场力

Qq

rL

根据电场强度的定义E=:

得E=*

b.穿过每个面的电场线的总条数是相等的，若面积大，则单位面积上分担的条数就少,

故穿过两等势面单位面积上的电场线条数之比

（2）a.地球上不同望远镜观测同一天体，单位面积上接收的功率应当相同，因此

500,

3而32叫

b.在宇宙大尺度匕天体的空间分布是匀称的。因此一个望远镜能观测到的此类天体数目正比于以望远镜

为球心、以最远观测距离为半径的球体体积。

设地面上望远镜能观测到此类天体需收集到的电磁波的总功率的最小值为P。，直径为100m望远镜和FAST

能观测到的最远距离分别为Z•。和L,则

SOO、,P100P

加〒）蔽=兀片）7藏

可得L=5Lo

N=-No=125NQ

则Lo

E=k3

b于彳

故本题答案是：（1）a,

(2)aP2=25P].小二您”)

点睛：本题是一道信息题，要读懂题目中所描述的物理情景，然后结合物理学问求解，在电场线条数肯定

的状况下，圆的半径越大，则单位面积上的条数就越少：同样要知道地球上不同望远镜观测同一天体，单

位面积上接收的功率应当相同，要借助于这些条件处理问题。

理科综合实力测试化学（北京卷）

本试卷共16页，共300分。考试时长150分钟。考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。考试

结束后，将本试卷和答题卜一并交回。

可能用到的相对原子质量：H1C12N14O16

第一部分（选择题）

1.下列我国科技成果所涉及物质的应用中，发生的小学化学变更的是

A.甲醇低温所制

B.笊、瓶用作“人造太阳”核聚C.偏二甲队用作放射“天宫二D.开采可燃冰，将

氢气用于新能源

变燃料号”的火箭燃料其作为能源运用

汽车

A.AB.BC.CD.D

【答案】B

【解析】分析：A项，甲醇低温制氧气有新物质生成，属于化学变化；B项，气、然用作核聚变燃料，是核

反应，不属于化学变化；C项，偏二甲脱与反应生成CO?、N?和比0,放出大量热，属于化学变化；

D项，可燃冰是甲烷的结晶水合物，CH,燃烧生成C6和比0,放出大量熟，属于化学变化。

详解：A项，甲醇低温制氧气有新物质生成，属于化学变化；B项，气、鼐用作核聚变燃料，是核反应，不

属于化学变化；C项，偏二甲胱与N9,反应生成CO?、N:和HzO,放出大量热，反应的化学方程式为

6印32+2>:9；―2co2T7H属于化学变化；D项，可燃冰是甲烷的结晶水合物，CH，燃烧生成

C6和H9,放出大蚩热，反应的化学方程式为CHL26工COL2HQ,属于化学变化；答案选B。

点睛：本题考查化学变更、核反应的区分，化学变更的特征是有新物质生成。留意化学变更与核反应的区

分，化学变更过程中原子核不变，核反应不属于化学反应。

2.我国科研人员提出了由CO?和CH4转化为高附加值产品CH3coOH的催化反应历程。该历程示意图如卜:

