2024-2025学年辽宁名校联盟高三上学期12月联考物理试卷（考后强化版）（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1辽宁省名校联盟2024年高三12月份联合考试物理（考后强化版）本试卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名﹑准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，运动场上．一位同学将铅球斜向上抛出，若不计空气阻力，则铅球在空中运动过程中，下列说法正确的是（）A.在相等的时间内铅球的速度变化量都相等B.铅球所受重力的瞬时功率与时间成正比C.铅球在运动到最高点之前处于超重状态，经过最高点之后处于失重状态D.在任意相等时间内铅球动能的变化量相等【答案】A【解析】A．做斜上抛运动的物体只受重力的作用，所以其加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，可知在相等的时间内速度的变化都相等，故A正确；B．斜上抛运动在竖直方向上是先竖直上抛后做自由落体运动，重力的瞬时功率

PG=mgvy，且vy先向上减小后又反向增大不与时间成正比，故B错误；C．铅球从抛出一直只受重力作用，加速度为重力加速度，处于完全失重状态，故C错误；D．做斜上抛运动的铅球在竖直方向上先竖直上抛后做自由落体运动，任意相等时间内竖直方向发生的位移大小不同，任意相等时间内重力做功不等，由动能定理可知动能变化量不同，故D错误。故选A。2.清晨，一对父女沿平直公路晨跑，父女俩均以2m/s的速度匀速运动，女儿在父亲前面8m处，父亲带着的手机播放音乐，女儿用蓝牙耳机收听；某时刻女儿开始以的加速度匀加速奔跑，速度达到6m/s后继续匀速运动。若蓝牙耳机连接信号的最大距离为200m，则女儿开始加速运动多长时间后不能收听到音乐（）A.25s B.44s C.48s D.50s【答案】D【解析】当两者间距达到200m后，不能收听到音乐，则根据解得故选D。3.如图所示，导体棒a被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平杆OO'上，另一根导体棒b平行固定在水平杆OO'的正下方，两导体棒中通入方向相反的电流，稳定后悬挂的导体棒a偏离竖直方向一定角度。现缓慢减小导体棒b中的电流，则悬挂导体棒a的轻绳中的张力大小（）A.逐渐减小 B.逐渐增大 C.保持不变 D.先减小后增大【答案】C【解析】导体棒a受力平衡，受力分析如图所示由相似三角形可知可知轻绳中的张力不受安培力的影响，大小保持不变。故选C。4.某汽车在平直的公路上由静止开始做匀加速运动，当速度达到20m/s时发动机的功率刚好达到最大6×105W，又经过一段时间汽车的速度达到最大30m/s。已知汽车的质量为2.0×103kg，汽车运动过程中受到的阻力恒定，则汽车匀加速运动过程中的位移大小为（）A.40m B.50m C.60m D.70m【答案】A【解析】当牵引力等于阻力时，汽车速度达到最大，所以汽车受到的阻力大小为汽车做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律可得其中解得加速度大小为则汽车匀加速运动过程中的位移大小为故选A。5.如图所示，质量为、半径为、内壁光滑的圆形轨道竖直放置在水平地面上，轨道圆心为是轨道上与圆心等高的两点。一质量为的小球沿轨道做圆周运动且刚好能通过轨道最高点，运动过程中轨道始终保持静止状态。已知重力加速度为，下列说法正确的是（）A.小球经过轨道最高点时，轨道对地面的压力最小B.小球经过轨道最低点时，轨道对地面的压力最大C.小球经过点时，轨道对地面的压力为D.小球经过点时，轨道对地面的摩擦力沿水平面向左【答案】B【解析】A．小球经过轨道最高点时，重力提供向心力，小球处于完全失重状态，轨道对地面的压力等于轨道的重力，小球在下半轨道运动时，小球对轨道的压力有向下的分力，则轨道对地面的压力大于轨道的重力，小球在上半轨道运动（除最高点外）时，小球对轨道的压力有向上的分力，则轨道对地面的压力小于轨道的重力，故小球经过轨道最高点时，轨道对地面的压力不是最小，故A错误；B．