浙江省衢温“5 1”联盟2021-2022学年高一下学期物理创新班期中考试试卷（含答案）

浙江省衢温“51”联盟2021-2022学年高一下学期物理期中考试试卷（创新班）姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三四总分评分一、单选题1．下列物理量的单位用国际单位制中基本单位正确表示的是（）A．电阻：V/A B．电功率：J/sC．电量：A⋅s D．电功：N⋅m2．如图所示，中国运动员谷爱凌在2月8日获得北京冬奥会自由式滑雪女子大跳台金牌，下列说法正确的是（）A．在裁判打分时，可将谷爱凌看作质点B．在研究谷爱凌从起跳到落地的时间，可将她看作质点C．在跳台过程中，以谷爱凌为参考系，脚下的滑板是静止的D．以雪地为参考系，落地前瞬间谷爱凌感觉雪地迎面而来3．2022年3月17日，长征四号丙运载火箭在酒泉卫星发射中心将遥感三十四号02星送入预定轨道，发射取得圆满成功。如图所示，火箭点火上升的过程可看成匀加速直线运动。关于火箭匀加速上升的过程，下列说法正确的是（）A．喷出的气体对火箭的作用力小于火箭对喷出的气体的作用力B．货舱内的卫星处于失重状态C．火箭速度的增加量与对应时间成正比D．火箭上升过程机械能守恒4．如图所示，倾斜索道与水平面夹角为37°，当载人车厢沿钢索运动时，车厢里质量为m的人对厢底的压力为其重量的1.25倍，已知重力加速度为g，车厢底始终保持水平，下列说法正确的是（）A．载人车厢一定沿斜索道向上运动B．人对车厢底的摩擦力方向向左C．车厢运动的加速度大小为gD．车厢底对人的摩擦力大小为mg5．如图所示，倾角为θ的斜面体固定在水平面上，两个可视为质点的小球甲和乙分别沿水平方向抛出，两球的初速度大小相等，已知甲的抛出点为斜面体的顶点，经过一段时间两球落在斜面上的A、B两点后不再反弹，落在斜面上的瞬间，小球乙的速度与斜面垂直。忽略空气的阻力，重力加速度为g。则下列选项正确的是（）A．甲、乙两球在空中运动的时间之比为tan2θ∶1B．甲、乙两球下落的高度之比为2tan4θ∶1C．甲、乙两球的水平位移之比为tanθ∶1D．甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为2tan2θ∶16．中国空间站工程首个航天器“天和”号核心舱在距离地面400km的圆轨道上，接下去“天舟”“神舟““问天”“梦天”等航天器的将陆续来访，共同完成空间站的组装和建造。假设地球的半径R=6400km下列说法正确的是（）A．“天和”核心舱的发射速度小于7.9km/sB．“天和”核心舱的运行周期约等于24小时C．“天和”核心舱的加速度约等于8.8m/D．“天和”核心舱在圆轨道上运行速度大于7.9km/s7．质量为1kg的小球在空中自由下落，与水平地面相碰后立即被反弹，之后又上升到某一高度处。此过程中小球的速度随时间变化规律的图像如图所示，不计空气阻力，g取10m/s2。下列说法中正确的是（）A．小球在下落过程中重力做功12JB．球在上升过程中重力势能增加8JC．小球与地面接触过程中机械能损失4.5JD．小球刚与地面接触时重力的瞬时功率为50W8．下列四幅图描述的场景依次为雷电击中避雷针（图甲）、高压输电线上方还有两条与大地相连的导线（图乙）、燃气灶中的针尖状点火器（图丙）、工人穿戴着含金属丝制成的工作服进行超高压带电作业（图丁），关于这四幅图所涉及的物理知识，下列说法正确的是（）A．图甲中避雷针的工作原理主要是静电屏蔽B．图丙中的点火器是利用摩擦起电的原理进行点火的C．图丙中的点火器的工作原理和图丁中工作服内掺入的金属丝的工作原理是相同的D．图乙中与大地相连的两条导线所起的作用和图丁中工作服内的金属丝所起的作用是相同的9．在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在A．q1和qB．x1处的电场强度为零C．负电荷从x1移到xD．负电荷从x1移到x10．