过渡态

下列说法于当砸的是

A.生成CHKOOH总反应的原子利用率为100%

B.CHj-CH3coOH过程中，有C—H键发生断裂

C.①一②放出能量并形成了C—C键

[).该催化剂可有效提高反应物的平衡转化率

【答案】D

【解析】分析：A项，生成CHCOOH的总反应为CH』十CO」里”‘CHjCOOH,原了利用率为100%;B项，

CH4选择性活化变为①过程中，有1个C-H键发生断裂;C项,依据图示，①的总能量高于②的总能量,①一②

放出能量并形成CC键；D项，催化剂只影响化学反应速率，不影响化学平衡，不能提高平衡转化率。

详解：A项，依据图示CHj与CCh在催化剂存在时生成CH3coOH,总反应为CH4+CO?望空/CH3coOH,

只有CH3coOH一种生成物，原子利用率为100%,A项正确：B项，CPU选择性活化变为①过程中，有1

个C-H健发生断裂，B项正确；C项，依据图示，①的总能量高于②的总能量，①一②放出能量，对比①和

②.①t②形成C-C键,「项正确：D项，催化剂只影响化学反应速率，不影响化学平衡,不能提高反应物

的平衡转化率，D项错误：答案选D

点睛：本题考查原子利用率、化学反应的实质、化学反应中的能量变更、催化剂对化学反应的影响，解题

的关键是精确分析示意图中的信息。留意催化剂能降低反应的活化能，加快反应速率，催化剂不能变更AH、

不能使化学平衡发生移动。

3.下列化学用语对事实的表述不巧砸的是

A.硬脂酸与乙醉的酩化反应：C1H35COOH+CH5117H5COOCH5+H1

72A322

B.常温时，0.1molL」氨水的pH=ll.l：NH3H2O5=!NHi+OH

C.由Na和Cl形成离子键的过程：NaGQ―►fCl：]-

D.电解精炼铜的阴极反应：Cu2++2e^=Cu

【答案】A

【解析】分析：A项，酯化反应的机理是“酸脱羟基醇脱氢”；B项，级水为弱碱水溶液，存在电离平衡：C

项，Na易失电子形成Na*,Cl易得电子形成Cl：D项，电解精炼铜时，精铜为阴极，粗铜为阳极。

详解：A项，酯化反应的机理是“酸脱羟基醇脱氢”，硬脂酸与乙醇反应的化学方程式为

Ci7H35coOH+C2HLOH等旦。7H35coi80c2HS+H2O,A项错误:B项,常温下O.lmolL-1级水的pH=ll.l,

溶液中c(OH)=IO-29molLl<0.1molL-1,氨水为弱碱水溶液，电离方程式为NWHOK^NIW+OH〉B

项正确：C项，Na原子最外层有1个电子，Na易失电子形成Na+,Cl原子最外层有7个电子，。易得电子

形成ChNa将最外层的I个电子转移给CLNa，与Q•间形成离子键，C项正确；D项，电解精炼铜时，精

铜为阴极，粗铜为阳极，阴极电极反应式为Cu2++2e=Cu,D项正确：答案选A。

点睛：本题考查酯化反应的机理、电离方程式的书写、用电子式表示物质的形成过程、电解精炼铜的原理。

留意强电解质和弱电解质电离方程式的区分、用电子式表示离子化合物和共价化合物形成过程的区分。

4.下列试验中的颜色变更，与氧化还原反应无关的是

ABCD

NaOH溶液滴入石惹溶液滴入氯水Na2s溶液滴入AgCI热铜丝插入稀硝酸

试验

FeSCh溶液中中浊液中中

产生白色沉淀，随后溶液变红，随后快速沉淀由白色渐渐变产生无色气体，随后

现象

变为红褐色褪色为黑色变为红棕色

A.AB.BC.CD.D

【答案】C

【解析】分析：A项，白色沉淀变为红褐色沉淀时的反应为4Fe(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3;B项，红

色褪色是HCIO表现强氧化性：C项，白色沉淀变为黑色时的反应为2AgCI+Na2S=Ag2s+2NaCI：D项，气

体由无色变为红棕色时的反应为2NO+O2=2NO”

洋解：A项，NaOH溶液滴入FeSCh溶液中产生白色Fe(OH)2沉淀，白色沉淀变为红褐色沉淀时的反应为

4Fc(OH)2+O2+2H2O=4Fe(OH)3,该反应前后元素化合价有升降，为氧化还原反应：B项，氯水中存在

反应Ch+HzOUHCl+HClO,由于氯水呈酸性，石蕊溶液滴入后溶液先变红，红色褪色足HCIO表现强氧

化性，与有色物质发生氧化还原反应：C项，白色沉淀变为黑色时的反应为2AgCl+Na2S=Ag2s+2NaCL反

应前后元素化合价不变，不是氧化还原反应：D项，Cu与稀HNCh反应生成Cu(NO?)2、NO气体和H?O,

气体由无色变为红棕色时的反应为2NO+O2=2NO2,反应前后元素化合价有升降，为氧化还原反应；与氧化

还原反应无关的是C项，答案选C

点睛：本题考查氧化还原反应的推断，分析颜色变更的缘由、理解氧化还原反应的特征是解题的关键。

5.一种芳纶纤维的拉伸强度比钢丝还高，广泛用作防护材料。其结构片段如下图

山示塞・

下列关于该高分子的说法正确的是

A.完全水解产物的单个分子中，苯环上的氢原子具有不同的化学环境

B.完全水解产物的单个分子中，含有官能团一COOH或一NFh

C.氢键对该高分子的性能没有影响

D.结构简式为:

【答案】B

【解析】分析：芳纶纤维的结构片段中含肽键，完全水解的单个分子为

HOOCT^—COOH、采纳切割法分析其单体为

HOOC-COOH、H2N—该高分子化合物的结构简式为

H~~H

详解：A项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，完全水解产物的单个分子为

HOOC^^-COOH^HOOCT^-COOH、中苯环都只有1种

化学环境的氢原子，A项错误：B项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，完全水解产物的单个分子为

HOOCT^-COOH、含有的官能团为-COOH或-NH2,B项正确；C项，氢键对该分

子的性能有影响，如影响沸点、密度、硬度等，C项错误；D项，芳纶纤维的结构片段中含肽键，采纳切割

法分析其单体为、该高分子化合物由

HOOC1^-COOHH2N-^^-NH2.