由A分析可知，轨道对地面的压力最大位置在下半轨道，设小球、轨道圆心连线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律小球经过轨道最低点时，速度最大，，则在轨道最低点，小球受到轨道的支持力最大，根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力最大，轨道对地面的压力最大，故B正确；C．小球经过点时，轨道支持力提供向心力，小球处于完全失重状态，轨道对地面的压力等于轨道的重力，为故C错误；D．小球经过点时，轨道向左的支持力提供向心力，根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力向右，轨道静止，根据平衡条件可知地面对轨道的摩擦力沿水平面向左，根据牛顿第三定律，轨道对地面的摩擦力沿水平面向右，故D错误。故选B。6.回旋加速器的示意图如图所示，两个D形盒半径均为R，两D形盒之间的狭缝中存在周期性变化的加速电场，加速电压大小为U，D形盒所在空间存在垂直于盒面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B，回旋加速器中心O处有一粒子源，可无初速度的释放质量为m，电荷量为（）的带电粒子，经过多次加速后在D形盒的边缘被引出。不计粒子之间的相互作用和相对论效应，忽略粒子经过狭缝的时间，则粒子从无初速度释放到离开加速器的过程中所需要的时间为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】粒子被引出时，根据洛伦兹力提供圆周运动的向心力有此时动能达到最大值令电场中加速了n次，则有粒子在磁场中圆周运动的周期电场中加速一次，磁场中运动半周，则有解得故选D7.在x轴上的M、N处分别固定一个点电荷、，取x轴正方向为电场强度的正方向，x轴上各点的电场强度E随坐标x的变化曲线如图所示，O点电场强度为零，。P点在M左侧，Q点在N右侧，且PM与QN长度相等。下列说法正确的是（）A.与带等量正电荷B.与均带正电荷，且电荷量之比为C.P点与Q点的电场强度等大反向D.M点与P点的电势差小于N点与Q点之间的电势差【答案】B【解析】AB．根据题意，由图可知，间电场为正，间电场为负，且O点电场强度为零，则与均带正电荷，且解得故A错误，B正确；CD．根据题意，由点电荷场强公式和电场叠加原理可知，点的电场强度大于Q点的电场强度，方向相反，则M点与P点的平均电场强度大于N点与Q点之间平均电场强度，由可知，M点与P点的电势差大于N点与Q点之间的电势差，故CD错误。故选B。8.在体育场的水平地板上建立平面直角坐标系，一辆电动玩具小车在地板上运功，坐标原点O为t=0时刻小车的位置坐标，如图（a）所示，其沿y轴正方向的速度随时间变化规律如图（b）所示，沿x轴正方向的位移随时间的变化规律如图（c）所示（图线为抛物线的一部分，坐标原点О为抛物线的顶点），则（）A.小车的加速度大小为3m/s2B.t=3s时刻小车的速度大小为15m/sC.前2s内小车的位移大小为8mD.t=4s时刻小车的位置坐标为（32m，24m）【答案】BD【解析】A．由图可知，小车沿y轴正方向的运动为初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小沿x轴正方向的运动也为初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小满足解得=4m/s2所以小车的实际加速度大小为故A错误；B．根据A选项分析可知，小车做初速度为零的匀加速直线运动，根据可知，t=3s时刻小车的速度大小为15m/s，故B正确；C．同理，根据可得前2s内小车的位移大小为l0m，故C错误；D．同理可知t=4s时刻小车的位移大小为40m，则有x=scos37°=32m，y=ssin37°=24m即t=4s时刻小车的位置坐标为（32m，24m），故D正确。故选BD9.如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1和R2为定值电阻，其阻值均为2r，R为滑动变阻器，电路中的电表均为理想电表，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由b端缓慢向a端滑动，电流表A1和A2的示数变化量分别用ΔI1和ΔI2表示，电压表V1和V2的示数分别用U1和U2表示，示数的变化量分别用ΔU1和ΔU2表示，下列说法正确的是（）A.U1变大 B.C. D.