如图所示，有的计算机键盘的每一个键下面连一小块金属片，与该金属片隔有一定空气隙的是另一片小的固定金属片，这两片金属片组成一个小电容器．该电容器的电容C可用公式C=ESd计算，式中常量E＝9×10－12F/m，S表示金属片的正对面积，d表示两金属片间的距离，当键被按下时，此小电容器的电容C发生变化，与之相连的电子线路就能检测出是哪个键被按下了，从而给出相应的信号．设每个金属片的正对面积为50mmA．0.45mm B．0.3mm C．0.2mm D．0.15mm11．如图电流表A1和A2是用相同的表头改装而成，量程分别为A．两表头的指针示数相同，偏角之比1∶5B．两表头的指针示数相同，偏角之比5∶1C．两表头的指针的偏角相同，示数之比1∶5D．两表头的指针的偏角相同，示数之比5∶112．如图所示，由绝缘材料制成的光滑的半圆轨道固定在水平面上，O点为圆心，带电荷量为qa、质量为ma的a小球固定在半圆轨道底端的A点，带电荷量为qb、质量为mb的b小球静止于半圆轨道内的B点，此时∠AOB=74°。现由于某小球的电荷量发生变化使得b小球沿半圆轨道缓慢下滑，恰好静止于C点，∠AOC=60°，此时a、b两小球的电荷量分别为q'A．一定是b小球的电量减少了B．b小球受到的支持力一定大于其重力C．可能仅是b小球的电荷量q'bD．可能仅是b小球的电荷量q'b13．某工地上工人将地面下15m深处的一重为5000N的泥土装箱吊起。箱子在绳的拉力作用下由静止开始竖直向上运动，运动过程中箱子的机械能E与其位移x的关系图像如图所示，其中−10m到地面过程的图线为直线，以地面为重力势能零势能面，根据图像可知（）A．−15m至−10m过程中绳对箱子的拉力在逐渐减小B．箱子到−10m处速度刚好为0C．−10m到地面过程中合外力做功等于50000JD．移到−10m位置时拉力F大于5000N二、多选题14．微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的，如图所示，M极板固定，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中R为定值电阻。下列对传感器描述正确的是（）A．静止时，电流表示数为零，电容器两极板不带电B．保持向前匀加速运动时，电路中没有电流C．由静止突然向后加速时，电容器的电容减小D．由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流表15．四个点电荷位于正方形四个角上，电荷量及其附近的电场线分布如图所示。ab、cd分别是正方形两组对边的中垂线，O为中垂线的交点，P、Q为ab上的两点且关于O点对称，M点为cd上一点，OP>OM，N点为Q左下方的点。则（）A．P点的电场强度比N点的大B．P点的电势比N点的低C．OP两点间的电势差等于OM间的电势差D．一带正电的试探电荷在M点的电势能比在N点大16．在如图所示的电路中，电源电动势恒定、内阻为r，R1为定值电阻。闭合开关S，理想电流表A、理想电压表V1、V2、V3的示数分别用I、U1、U2和U3表示。当滑动变阻器RA．U1I不变，U3I变大 B．C．ΔU1ΔI三、实验题17．如图甲所示，某同学利用该装置探究加速度和力的关系，其中小车的质量为M，砂桶和砂子的总质量为m，不计绳与滑轮间的摩擦。（1）利用该装置实验时，下列说法正确的是____。A．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量MB．实验前应将长木板靠近打点计时器的一端垫高，以平衡摩擦力C．应将小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出纸带D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带，获得多组数据，作出a−F图像（2）该同学在实验中得到（乙所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点未画出）。