HOOC—^^—COOH、通过缩聚反应形成，其结构简式为

OO

H-中士'。氐D项错误：答案选B

点睛：本题考查肽键的水解、氢原子化学环境的分析、氢键对物质性质的影响、高分子化合物的书写。留

意驾驭单体的推断方法，首先依据高聚物推断是加聚产物还是缩聚产物，然后依据推断单体的方法作出椎

断：(1)加聚产物单体的推断常用“弯箭头法”，单键变双键，C上多余的键断开；(2)缩聚产物单体的推

断常用“切割法”，找到断键点，断键后在相应部位补上-OH或-H。

6.测定0.1molL」Na2s03溶液先升温再降温过程中的pH,数据如下。

时刻①②③④

温度/C25304025

PH9.669.529.379.25

试验过程中，取①④时刻的溶液，加入盐酸酸化的BaCL溶液做对比试验，④产生白色沉淀多。

下列说法不氐硬的是

2

A.Na2s03溶液中存在水解平衡：SO3+H2O^=5HSO3+OH-

B.④的pH与①不同，是由于SC^浓度减小造成的

C.①一③的过程中，温度和浓度对水解平衡移动方向的影响一样

D.①与④的Kw值相等

【答案】C

【解析】分析：A项，Na2sCh属于•强碱弱酸盐，SCh?•存在水解平衡：B项，取①④时刻的溶液，加入盐酸

酸化的BaCh溶液做对比试验，④产生白色沉淀多，说明试验过程中部分Na2s03被氧化成Na2so4,①与④

温度相同，④与①对比，SOF•浓度减小，溶液中c(OH),④的pH小于①：C项，盐类水解为吸热过程，

①一③的过程，上升温度SOF-水解平衡正向移动，c(SO?2-)减小，水解平衡逆向移动：D项，Kw只与温

度有关。

详解：A项，NazSCh属于强碱弱酸盐，SO/存在水解平

衡：SOj'HzOUHSOvTDH-、HSO3-H2OHiSO^OH",A项正确；B项，取①④时刻的溶液，加入

盐罐化的BaCh溶液做对比实物，④产生白色沉淀多，说明实批过程中部分NazSO?被氧化成NazSd,①

与④温度相同，④与①对比，SOs?弧度减小，溶液中c(OH),④的汨小于①，即④的pH与①不同，是

由于SO日浓度减小造成的，B项正确；C项，盐类水解为吸熟过程，①一③的过程，升高温度SO3"水解平

衡正向移动，c(SO/)减小，水解平衡逆向移动，温度和浓度对水解平衡移动方向的影响相反，C项错误；

D项，KK只与温度有关，①与④温蜀目同，值相等J答案选C。

点睛：本题考查盐类水解离子方程式的书写、外界条件对盐类水解平衡的影响、影响水的离子积的因素、

SCh?•的还原性。解题时留意从温度和浓度两个角度进行分析。

7.验证牺牲阳极的阴极爱护法，试验如下(烧杯内均为经过酸化的3%NaCl溶液)。

①②③

I一段时间后滴入

79-FLUKUXCNkl溶液t

4nxH||■I-kJi怏注■—ZF"、hl常沿

一段

时间行

取出的少量的

取出的少情的

R锄近的溶液

院附近的溶液

在Fe表面生成蓝色沉淀试管内无明显变更试管内生成蓝色沉淀

下列说法不氐砸的是

A.对比②可以判定Zn爱护了FeB.对比①K3[Fe(CN)6|可能将Fe氧化

C.验证Zn爱护Fe时不能用①的方法D.将Zn换成Cu,用①的方法可推断Fc比Cu活泼

【答案】D

【解析】分析：A项，对比②③，②Fe旁边的溶液中加入Ka[Fe(CN)H无明显变更，②Fe旁边的溶液中

不含Fe?+,③Fc旁边的溶液中加入KJFe(CN)目产生蓝色沉淀，③Fe旁边的溶液中含Fe2+,②中Fc被爱

护；B项，①加入K"Fe(CN)司在Fe表面产生蓝色沉淀，Fe表面产生了Fe%,对比①②的异同，①可能

是K3[Fe(CN)6]将Fe氧化成Fe2+：C项,对比①©,①也能检验出Fe汽不能用①的方法验证Zn爱护Fe：

2+

