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文档简介

.解:(1)小物块从开始运动到A点'由动能定理可得F(1.5L+Lcosα)-μmg×1.5L-mgLsinα=m02-0(2分)代入数据'解得小滑块到达A点的速度大小 0=\gL(1分)(2)小滑块从A点抛出做斜抛运动'建立如图所示的坐标系沿y轴方向02=2ayh(1分)其中ay=gsinα(1分)解得h=(1分)(3)小滑块斜抛后经过时间t落在斜面上0=ay(1分)沿x轴方向x=axt2(1分)其中ax=gcosα(1分)小滑块落点位置到C点的距离Δx=Ltanα-x(1分)解得y0AxαxgαB15.解:(1)由几何关系可知'小球Q在匀强磁场中做圆周运动的半径R=L(1分)小球Q在匀强电场中运动'可得设第四象限的磁感应强度大小为B'由洛伦兹力提供圆周运动的向心力'可得解得第四象限磁感应强度大小为B=2\(2)小球Q与小球P发生弹性正碰'根据动量守恒和机械能守恒可得2m00=2m0Q+m0P(2分)解得0p='方向沿y轴正方向(1分)方向沿y轴正方向(1分)00400(3)碰后小球Q的速度变为3'小球P的速度变为3'进入第一象限'设小球Q圆周运动的半径为R1'小球P圆周运动的半径为R200400碰后到小球Q第二次经过y轴的时间碰后到小球P第二次经过y轴的时间其中碰后小球P和小球Q第二次经过y轴的时间差Δt=t1-t2(1分)其中'aQ='T2='aP=代入数据可得yA×A×A

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