已知打点计时器所接交流电的频率为50Hz，根据纸带可求出打记数点4时小车的速度大小为m/s，小车运动的加速度为a=m/s2。（结果均保留两位有效数字）。（3）改变砂桶内砂子的质量，多次实验，以力传感器的示数F为横轴、小车对应的加速度a为纵轴，作出的a−F图像（丙，可知小车的质量M=kg（结果保留两位有效数字）。18．在“测定金属的电阻率”的实验中，某同学进行了如下操作：（1）用毫米刻度尺测量接入电路中的金属丝的有效长度L。再用螺旋测微器测量金属丝的直径D，某次测量结果如图所示，则这次测量的读数D=mm。（2）先用欧姆表（×1档）粗侧，如上图，再使用电流表和电压表准确测量金属丝的阻值．为了安全、准确、方便地完成实验，除电源（电动势为4V，内阻很小）、待测电阻丝、导线、开关外，电压表应选用，电流表应选用，滑动变阻器应选用（选填器材前的字母）。A．电压表V2（量程3V，内阻约3kΩ）B．电压表V1（量程15V，内阻约15kΩ）C．电流表A1（量程600mA，内阻约1Ω）D．电流表A2（量程3A，内阻约0.02Ω）E．滑动变阻器R1（总阻值10Ω，额定电流2A）F．滑动变阻器R2（总阻值100Ω，额定电流2A）（3）若采用图所示的电路测量金属丝的电阻，电压表的左端应与电路中的点相连（选填“a”或“b”）。若某次测量中，电压表和电流表读数分别为U和I，请用上述直接测量的物理量（D、L、U、I）写出电阻率ρ的计算式：ρ＝。四、解答题19．如图所示为游乐场中深受大家喜爱的“激流勇进”的娱乐项目，人坐在船中，随着提升机到达高处，再沿着水槽飞滑而下，劈波斩浪的刹那带给人惊险刺激的感受。设乘客与船的总质量为m=120kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，斜坡滑道的倾角θ=37°(sin37°=0.（1）船沿倾斜滑道下滑的时间；（2）它在水平滑道滑行的距离。20．如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场仅存在于坐标系第一象限边长为2L的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为L的正方形导线框abcd，开始与直角坐标系共面。（1）若导线框ab边与y轴重合，以ab为轴cd边向外匀速转动，试问导线框转动120°时，此时穿过导线框磁通量。（2）若导线框以垂直磁感线方向以速度v匀速通过磁场，从ab边进入磁场算起，规定刚开始时磁通量为正值，试推导线框的磁通量随坐标变化的函数关系式，并画出穿过线框的磁通量随横坐标的变化图像。21．“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成。偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的两同轴带点无限长半圆柱面组成，设在a<r<b区域内只有径向电场，其场强大小分布为E=kr（k为常量），如图所示，一束电荷量为（1）判断半圆柱面a，（2）若速度为v0的电子做半径为R匀速圆周运动到达探测板，试问v0为何值（3）若v122．如图所示，处于竖直平面内的一探究装置置于一平面直角坐标系中，由倾角α=37°的直轨道AB、圆心O1的半圆形轨道BCD、圆心为O2的圆弧细圆管轨道DE组成（轨道出口切线水平），B、D和E为轨道间的相切点，C点坐标(1.78m，0)，不计一切摩擦，已知可视为质点的滑块质量m=0.1kg，轨道BCD和DE的半径R=0.15m，轨道AB长度（1）若释放点距B点的长度l=0.7m，求滑块到最低点C时轨道对其支持力（2）设释放点距B点的长度为lx，求滑块经E点时的速度v与l（3）若滑块从不同位置释放通过y轴时的速度的切线与EF有交点，试确定其坐标，其中通过y轴的某一位置的速度存在最小值，求该速度值，并求出该运动滑块释放点距B点长度lx的值（lx