D项，由试验可知K?lFe(CN)司可能将Fe氧化成Fe,将Zn换成Cu不能用①的方法证明Fe比Cu活泼。

详解：A项，对比②③，②Fe旁边的溶液中加入K3[Fe(CN)6]无明显变更，②Fe旁边的溶液中不含Fe2+,

③Fe旁边的溶液中加入K3[Fe(CN)h]产生蓝色沉淀，③Fe旁边的溶液中含Fe2+,②中Fc被爱护，A项正

确；B项，①加入K，[Fe(CN)川在Fe表面产生蓝色沉淀，Fe表面产生了Fe",对比①②的异同，①可能

是KKFe（CN）6］将Fe氧化成Fe2+,B项正确：C项，对比①②，①加入K"Fe（CN）目在Fe表面产生蓝

色沉淀，①也能检验出Fe?+,不能用①的方法验证Zn爱护Fe,C项正确；D项，由试验可知K.^Fe（C、）

61可能将Fe氧化成Fe?+,将Zn换成Cu不能用①的方法证明Fe比Cu活泼，D项错误：答案选D。

点睛：本题通过试验验证牺牲阳极的阴极爱护法，考查Fe?♦的检验、试验方案的对比，解决本题的关键是

用对比分析法。要留意操作条件的变更，如①中没有取溶液，②中取出溶液，考虑Fe对试验结果的影响。

要证明Fe比Cu活泼，可用②的方法。

其次部分（非选择题）

8.8-羟基瞳咻被广泛用作金属离子的络合剂和萃取剂，也是重要的医药中间体。下图是8-羟基瞳咻的合成

路途。

IK）H

已知一哈0rx口

ii.同一个碳原子上连有2个羟基的分子不稳定。

（1）按官能团分类，A的类别是。

（2）A-B的化学方程式是一。

<3）C可能的结构简式是。

（4）CTD所需的试剂a是o

（5）D-E的化学方程式是。

（6）F-G的反应类型是。

（7）将下列KTL的流程图补充完整：

o

（8）合成8-羟基哇咻时，L发生了（填“氧化”或“还原”）反应，反应时还生成了水,则L与G

物质的量之比为

高温m

【答案】（1）.烯燃(2).CH2=CHCH3+Ch>CH2=CHCH2C1+HCI(3).HOCH2CHCICH2CI

浓H2so4

ClCH2CH(OH)CH2a(4).NaOH,H20(5).HOCH2cH(OH)CH20H

△

CH2=CHCHO+2H2O（6）.取代反应(8).氧化(9).3：1

【解析】分析：A的分子式为CaHc，A的不饱和度为1,A与Cb高温反应生成B，B与HOC1发生加成反

应生成C,C的分子式为C3H6002,B的分子式为C3H5CI,B中含碳成双键，A-B为取代反应，则A的结

构简式为CH3cH=CH”依据C、D的分子式，CTD为氯原子的取代反应，结合题给已知ii,C中两个Cl

原了•连接在两个不同的碳原子上，则A与CE高温下发生饱和碳上氢原了•的取代反应，B的结构简式为

CH2=CHCH2CkC的结构简式为HOCH2cHe1CH2cl或C1CH2cH(OH)CH2CI、D的结构简式为

HOCHzCH（OH）CH2OH：D在浓硫酸、加热时消去2个“比0”生成E：依据和E+J—K,结合

F、G、J的分子式以及K的结构简式，E+J-K为加成反应，则E的结构简式为CH?二CHCHO,F的结构简

、J的结构简式为Q-NH2；K的分子式为C9H11NO2,L的分子式

、G的结构简式为

0H0H

为CQH9NO,K-L的过程中脱去I个“H2O”，结合K-L的反应条件和题给已知i,K-L先发生加成反应、

后发生消去反应，L的结构简式为

详解：A的分子式为C3H6,A的不饱和度为1,A与Ch高温反应生成B,B与H0C1发生加成反应生成C,C

的分子式为OmOCh,B的分子式为C3Hse1,B中含碳碳双键，A-B为取代反应，则A的结构简式为

CH3cH=CH＞根据C、D的分子式，C-D为氯原子的取代反应，结合地给已知ii,C中两个Cl原子连接在