【答案】AD【解析】A．滑动变阻器的滑片由b端缓慢向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，回路的总电阻减小，回路的总电流变大，所以定值电阻两端的电压变大，故A正确；B．回路总电流变大，根据可知路端电压变小，即变小，说明减少量大于的增加量，故B错误；C．由闭合电路的欧姆定律可知所以故C错误；D．由闭合电路欧姆定律可知整理得所以故D正确故选AD。10.如图所示，太空电梯的工作原理是从地球同步卫星所在高度的空间站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，另一端固定在地面上，这样电梯可以随地球同步转动。已知地球的质量为M、半径为R、自转周期为T，引力常量为G，太空电梯的一节梯厢的质量为m且距地面高度为h，关于该梯厢下列说法正确的是（）A.该梯厢处于平衡状态B.该梯厢所受合外力为C.该梯厢与空间站线速度的比值为D.该梯厢的线速度与相同高度的地球卫星的线速度的比值【答案】BCD【解析】A．该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，由沿半径方向的合力提供向心力，则该梯厢处于失重状态，故A错误；B．结合上述，该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，由沿半径方向的合力提供向心力，则有故B正确；C．该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，角速度与地球自转角速度相等，周期与地球自转周期相等，则线速度同步卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有，解得故C正确；D．对与该梯厢相同高度的地球卫星进行分析有解得故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某简易多用电表的电路图如图（a）所示，虚线方框内为换挡开关，A和B分别为两表笔。该多用电表有6个挡位，分别为直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA和2.5mA挡，两个欧姆挡。（1）测量时，若开关S是与“1”相连的，则此时多用电表的挡位为______挡（填题干中所给6个挡位中的一个）。（2）如果要用多用电表欧姆挡测量某个定值电阻的阻值，下面是操作步骤，请将合适的内容填在横线上：①旋动______（填“欧姆调零旋钮”或“指针定位螺丝”），使指针对准电流挡的“0”刻度；②将选择开关K旋转到欧姆挡“”的位置；③将红、黑表笔短接，旋动______（填“欧姆调零旋钮”或“指针定位螺丝”），使指针对准欧姆挡的0刻度线；④将两表笔分别与待测电阻相接，多用电表的示数如图（b）所示，则待测电阻的阻值为______。（3）若欧姆表内使用的是一节旧电池（电动势为1.5V，内阻较大），测得该电阻的阻值为R；然后更换一节新电池（电动势为1.5V，内阻较小），测得该电阻的阻值为，实验过程中其他操作均正确，则R______（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）2.5mA（2）指针定位螺丝欧姆调零旋钮220（3）等于【解析】【小问1详析】由图可知，若开关S是与“1”相连的，则此时多用电表当做电流表，又因为此时量程为而开关S是与“2”相连时的量程为因为所以若开关S是与“1”相连时，多用电表的挡位为2.5mA。【小问2详析】[1][2]如果要用多用电表欧姆挡测量某个定值电阻的阻值，首先旋动指针定位螺丝，使指针对准电流挡的“0”刻度；其次将选择开关K旋转到欧姆挡“”的位置；然后将红、黑表笔短接，旋动欧姆调零旋钮，使指针对准欧姆挡的0刻度线；[3]待测电阻的阻值为【小问3详析】由欧姆表的结构可知，电源内阻的变化，可以通过欧姆调零来抵消，故前、后两次的测量值是相等的。故12.某同学设计了如图（a）所示的装置验证机械能守恒定律。轻质动滑轮下方悬挂重物A，轻质定滑轮下方悬挂重物，悬挂滑轮的轻质细线竖直。