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．电阻1Ω=1A不符合题意；B．电功率1W=1N⋅m/s=1kg⋅m/B不符合题意；C．电量1C=1A⋅sC符合题意；D．电功1J=1N⋅m=1kg⋅m/D不符合题意。故答案为：C。

【分析】其伏特、焦耳及牛顿等单位都属于导出单位，只有其安培和秒都属于国际基本单位。2．【答案】B【解析】【解答】A．在裁判打分时，谷爱凌的大小和形状不能忽略，不可以将她看作质点，A不符合题意；B．在研究谷爱凌从起跳到落地的时间，谷爱凌的大小和形状能忽略，可以将她看作质点，B符合题意；C．在跳台过程中，以谷爱凌为参考系，谷爱凌与滑板的位置在变化，滑板是运动，C不符合题意；D．谷爱凌以自己为参考系，落地前瞬间谷爱凌感觉雪地迎面而来，D不符合题意。故答案为：B。

【分析】裁判员打分时，其谷爱凌大小和形状不能忽略所以不能作为质点；研究其起跳到落地的时间可以作为质点；以谷爱凌为参考系其滑板是运动的；以谷爱凌自己为参考系其谷爱凌感觉雪地迎面而来。3．【答案】C【解析】【解答】A．根据牛顿第三定律可知喷出的气体对火箭的作用力与火箭对喷出的气体的作用力大小相等，A不符合题意；B．货舱内的卫星加速度向上，处于超重状态，B不符合题意；C．根据Δv=aΔt可知火箭速度的增加量与对应时间成正比，C符合题意；D．火箭上升过程重力势能和动能都增大，机械能不守恒，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用牛顿第三定律可以判别气体与火箭之间的作用力大小相等方向相反；利用加速度的方向可以判别超重与失重；利用其速度公式可以判别速度增加量与时间成正比；利用其重力势能和动能的变化可以判别机械能不守恒。4．【答案】B【解析】【解答】A．由题意可知人处于超重状态，即人存在竖直向上的加速度分量，车厢可能沿斜索道加速向上运动，也可能沿斜索道减速向下运动，A不符合题意；B．根据前面分析可知车厢的加速度方向沿斜索道向上，则人存在水平向右的加速度分量，根据牛顿第二定律可知车厢底对人有向右的摩擦力，根据牛顿第三定律可知人对车厢底的摩擦力方向向左，B符合题意；C．设车厢运动的加速度大小为a，则根据牛顿第二定律有1解得a=C不符合题意；D．车厢底对人的摩擦力大小为f=maD不符合题意。故答案为：B。

【分析】利用其人处于超重状态可以判别加速度的方向，利用其加速度的方向可以判别车厢可能的运动状态；利用其加速度的方向可以判别其车厢对人摩擦力的方向；利用其牛顿第二定律可以求出车厢加速度的大小；结合牛顿第二定律可以求出车厢对人摩擦力的大小。5．【答案】D【解析】【解答】A．由小球甲的运动可知tan解得t=落到斜面上的速度与竖直方向夹角的正切值为tan解得t则甲、乙两球在空中运动的时间之比为tA不符合题意；B．由h=12B不符合题意；C．由x＝v0t可知甲、乙两球的水平位移之比为xC不符合题意；D．甲球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值为tan乙球落到斜面上的速度与水平方向夹角的正切值为tan甲、乙两球落在斜面上瞬间的速度与水平面夹角的正切值之比为tanD符合题意。故答案为：D。

【分析】利用平抛运动的位移公式结合位移的方向可以求出甲的运动时间；利用速度的方向可以求出乙球的运动时间；利用运动时间结合位移公式可以求出两个小球下落的高度之比；利用水平方向的位移公式可以求出水平位移之比；利用速度的分解可以求出速度方向正切值之比。6．【答案】C【解析】【解答】AD.7.9km/s是第一宇宙速度，是发射卫星的最小速度，也是卫星最大的环绕速度，故“天和”核心舱的发射速度不可能小于7.9km/s，“天和”核心舱在圆轨道上运行速度不可能大于7.9km/s，AD不符合题意；B．地球的表面的重力加速度为g=10m/s2G联立解得“天和”核心舱的运行周期T≈1B不符合题意；C．由GG联立可得“天和”核心舱的加速度a=8C符合题意。故答案为：C。

【分析】利用引力提供向心力结合半径的大小可以比较线速度的大小；结合引力形成重力可以求出核心舱运行周期的大小；利用牛顿第二定律可以求出核心舱的加速度大小。7．【答案】D【解析】【解答】A．根据图像，在速度突变处即t=0.5s时，小球碰地反弹，速度的正方向竖直向下。下落距离为v−t则小球在下落过程中重力做功WA不符合题意；B．同理，上升距离为v−t图像中时间轴下方与图线围成的三角形的面积，计算该面积可得h球在上升过程中重力势能增加为Δ代入数值计算可得ΔB不符合题意；C．小球与地面接触前的动能E离开地面的动能E那么接触过程中损失的机械能为ΔE=其中v1=5mC不符合题意；D．小球刚与地面接触时速度为v小球刚与地面接触时重力的瞬时功率为P=mg代入数据可得P=50WD符合题意。故答案为：D。