两个不同的碳原子上，则A与Ch高温下发生饱和碳上氢原子的取代反应用的结构简式为CH2=CHCH：C1XC

的结构简式为HOCH：CHC1CH2cl或CICHTCH(OH)CH©、D的结构简式为

HOCHzCH(OH)CH2OH5D在浓硫竣、加热时消去2个“H9”生成E：根据F-G-J和E-J-K,结合

F、G、J的分子式以及K的结构简式，E-J—K为加成反应，则E的结构简式为CH?=CHCHO,F的结构简

式为Q、G的结构简式为Q-NO?、J的结构简式为Q-NH?；K的分子式为aHnNS,L的分子式

OHOHOH

为QHgNO,K-L的过程中脱去1个，HO”，结合K-L的反应条件和题给已知i,K-L先发生加成反应、

后发生消去反应，L的结构简式为QQ。

OHH

(1)A的结构简式为CH3cH=CH：,A中宫能团为碳碳双键，按官能团分类，A的类别是悌性。

(2)A-B为CH3cH=CH2与Ch高温下的取代反应，反应的化学方程式为

CH3cH=CH2+Ch商辽.CH2=CHCH2C1+HC10

(3)B与HOC1发生加成反应生成C,由于B关于碳碳双键不对称,C可能的结构简式为HOCH2cHe1CH2cl

或CICH2cH(OH)CH2CL

(4)C-D为氯原子的水解反应，C-*D所需的试剂a是NaOH、H2O,即NaOH水溶液。

(5)D-E为消去反应，反应的化学方程式为HOCH2cH(OH)CH20H生生出_*CH2=CHCHO+2H2O。

F的结构简式为Q、G的结构简式为Q-NO?,

(6)F-G的反应类型为取代反应。

OHOH

(7)K的分子式为C9H11NO2,L的分子式为C9H9NO,对比K和L的分子式,K-L的过程中脱去1个

（8）依据流程L+G-J+8-羟基哇咻+H9,即NH2+H2O,对

比L和8-羟基瞳咻的结构简式，L发生了去氢的氧化反应。依据原子守恒，反应过程中L与G物质的量之

比为3:1

点睛：木题以8-羟基哇琳的合成为载体，考查有机推断、有机物类别的推断、有机物结构简式和有机方程

式的书写、有机反应类型的推断等。推断时主要依据分子式推断可能的反应类型，结合所学有机物之间的

相互转化和题给信息分析。

9.磷精矿湿法制备磷酸的一种工艺流程如下:

CaCOj/A

此粗碍酸蜕翁W*f精制口酸

胃脩矿一►硝储矿给

研磨峨浸T周石青（主要或分为QSO「0.5H：。）

已知：磷精矿主要成分为Cas（PO4）3（OH）,还含有Ca，PO4）3F和有机碳等。

溶解度：Ca5（PO4）3（OH）＜CaSO40.5H2O

（1）上述流程中能加快反应速率的措施有__________o

（2）磷精矿粉酸浸时发生反应：

2Ca5（PO4）3（OH）+3H2O+1OH2SO4±10CaS040.5H20+6H3P04

①该反应体现出酸性关系：H3P04H2SO4（填，或。

②结合元素周期律说明①中结论：P和S电子层数相同，。

（3）酸浸时，磷精矿中Cas很0"F所含氟转化为HF,并进一步转化为SiF』除去。写诞生成HF的化学方程

式：o

（4）比0?将粗磷酸中的有机碳氧化为COz脱除，同时自身也会发生分解。相同投料比、相同反应时间，不

同温度下的有机碳脱除率如图所示。80c后脱除率变更的缘由：。

W

疑

M

tUt

L

V

（5）脱硫时，CaCO.a稍过量，充分反应后仍有SO4?-残留，缘由是；加入BaCCh可进•步提高

硫的脱除率，其离子方程式是O

（6）取ag所得精制磷酸，加适量水稀释，以百里香酚酿作指示剂，用bmolL-NaOH溶液滴定至终点时

生成Na?HPO4,消耗NaOH溶液cmL,精制磷酸中H3P的质量分数是________°（已知：H3P04摩尔质量

为98gmor1）

【答案】（1）.研磨、加热（2）.<