开始时，用手托住重物B，使重物A、B处于静止状态。在重物A、B上分别固定相同的遮光片，测得重物A及遮光片、重物B及遮光片的质量均为，重力加速度为。用题中已知或测得的物理量字母回答下列问题：（1）用游标卡尺测量遮光片的宽度如图（b）所示，则遮光片宽度___________cm；（2）要使两遮光片分别同时到达两光电门1和2，则A上遮光片到光电门1的距离和B上遮光片到光电门2的距离的关系是___________；（3）释放B后，A的加速度大小为___________；（4）已知两遮光片分别同时到达两光电门1和2，A上遮光片通过光电门1的时间为，则A通过光电门1时的速度为___________，B上遮光片通过光电门2的时间为___________；（5）已知A上遮光片到光电门1的距离为，若满足关系式___________，则A、B组成的系统机械能守恒。【答案】（1）0.32（2）（3）（4）（5）【解析】【小问1详析】根据游标卡尺读数规则，图（b）中遮光片宽度【小问2详析】由动滑轮的特点和题图可知，在相同时间内，B下降的高度是A上升高度的两倍，所以要使两遮光片分别同时到达两光电门1和2，则A上遮光片到光电门1的距离和B上遮光片到光电门2的距离的关系是【小问3详析】由公式可知，B的加速度是A加速度的2倍，即对B受力分析，设细绳中拉力为，由牛顿第二定律有对A受力分析，由牛顿第二定律有联立解得所以释放B后，A的加速度大小为。【小问4详析】[1][2]已知两遮光片分别同时到达两光电门1和2，A上遮光片通过光电门1的时间是，则A通过光电门1时的速度为由速度公式可知，由于B的加速度是A的加速度的两倍，所以同一时刻，B的速度是A的速度的2倍，即又所以上遮光片通过光电门2的时间为【小问5详析】已知A上遮光片到光电门1的距离为，当A上升时，B下降，由机械能守恒得将，，代入化简即得到13.如图所示，倾角θ=37°的光滑斜面AB固定在水平面上，现将一弹力球从斜面的顶端A点以初速度v0=10m/s水平向右抛出，弹力球恰好落在斜面的底端B点。已知重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力。（1）求斜面的长度；（2）若弹力球与斜面碰撞时，沿斜面方向的速度不变，垂直斜面方向的速度大小不变，方向反向，现仅调整弹力球从A点水平抛出时的速度大小，使弹力球与斜面碰撞1次后仍能落到B点，求调整后弹力球水平抛出的速度大小。【答案】（1）18.75m；（2）【解析】（1）弹力球做平抛运动，竖直方向有水平方向有联立解得斜面的长度为（2）将平抛运动分解为沿斜面方向的匀加速运动和垂直斜面方向的类竖直上抛运动，设调整后弹力球水平抛出时的速度大小沿垂直斜面方向的分速度大小为沿斜面方向的分速度大小为垂直斜面方向的加速度大小为沿斜面方向的加速度大小为弹力球每次从斜面离开到再次落回斜面过程中用时为沿斜面方向有联立解得14.如图所示，一足够长的长方体被正方形分成上下两个长方体空间Ⅰ和空间Ⅱ，以为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系，其中。整个长方体空间存在沿z轴负方向的匀强电场（图中未画出），另外空间Ⅱ内同时还存在沿z轴正方向的匀强磁场（图中未画出），一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从边的中点P以初速度平行于y轴正方向射入长方体区域，粒子恰好经过正方形的中心点Q，且粒子在空间Ⅱ内运动的过程中，恰好未从长方体侧面飞出长方体区域，不计粒子重力，求：（1）匀强电场的电场强度大小；（2）粒子经过Q点时的动能；（3）匀强磁场的磁感应强度大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）带正电粒子在空间Ⅰ中类平抛运动，运动轨迹如图则由牛顿第二定律联立可得，匀强电场的电场强度大小为（2）在空间Ⅰ中，由动能定理解得，粒子经过Q点时的动能为（3）粒子进入空间Ⅱ中速度为将速度v分解为y轴速度和z轴速度，由于z轴速度方向与磁场平行，不受洛伦兹力,在平面内的y轴方向有洛伦兹力提供向心力由几何关系可知可得匀强磁场的磁感应强度大小为15.如图所示，光滑水平平台上静置一圆心为O、半径为R=4m，质量为m4=8kg的光滑四分之一圆弧轨道D，轨道最低点刚好与平台相切。