【分析】利用图像面积可以求出小球下滑高度，结合重力的大小可以求出重力做功的大小；利用其重力做功可以判别重力势能变化量的大小；利用其动能的表达式可以求出接触过程损失的机械能大小；利用其重力及速度的大小可以求出重力瞬时功率的大小。8．【答案】D【解析】【解答】A．避雷针的工作原理主要是利用尖端放电避免雷击，A不符合题意；B．放电电极做成针尖状，更容易累积电荷从而发生尖端放电现象，B不符合题意；C．点火器是利用高压尖端放电的原理，而工作服内掺入的金属丝，是利用了静电屏蔽的原理，C不符合题意；D．高压输电线的上方还有两条导线，这两条导线的作用是它们与大地相连，形成稀疏的金属“网”把高压线屏蔽起来，免遭雷击，与工作服内掺入的金属丝，都是利用了静电屏蔽的原理，D符合题意。故答案为：D。

【分析】避雷针的原理是利用尖端放电；点火器是利用尖端放电进行点火；其工作服掺入金属丝是利用静电屏蔽的原理。9．【答案】C【解析】【解答】A．由图可知：无穷远处电势为零，又有电势为正的地方，故存在正电荷；又有电势为负的地方，故也存在负电荷，所以，q1和q2带有异种电荷，A不符合题意；B．电场强度等于图中曲线斜率，x1处的斜率不为零，故电场强度不为零，B不符合题意；C．负电荷从x1移到x2，曲线斜率减小，电场强度减小，所以，受到的电场力减小，C符合题意；D．负电荷从x1移到x2，电势增大，电势能减小，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用其电势等于0可以判别两个电荷为等量异种电荷；利用其图像斜率可以判别电场强度的大小；利用其斜率的变化可以判别电场强度或电场力的大小变化；利用其电势和电性可以比较电势能的大小。10．【答案】D【解析】【解答】计算机键盘是一个电容传感器，由题意知是通过改变两极板间距来改变电容，得到相应的电信号.又因两极板间距减小，电容变大，设原间距为d0，至少要按下距离为d，电子线路恰能检测出必要的信号，则根据C=ESd得d=0.故答案为：D

【分析】利用其电容的决定式结合其电容的变化可以判别键被按下的距离大小。11．【答案】B【解析】【解答】由于两电流表串联在电路中，所以两表头指针的示数相同。又因为A2的量程是A1量程的5倍，且电流表刻度盘均匀分布，所以在表盘同一位置处，A2的示数是A1示数的5倍，换言之，当两表盘所指示数相同时，则A2指针偏角是A1指针偏角的15故答案为：B。

【分析】两个电流表串联其电流读数大小相等，结合其量程的大小可以比较指针偏转角的大小。12．【答案】D【解析】【解答】AB．设小球b在B、C位置时所受库仑力大小分别为F1、F2，所受轨道的支持力大小分别为N1、N2，轨道的半径为R，小球b的重力为mg，根据矢量三角形与几何三角形相似可得FF由题意并根据几何关系可知AB解得FN所以小球b从B到C过程中所受库仑力减小，a、b之间距离减小，则既可能是a的电量减少了，也可能是b的电量减少了，且小球b所受支持力始终与重力大小相等，AB不符合题意；CD．根据库仑定律可得FF解得qC不符合题意，D符合题意。故答案为：D。

【分析】利用小球的平衡条件结合矢量三角形定则可以求出其库仑力的大小变化，结合库仑定律可以判别其电荷量的大小变化；利用平衡条件可以判别b受到的支持力等于重力。13．【答案】A【解析】【解答】AD．根据功能关系可知E-x图像的斜率表示箱子所受的拉力，所以−15m至−10m过程中绳对箱子的拉力在逐渐减小，且移到−10m位置时拉力大小为F=A符合题意，D不符合题意。B．箱子到−10m处机械能为零，重力势能为负，则动能为正，即速度大于零，B不符合题意；C．箱子在地面处的机械能为5×104J，重力势能为零，所以动能为5×104故答案为：A。

【分析】利用功能关系结合图像斜率可以判别拉力的大小变化；利用其斜率的大小可以求出拉力的大小；利用机械能的大小可以判别其箱子的速度大小；利用其动能定理可以判别合力做功的大小。14．【答案】B,D【解析】【解答】A．静止时，N板不动，电容器的电容不变，则电容器电量不变，则电流表示数为零，电容器保持与电源相连，两极板带电，A不符合题意；B．保持向前匀加速运动时，加速度恒定不变，则N板的位置在某位置不动，电容器电容不变，电容器保持与电源相连电压不变，由Q=CU知电量不变，电路中无电流，B符合题意；C．由静止突然向后加速时，N板相对向前移动，则板间距减小，根据C=εD．由静止突然向前加速时，N板相对向后移动，则板间距增大，根据C=εrS故答案为：BD。