平台右侧的水平地面上静置一质量为m3=2kg且足够长的木板C，C的上表面与平台等高，C与地面之间的动摩擦因数为=0.2。在木板C上距离左端L=2.8m处静置着一质量为m2=1kg的物块B，物块B与木板C之间的动摩擦因数为=0.6。现将一质量为m1=2kg的物块A从圆弧轨道D的最高点由静止释放，物块A滑上木板C时机械能无损失，然后与B发生弹性正碰（碰撞时间极短可忽略不计）。已知A与C之间的动摩擦因数为=0.5，物块A、B均可视为质点，重力加速度g取10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）物块A从轨道D滑离后，圆弧轨道D的速度大小；（2）物块A与B碰撞后瞬间两者的速度大小；（3）物块A与B之间的最终距离。【答案】（1）2m/s（2）2m/s，8m/s（3）m【解析】【小问1详析】物块A从轨道D上滑下的过程，由机械能守恒有水平方向动量守恒，有解得=8m/s=2m/s【小问2详析】物块A滑上木板C后，AC之间的摩擦力大小为=10N木板C与地面之间的最大静摩擦力大小为=10N所以物块A滑上木板C与物块B碰撞前，木板C保持静止不动，物块A滑行到与物块B碰撞前瞬间过程由动能定理，有解得=6m/s物块A与物块B发生弹性正碰，由动量守恒有由机械能守恒，有解得=2m/s=8m/s【小问3详析】物块A与物块B碰撞后，两物块均沿木板C向右做减速运动，物块A的加速度大小为=5m/s2物块B的加速度大小为=6m/s2对木板C，根据牛顿第二定律，有解得加速度大小为a3=3m/s2分析可知，物块A与木板C先共速，设AB碰后到AC共速用时，则有解得s此时物块A与木板C的速度相等均为m/s物块B的速度大小为m/s该过程中物块A的位移为m物块A与木板C共速后，根据牛顿第二定律，有解得一起运动的加速度为a4=-1m/s2分析可知，物块A和木板C会一起先减速到0，然后物块B再减速到0，该过程中，物块A与木板C一起滑行的距离为m从物块A与物块B碰后，到物块B最终停下来，物块B运动的距离为m所以物块A与物块B之间最终的距离为m辽宁省名校联盟2024年高三12月份联合考试物理（考后强化版）本试卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名﹑准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图所示，运动场上．一位同学将铅球斜向上抛出，若不计空气阻力，则铅球在空中运动过程中，下列说法正确的是（）A.在相等的时间内铅球的速度变化量都相等B.铅球所受重力的瞬时功率与时间成正比C.铅球在运动到最高点之前处于超重状态，经过最高点之后处于失重状态D.在任意相等时间内铅球动能的变化量相等【答案】A【解析】A．做斜上抛运动的物体只受重力的作用，所以其加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，可知在相等的时间内速度的变化都相等，故A正确；B．斜上抛运动在竖直方向上是先竖直上抛后做自由落体运动，重力的瞬时功率

PG=mgvy，且vy先向上减小后又反向增大不与时间成正比，故B错误；C．铅球从抛出一直只受重力作用，加速度为重力加速度，处于完全失重状态，故C错误；D．做斜上抛运动的铅球在竖直方向上先竖直上抛后做自由落体运动，任意相等时间内竖直方向发生的位移大小不同，任意相等时间内重力做功不等，由动能定理可知动能变化量不同，故D错误。故选A。2.清晨，一对父女沿平直公路晨跑，父女俩均以2m/s的速度匀速运动，女儿在父亲前面8m处，父亲带着的手机播放音乐，女儿用蓝牙耳机收听；某时刻女儿开始以的加速度匀加速奔跑，速度达到6m/s后继续匀速运动。若蓝牙耳机连接信号的最大距离为200m，则女儿开始加速运动多长时间后不能收听到音乐（）A.25s B.44s C.48s D.50s【答案】D【解析】当两者间距达到200m后，不能收听到音乐，则根据解得故选D。3.如图所示，导体棒a被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平杆OO'上，另一根导体棒b平行固定在水平杆OO'的正下方，两导体棒中通入方向相反的电流，稳定后悬挂的导体棒a偏离竖直方向一定角度。现缓慢减小导体棒b中的电流，则悬挂导体棒a的轻绳中的张力大小（）A.逐渐减小 B.逐渐增大 C.保持不变 D.先减小后增大【答案】C【解析】导体棒a受力平衡，受力分析如图所示由相似三角形可知可知轻绳中的张力不受安培力的影响，大小保持不变。故选C。4.某汽车在平直的公路上由静止开始做匀加速运动，当速度达到20m/s时发动机的功率刚好达到最大6×105W，又经过一段时间汽车的速度达到最大30m/s。已知汽车的质量为2.0×103kg，汽车运动过程中受到的阻力恒定，则汽车匀加速运动过程中的位移大小为（）A.40m B.50m C.60m D.70m【答案】A【解析】当牵引力等于阻力时，汽车速度达到最大，所以汽车受到的阻力大小为汽车做匀加速运动过程，根据牛顿第二定律可得其中解得加速度大小为则汽车匀加速运动过程中的位移大小为故选A。5.如图所示，质量为、半径为、内壁光滑的圆形轨道竖直放置在水平地面上，轨道圆心为是轨道上与圆心等高的两点。一质量为的小球沿轨道做圆周运动且刚好能通过轨道最高点，运动过程中轨道始终保持静止状态。已知重力加速度为，下列说法正确的是（）A.小球经过轨道最高点时，轨道对地面的压力最小B.小球经过轨道最低点时，轨道对地面的压力最大C.小球经过点时，轨道对地面的压力为D.小球经过点时，轨道对地面的摩擦力沿水平面向左【答案】B【解析】A．小球经过轨道最高点时，重力提供向心力，小球处于完全失重状态，轨道对地面的压力等于轨道的重力，小球在下半轨道运动时，小球对轨道的压力有向下的分力，则轨道对地面的压力大于轨道的重力，小球在上半轨道运动（除最高点外）时，小球对轨道的压力有向上的分力，则轨道对地面的压力小于轨道的重力，故小球经过轨道最高点时，轨道对地面的压力不是最小，故A错误；B．由A分析可知，轨道对地面的压力最大位置在下半轨道，设小球、轨道圆心连线与竖直方向的夹角为，根据牛顿第二定律小球经过轨道最低点时，速度最大，，则在轨道最低点，小球受到轨道的支持力最大，根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力最大，轨道对地面的压力最大，故B正确；C．小球经过点时，轨道支持力提供向心力，小球处于完全失重状态，轨道对地面的压力等于轨道的重力，为故C错误；D．小球经过点时，轨道向左的支持力提供向心力，根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力向右，轨道静止，根据平衡条件可知地面对轨道的摩擦力沿水平面向左，根据牛顿第三定律，轨道对地面的摩擦力沿水平面向右，故D错误。故选B。6.回旋加速器的示意图如图所示，两个D形盒半径均为R，两D形盒之间的狭缝中存在周期性变化的加速电场，加速电压大小为U，D形盒所在空间存在垂直于盒面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B，回旋加速器中心O处有一粒子源，可无初速度的释放质量为m，电荷量为（）的带电粒子，经过多次加速后在D形盒的边缘被引出。不计粒子之间的相互作用和相对论效应，忽略粒子经过狭缝的时间，则粒子从无初速度释放到离开加速器的过程中所需要的时间为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】粒子被引出时，根据洛伦兹力提供圆周运动的向心力有此时动能达到最大值令电场中加速了n次，则有粒子在磁场中圆周运动的周期电场中加速一次，磁场中运动半周，则有解得故选D7.在x轴上的M、N处分别固定一个点电荷、，取x轴正方向为电场强度的正方向，x轴上各点的电场强度E随坐标x的变化曲线如图所示，O点电场强度为零，。P点在M左侧，Q点在N右侧，且PM与QN长度相等。下列说法正确的是（）A.与带等量正电荷B.与均带正电荷，且电荷量之比为C.P点与Q点的电场强度等大反向D.M点与P点的电势差小于N点与Q点之间的电势差【答案】B【解析】AB．根据题意，由图可知，间电场为正，间电场为负，且O点电场强度为零，则与均带正电荷，且解得故A错误，B正确；CD．根据题意，由点电荷场强公式和电场叠加原理可知，点的电场强度大于Q点的电场强度，方向相反，则M点与P点的平均电场强度大于N点与Q点之间平均电场强度，由可知，M点与P点的电势差大于N点与Q点之间的电势差，故CD错误。