【分析】利用其电容器与电源相连其两极板带电；当向前做匀加速直线运动时，其N板下移则板间电容和电压不变其板间电荷量不变没有电流；当从静止开始加速时，利用板间距离的变化可以判别其电容的变化，利用其电容的定义式可以判别电荷量的变化，利用电荷量的变化可以判别电流的方向。15．【答案】C,D【解析】【解答】A．电场线越密集的位置电场强度越大，所以P点的电场强度比N点的小，A不符合题意；B．根据等量异种电荷周围电势分布规律可知直线ab为电势为零的等势线，则P点电势为零，再根据沿电场强度方向电势降低可知N点电势为负，所以P点电势比N点电势高，B不符合题意；C．根据等量异种电荷周围电势分布规律可知直线cd为电势为零的等势线，所以OP两点间的电势差等于OM间的电势差都为零，C符合题意；D．根据前面分析可知M点电势为零，N点电势为负，所以一带正电的试探电荷在M点的电势能比在N点大，D符合题意。故答案为：CD。

【分析】利用电场线的分布可以比较电势的大小及电场强度的大小及方向；利用其异种电荷周围电势的分布可以比较电势差的大小；利用其电势及电性可以比较电势能的大小。16．【答案】B,D【解析】【解答】ABC．根据部分电路欧姆定律可得RRR当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R2减小，则U1I不变，U2D．根据闭合电路欧姆定律可得U所以ΔD符合题意。故答案为：BD。

【分析】利用欧姆定律可以判别电压表和电流表比值对应的电阻，结合其滑动变阻器的电阻变化可以判别其比值的变化；利用闭合电路欧姆定律可以判别电压表变化量及电流表变化量比值大小。17．【答案】（1）B；D（2）0.35；0.48（3）1.0【解析】【解答】（1）绳子拉力由力传感器记录，所以不要保证砂和沙桶的总质量远小于小车质量，A不符合题意；该实验要平衡摩擦力，B符合题意；打点计时器应先接通电源后释放小车，C不符合题意；改变沙和沙桶的质量，从而改变小车合力，测量多组数据，做图，D符合题意。选BD。（2）打记数点4时小车的速度大小为v小车的加速度a=(（3）由于F得a=由图像可得斜率k=得M=1.0kg

【分析】（1）实验有力传感器测量拉力的大小所以不需要满足质量要求，其实验需要平衡摩擦力；实验要先接通电源后释放小车；

（2）利用其平均速度公式可以求出瞬时速度的大小；利用其逐差法可以求出加速度的大小；

（3）利用牛顿第二定律结合图像斜率可以求出小车质量的大小。18．【答案】（1）0.518（0.515～0.519）（2）A；C；E（3）b；πU【解析】【解答】（1）由图1所示螺旋测微器可知，其示数0.5mm+1.8×0.01mm=0.518mm。（2）电源电动势为4V，电压表应选A；电路最大电流约为I=U（5）待测金属丝定值约为3Ω，电压表内阻约为3000Ω，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻远大于待测金属丝电阻，电流表应采用外接法，即接b点；待测电阻阻值R=UI解得ρ=

【分析】（1）利用螺旋测微器的结构及精度可以读出对应的读数；

（2）利用电动势的大小可以求出电压表的读数；利用欧姆定律可以判别电流的大小进而判别电流表的量程；其滑动变阻器应该选择阻值较小的；

（5）利用其待测电阻的大小可以判别电流表的接法；结合欧姆定律及电阻定律可以求出电阻率的表达式。19．【答案】（1）解：设船在斜坡上下滑的加速度a1mg代入数据得a=2m/船在斜坡上滑下L解得t=8s此时的速度v=（2）解：设船在水平滑道上的初速度方向为正方向，由牛顿第二定律有−μmg=m解得a由匀变速运动的公式得2解得L【解析】【分析】（1）船在下滑的过程中，利用牛顿第二定律可以求出加速度的大小，利用位移公式可以求出运动的时间，结合其速度公式可以求出速度的大小；

（2）船在水平滑道上运