故选B。8.在体育场的水平地板上建立平面直角坐标系，一辆电动玩具小车在地板上运功，坐标原点O为t=0时刻小车的位置坐标，如图（a）所示，其沿y轴正方向的速度随时间变化规律如图（b）所示，沿x轴正方向的位移随时间的变化规律如图（c）所示（图线为抛物线的一部分，坐标原点О为抛物线的顶点），则（）A.小车的加速度大小为3m/s2B.t=3s时刻小车的速度大小为15m/sC.前2s内小车的位移大小为8mD.t=4s时刻小车的位置坐标为（32m，24m）【答案】BD【解析】A．由图可知，小车沿y轴正方向的运动为初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小沿x轴正方向的运动也为初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小满足解得=4m/s2所以小车的实际加速度大小为故A错误；B．根据A选项分析可知，小车做初速度为零的匀加速直线运动，根据可知，t=3s时刻小车的速度大小为15m/s，故B正确；C．同理，根据可得前2s内小车的位移大小为l0m，故C错误；D．同理可知t=4s时刻小车的位移大小为40m，则有x=scos37°=32m，y=ssin37°=24m即t=4s时刻小车的位置坐标为（32m，24m），故D正确。故选BD9.如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1和R2为定值电阻，其阻值均为2r，R为滑动变阻器，电路中的电表均为理想电表，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片由b端缓慢向a端滑动，电流表A1和A2的示数变化量分别用ΔI1和ΔI2表示，电压表V1和V2的示数分别用U1和U2表示，示数的变化量分别用ΔU1和ΔU2表示，下列说法正确的是（）A.U1变大 B.C. D.【答案】AD【解析】A．滑动变阻器的滑片由b端缓慢向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，回路的总电阻减小，回路的总电流变大，所以定值电阻两端的电压变大，故A正确；B．回路总电流变大，根据可知路端电压变小，即变小，说明减少量大于的增加量，故B错误；C．由闭合电路的欧姆定律可知所以故C错误；D．由闭合电路欧姆定律可知整理得所以故D正确故选AD。10.如图所示，太空电梯的工作原理是从地球同步卫星所在高度的空间站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，另一端固定在地面上，这样电梯可以随地球同步转动。已知地球的质量为M、半径为R、自转周期为T，引力常量为G，太空电梯的一节梯厢的质量为m且距地面高度为h，关于该梯厢下列说法正确的是（）A.该梯厢处于平衡状态B.该梯厢所受合外力为C.该梯厢与空间站线速度的比值为D.该梯厢的线速度与相同高度的地球卫星的线速度的比值【答案】BCD【解析】A．该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，由沿半径方向的合力提供向心力，则该梯厢处于失重状态，故A错误；B．结合上述，该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，由沿半径方向的合力提供向心力，则有故B正确；C．该梯厢随绕地球做匀速圆周运动，角速度与地球自转角速度相等，周期与地球自转周期相等，则线速度同步卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有，解得故C正确；D．对与该梯厢相同高度的地球卫星进行分析有解得故D正确。故选BCD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某简易多用电表的电路图如图（a）所示，虚线方框内为换挡开关，A和B分别为两表笔。该多用电表有6个挡位，分别为直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA和2.5mA挡，两个欧姆挡。（1）测量时，若开关S是与“1”相连的，则此时多用电表的挡位为______挡（填题干中所给6个挡位中的一个）。（2）如果要用多用电表欧姆挡测量某个定值电阻的阻值，下面是操作步骤，请将合适的内容填在横线上：①旋动______（填“欧姆调零旋钮”或“指针定位螺丝”），使指针对准电流挡的“0”刻度；②将选择开关K旋转到欧姆挡“”的位置；③将红、黑表笔短接，旋动______（填“欧姆调零旋钮”或“指针定位螺丝”），使指针对准欧姆挡的0刻度线；④将两表笔分别与待测电阻相接，多用电表的示数如图（b）所示，则待测电阻的阻值为______。（3）若欧姆表内使用的是一节旧电池（电动势为1.5V，内阻较大），测得该电阻的阻值为R；然后更换一节新电池（电动势为1.5V，内阻较小），测得该电阻的阻值为，实验过程中其他操作均正确，则R______（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】（1）2.5mA（2）指针定位螺丝欧姆调零旋钮220（3）等于【解析】【小问1详析】由图可知，若开关S是与“1”相连的，则此时多用电表当做电流表，又因为此时量程为而开关S是与“2”相连时的量程为因为所以若开关S是与“1”相连时，多用电表的挡位为2.5mA。【小问2详析】[1][2]如果要用多用电表欧姆挡测量某个定值电阻的阻值，首先旋动指针定位螺丝，使指针对准电流挡的“0”刻度；其次将选择开关K旋转到欧姆挡“”的位置；然后将红、黑表笔短接，旋动欧姆调零旋钮，使指针对准欧姆挡的0刻度线；[3]待测电阻的阻值为【小问3详析】由欧姆表的结构可知，电源内阻的变化，可以通过欧姆调零来抵消，故前、后两次的测量值是相等的。故12.某同学设计了如图（a）所示的装置验证机械能守恒定律。轻质动滑轮下方悬挂重物A，轻质定滑轮下方悬挂重物，悬挂滑轮的轻质细线竖直。开始时，用手托住重物B，使重物A、B处于静止状态。在重物A、B上分别固定相同的遮光片，测得重物A及遮光片、重物B及遮光片的质量均为，重力加速度为。用题中已知或测得的物理量字母回答下列问题：（1）用游标卡尺测量遮光片的宽度如图（b）所示，则遮光片宽度___________cm；（2）要使两遮光片分别同时到达两光电门1和2，则A上遮光片到光电门1的距离和B上遮光片到光电门2的距离的关系是___________；（3）释放B后，A的加速度大小为___________；（4）已知两遮光片分别同时到达两光电门1和2，A上遮光片通过光电门1的时间为，则A通过光电门1时的速度为___________，B上遮光片通过光电门2的时间为___________；（5）已知A上遮光片到光电门1的距离为，若满足关系式___________，则A、B组成的系统机械能守恒。【答案】（1）0.32（2）（3）（4）（5）【解析】【小问1详析】根据游标卡尺读数规则，图（b）中遮光片宽度【小问2详析】由动滑轮的特点和题图可知，在相同时间内，B下降的高度是A上升高度的两倍，所以要使两遮光片分别同时到达两光电门1和2，则A上遮光片到光电门1的距离和B上遮光片到光电门2的距离的关系是【小问3详析】由公式可知，B的加速度是A加速度的2倍，即对B受力分析，设细绳中拉力为，由牛顿第二定律有对A受力分析，由牛顿第二定律有联立解得所以释放B后，A的加速度大小为。【小问4详析】[1][2]已知两遮光片分别同时到达两光电门1和2，A上遮光片通过光电门1的时间是，则A通过光电门1时的速度为由速度公式可知，由于B的加速度是A的加速度的两倍，所以同一时刻，B的速度是A的速度的2倍，即又所以上遮光片通过光电门2的时间为【小问5详析】已知A上遮光片到光电门1的距离为，当A上升时，B下降，由机械能守恒得将，，代入化简即得到13.如图所示，倾角θ=37°的光滑斜面AB固定在水平面上，现将一弹力球从斜面的顶端A点以初速度v0=10m/s水平向右抛出，弹力球恰好落在斜面的底端B点。已知重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力。（1）求斜面的长度；（2）若弹力球与斜面碰撞时，沿斜面方向的速度不变，垂直斜面方向的速度大小不变，方向反向，现仅调整弹力球从A点水平抛出时的速度大小，使弹力球与斜面碰撞1次后仍能落到B点，求调整后弹力球水平抛出的速度大小。【答案】（1）18.75m；（2）【解析】（1）弹力球做平抛运动，竖直方向有水平方向有联立解得斜面的长度为（2）将平抛运动分解为沿斜面